2021年高考生物押题预测卷（湖南卷）（03）（全解全析）.pdf

2021年高考生物押题预测卷（湖南卷）（03）生物全解全析1、【答案】A【解析】【分析】【详解】A、分析表中数据可知，C的含量很高，C是组成有机物的必要元素，碳链是构成大分子有机物的基本骨架，因此碳元素的含量说明有机物是干物质的主要成分，A正确；B、这两种生物体内所含的化学元素的种类基本相同，但含量相差很大，B错误；C、N、S是组成蛋白质的元素，动物细胞中其含量比植物高说明动物组织含蛋白质较多，蛋白质可用双缩版试剂进行定性检测，C错误；D、图表仅显示一种植物和一种哺乳动物体内细胞的某些化学元素含量，因此通过图表不能推测该植物和动物体内是否存在微量元素，D错误。故选Ao2、【答案】D【解析】【分析】利 用ATP水解释放能量，将细胞内的Na+泵出细胞外，而相应地将细胞外K+泵入细胞内，说明Na+出细胞、K+进细胞均为主动运输。该电化学梯度能驱动葡萄糖协同转运载体，运进葡荀糖，说明葡萄糖运进也需要能量，为主动运输。葡萄糖出细胞则为协助扩散。【详解】A、葡萄糖由肠腔转移到小肠上皮细胞的方式通过Na+形成的电化学梯度驱动，由葡萄糖协同转运载体转运，是一种主动运输的方式，而通过GLUT2将细胞内的葡萄糖转移到细胞外液的内环境中的方式是协助扩散,所以葡萄糖进出小肠绒毛上皮细胞的方式不同，运输的载体也不相同，A错误；B、Na+、K+通 过Na+-K+泵的跨膜运输方式都是主动运输，B错误；C、图中所示的膜蛋白Na+/K+-ATPase能够催化ATP的水解，并同时转运Na+和K+,因此具有催化作用和运输作用，但图示过程并未提到具有信息交流功能的膜蛋白，因此图中膜蛋白没有信息交流的作用，C错误；D、细胞的载体蛋白同时与Na+和葡萄糖结合后，在膜两侧Na+浓度梯度驱动下吸收葡萄糖，而细胞内外Na+浓度相等时，不能形成浓度梯度，则该协同运输不能进行，D正确。故选D。3、【答案】D【解析】【分析】根据表格分析，实验的自变量是冷激处理方式和时间，因变量是后熟软化天数和有无冻伤状斑点;实验结果是0冰水处理时间越长，后熟软化天数先增加后减小，但冻伤状斑点越多；而 0冷空气处理时间越长，后熟软化天数先增加后减小，但无冻伤状斑点。【详解】A、淀粉酶催化淀粉的水解，原因是酶降低化学反应的活化能，酶不能为反应提供活化能，A 错误；B、该实验自变量是冷激处理方式和冷激处理时间，B 错误；C,根据实验结果，0冷空气处理2.5h香蕉后熟软化天数最长，且斑点少，对延缓香蕉后熟效果最理想，C错误；D、香蕉软化过程中是淀粉醐将淀粉分解成还原糖的过程，可用斐林试剂检测可溶性还原糖，D 正确。故选D。4、【答案】A【解析】【分析】细胞衰老的自由基学说是美国科学家Harman 1955年提出的，核心内容有三条：（1）衰老是由自由基对细胞成分的有害进攻造成的；（2）这里所说的自由基，主要就是氧自由基，因此衰老的自由基理论，其实质就是衰老的氧自由基理论；（3）维持体内适当水平的抗氧化剂和自由基清除剂水平可以延长寿命和推迟衰老.【详解】A、由题干可知.细胞内各种氧化反应很容易产生自由基，分裂形成的新细胞能进行氧化反应，故能产生自由基，A 错误；B、辐射或电离等不利条件可能诱发细胞产生更多的自由基，B 正确；C、自由基攻击细胞膜上的磷脂分子可能导致细胞膜运输能力下降，进而导致细胞衰老，C 正确；D、生物体清除衰老细胞需要通过细胞凋亡来完成，D 正确。故选A,5、【答案】C【解析】【分析】中心法则的证内容：信息可以从DNA流 向 D N A,即 DNA的自我复制；也可以从DNA流 向 R N A,进而流向蛋白质，即遗传信息的转录和翻译。但是，遗传信息不能从蛋白质传递到蛋白质，也不能从蛋白质流向RNA或 DNAo中心法则的后续补充有：遗传信息从RNA流向RNA以及从RNA流向DNA这两条途径。【详解】A、孟德尔通过豌豆杂交实验发现了分离定律和自由组合定律，但并没有提出 基因 的概念，A 错误；B、格里菲思提出S 型肺炎双球菌含有转化因子，艾弗里通过肺炎双球菌体外转化实验证明了转化因子是DNA,B 错误；C、沃森和克里克发现了 DNA的双螺旋结构，提出了 DNA半保留复制的假说，C 正确；D、逆转录和RNA复制虽然纳入了中心法则的范畴，但其不属于细胞生物的遗传信息流，D错误。故选Co6、【答案】C【解析】【分析】由题意可知，长翅与长翅果蝇杂交的后代中出现截翅果蝇，说明截翅是隐性性状，长翅是显性性状。【详解】A、根据截翅为无中生有可知，截翅为隐性性状，长翅为显性性状，A不符合题意；B、根据杂交的后代发生性状分离可知，亲本雌蝇一定为杂合子，B不符合题意；C、无论控制翅形的基因位于X染色体上还是常染色体上，后代中均会出现长翅:截翅=3:1的分离比，C符合题意；D、根据后代中长翅:截翅=3:1可知，控制翅形的基因符合基因的分离定律，故可推测该等位基因在雌蝇体细胞中是成对存在的，D不符合题意。故选C。7、【答案】C【解析】【详解】A、孟德尔利用F1高茎豌豆自交产生的F2中出现性状分离，是等位基因分离的结果，没有发生基因突变，A错误；B、色觉和染色体组均正常的一对夫妇生了一个染色体组成为XbXbY（患红绿色盲）的儿子，说明母亲是携带者，且其次级卵母细胞减数第二次分裂异常产生了基因型为XbXb的卵细胞，B错误；C、绿脓杆菌产生抗药性突变对绿脓杆菌个体的生存是有利的，同时也有利于其种群的变化，C正确；D、利用高秆抗病（基因型为AARr）的水稻植株通过单倍体育种，可快速获取基因型为AARR或AArr的植株，但是不能得到aaRR的矮秆抗病植株，D错误。故选C,8、【答案】A【解析】【分析】现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质在于种群基因频率的改变；突变和基因重组产生生物进化的原材料；自然选择使种群的基因频率发生定向的改变并决定生物进化的方向；隔离是新物种形成的必要条件。共同进化是指不同物种之间以及生物与环境之间相互影响中不断进化和发展，即共同进化。【详解】A、传递效率是指下一营养级的同化量与上一营养级同化量的比值，一般传递效率在10%20%,因此能量传递效率发生在两个营养级之间而不是两种生物之间，A 错误；B、可遗传变异包括突变和基因重组，突变和基因重组产生生物进化的原材料，B 正确；C、自然选择使种群的基因频率发生定向的改变，因此在麻雀的选择下，高粱种群的基因频率会发生定向改变，C 正确；D、根据以上分析可知，高粱和麻雀即不同物种之间在相互影响中不断进化和发展，存在共同进化，D 正确。故选A9、【答案】A【解析】【分析】对照实验：在探究某种条件对研究对象的影响时，对研究对象进行的除了该条件不同以外，其他条件都相同的实验。根据变量设置一组对照实验，使实验结果具有说服力。一般来说，对实验变量进行处理的，就是实验组。没有处理是的就是对照组。【详解】A、甲组饲喂含甲状腺激素制剂饲料，体内甲状腺激素含量偏高，抑制垂体的活动，促甲状腺激素分泌减少，A 错误；B、甲组饲喂适量含甲状腺激素制剂的饲料，乙组饲喂等量的普通饲料，故该实验中甲组是实验组，乙组是对照组，B 正确；C、该实验中饲料的饲喂量属于无关变量，无关变量影响实验结果，所以实验中无关变量保持相同且适宜，C 正确；D、通过题干信息可知，该实验结果说明甲状腺激素能够促进蝌蚪的生长发育，D 正确。故选A,10、【答案】B【解析】【分析】人类免疫缺陷病毒（HIV）的遗传物质为R N A,具有突变频率高的特点。致病机理：HIV攻 击 T 细胞，使大量T 细胞死亡，导致免疫功能低下。【详解】A、病毒作为抗原，结构表面蛋白（抗原物质）可被辅助性T 细胞细胞膜上的特异性受体识别，A 正确；B、患者丧失了绝大部分特异性免疫功能，还保留有非特异性免疫和部分体液免疫功能，B 错误；C、逆转录过程需要在逆转录酶的催化下才能进行，故用药物抑制逆转录酶的活性可阻断HIV逆转录过程，从而抑制其增殖，C 正确；D、HIV作为抗原会刺激机体发生免疫反应，机体通过免疫反应会分泌相应抗体，故可用抗体检测法排查HIV感染者，D 正确；故选B11、【答案】C【解析】【分析】膨大剂是一种植物生长调节剂，能够促进细胞分裂和细胞伸长，与植物激素具有类似的生物活性,能够对植物基因的表达进行调节，植物的生长发育过程在根本上是基因组在一定时间和空间上程序性表达的结果。【详解】A、膨大剂是一种植物生长调节剂，能够促进细胞分裂和细胞伸长，与植物激素具有类似的生物活性，A正确；B、膨大剂能够对植物基因的表达进行调节，植物的生长发育过程在根本上是基因组在一定时间和空间上程序性表达的结果，B正确；C、膨大剂只能调控植物的生长，不是营养物质，不能代替肥料的作用，C错误；D、由于植物体内缺乏水解植物生长调节剂的酶，因此植物生长调节剂具有作用时间更长、作用效果更稳定的优势，D正确。故选C12、【答案】B【解析】【分析】1、出生率、死亡率以及迁入率和迁出率是决定种群大小和种群密度的直接因素。2、生态系统信息的种类：(1)物理信息：生态系统中的光、声、温度、湿度、磁力等，通过物理过程传递的信息，如蜘蛛网的振动频率。(2)化学信息：生物在生命活动中，产生了一些可以传递信息的化学物质，如植物的生物碱、有机酸、动物的性外激素等。(3)行为信息：动物的特殊行为，对于同种或异种生物也能够传递某种信息，如孔雀开屏。【详解】A、白鹭属于大型迁徙鸟类决定一个地区白鹭种群密度的主要影响因素是迁入率和迁出率，A错误:B、动物的特殊行为对于同种或异种生物也能够传递信息，用塑料袋制作的假人能动，模拟了生物的行为信息，B正确；C、随着生物种类增多，生态系统营养结构更复杂，但营养级间的能量传递效率不会提高，C错误；D、在有限的食物和空间条件下，白鹭数目增多，会引起种内斗争的增强，也会引起生物种间竞争加剧，D错误。故选Bo13、【答案】ABC【解析】【分析】酒精是生物实验常用试剂之一，如检测脂肪实验中需用体积分数为50%的酒精溶液洗去浮色；观察植物细胞有丝分裂实验和低温诱导染色体数目加倍实验中都需用体积分数为95%的酒精对材料进行解离；绿叶中色素的提取和分离实验中需用无水酒精来提取色素；果酒和果醋制作实验中可用体积分数为70%的酒精进行消毒；DNA的粗提取和鉴定中可以体积分数为95%的冷酒精进一步纯化DNA等。【详解】A、观察花生子叶细胞中脂肪分布的实验中，可用体积分数50%的酒精洗去浮色，这是利用类酒精能够溶解染色剂的特性，同时漂洗染色剂，便于染色体的观察，A 正确；B、探究叶绿体在光照下合成淀粉实验的中，利用酒精溶解色素做脱色剂、燃烧剂，从而避免色素的颜色对实验结果的干扰，B 正确；C、低温诱导植物染色体加倍实验中，使用卡诺氏液固定细胞形态后，要用体积分数为95%的酒精作为漂洗剂冲洗2 次，在该实验中也用到了 95%的酒精和15%的盐酸制成解离液，C 正确；D、在“绿叶中色素的提取和分离”实验中，首先用无水乙醇作为提取剂提取绿叶中的色素，然后再进行层析分离，层析液中也没有用到酒精，酒精在该实验中也没有作为消毒剂，D 错误。故选ABCo14、【答案】BCD【解析】【分析】（1）有氧呼吸是绝大多数生物进行细胞呼吸的主要方式。在有氧呼吸的过程中，每消耗lm ol的葡萄糖就需要6moi的。2 参与，同时会产生6moi的 CO2：若呼吸底物为脂肪，则吸收的。2 量与产生的C02量可能不等。（2）无氧呼吸没有0 2 参与。多数植物细胞、酵母菌等在进行无氧呼吸时，每消耗lm ol的葡萄糖，会产生2moi的 CO2；马铃薯块茎、动物细胞等在进行无氧呼吸时，每消耗lm ol的葡萄糖，会产生2moi的 C3H6。3（乳酸）。【详解】A、甲材料中释放的二氧化碳量大于吸收的氧气量，说明该材料在一定氧气浓度条件下有氧呼吸于无氧呼吸均能进行，所以该材料可能是富含糖类的材料，如小麦种子，A 错误；B、乙材料中释放的二氧化碳量小于吸收的氧气量，可能是脂肪等呼吸底物参与了细胞呼吸，所以该材料最可能是富含脂肪的材料，如花生种子，B 正确；C、丙材料中释放的二氧化碳量等于吸收的氧气量，所以该材料可能是动物组织或无氧呼吸时产生乳酸的植物器官，如马铃薯块茎，C 正确；D、丁材料中没有二氧化碳的释放和氧气的吸收，说明该材料可能是没有生命活动的材料或只进行产生乳酸的无氧呼吸，因此可能是哺乳动物成熟的红细胞，D 正确。故选BCD15、【答案】AC【解析】【分析】1、逐对分析法：首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题；其次根据基因的分离定律计算出每一对相对性状所求的比例，最后再相乘。2、后代分离比推断法：（1）若后代分离比为显性：隐性=3：1,则亲本的基因型均为杂合子；（2）若后代分离比为显性：隐性=1：1,则亲本一定是测交类型，即一方是杂合子，另一方为隐性纯合子；（3）若后代只有显性性状，则亲本至少有一方为显性纯合子。【详解】A、只看体色与翅型，体 色（假设用A/a表示）与 翅 型（假设用C/c表示），子代表现型比例为灰身长翅：灰身残翅：黑身长翅：黑身残翅=1：1：1：1,若基因位于常染色体上，则亲本的基因型为母本Aacc与父本aaCc；若 体 色（A/a）与 翅 型（C/c）基因在1 对同源染色体上，子代表现型比例为灰身长翅（AaCc）：灰身残翅（Aacc）：黑身长翅（aaCc）：黑身残翅（aacc）=1：1：1：1,若 体 色（A/a）与 翅 型（C/c）基因分布 在 2 对同源染色体上，子代表现型比例也为灰身长翅（AaCc）：灰身残翅（Aacc）：黑身长翅（aaCc）：黑身 残 翅（aacc）=1：1：1：1,故不能确定体色与翅型基因是否独立遗传，A 正确；B、由题干可知，亲本雌雄都为红眼，后代红眼：白眼=3：1,因此红眼为显性性状，白眼为隐形形状。只看 体 色（A/a）与眼色（假设用B/b表示），亲本为灰身红眼雌果蝇与黑身红眼雄果蝇，子代表现型比例为灰身红眼：灰身白眼：黑身红眼：黑身白眼=3：1：3：1,若基因位于常染色体上，则亲本的基因型为AaBb、aaB b,若 A 与 B 在 1 对同源染色体上，子代表现型比例为灰身红眼：黑身红眼：黑身白眼=2：1：1,若 A与 b 在 1 对同源染色体上，子代表现型比例为灰身红眼：灰身白眼：黑身红眼=1：1：2,故这两对基因在2对同源染色体上，能自由自合，因此可以确定体色与眼色基因是独立遗传的，B 错误；C、亲本的体色为灰身（Aa或 XAXa）雌果蝇与黑身（aa或 XaY）雄果蝇杂交，子代都能出现1：1 的比例，不能确定体色与眼色基因是否为伴X 遗传，亲本的眼色为红眼（Bb或 XBXb）雌果蝇与红眼（Bb或 XBY）雄果蝇杂交，子代都能出现3：1 的比例，不能确定眼色基因是否为伴X 遗传，C 正确；D、亲本的翅型为残翅（cc或 XcXc）雌果蝇与长翅（Cc或 XCY）雄果蝇杂交，子代都能出现1：1 的比例，不能确定控制翅型的基因是否为伴X 遗传，D 错误。故选AC。16、【答案】BCD【解析】【分析】1、分析图一：甲能利用C 0 2,说明它是生产者；乙则为消费者，根据a、b、c、d 四个种群的能量多少可判断，a 能量最多，为初级消费者，b、c 能量相同都为次级消费者，d 能量最少则为三级消费者；丙为分解者。2、分析图二：X和Y之间是捕食关系，f表示Y呼吸作用散失的能量，i表示Y被分解者利用的能量；e表示X呼吸散失的能量，h表示X被分解者利用的能量。甲 a b d【详解】A、分解者不在食物网中，所以图一中涉及的食物网可能为/,A错误;B、粪便中的能量属于上一个营养级的能量，故Y这个营养级的粪便中食物残渣的能量包含在X营养级中流向分解者的能量，对应h,B正确；C、Y营养级用于生长、发育及繁殖的能量为该营养级的同化量-呼吸作用散失的能量，可表示为g-f,C正确；D、图二中两个营养级之间能量的传递效率是Y与X的同化量之比，X的同化量=6+8+11,Y的同化量=8，所以两者的传递效率可以用 g/（e+g+h）卜100%表示，D正确。故选BCD.,17、（12 分）【答案】（1）.反馈调节（2）.升高（3）.升高（4）.细胞膜 .转入普通质粒的IS N细胞.Ca2+通道基因的转录量【解析】【分析】1、胰岛素可以促进组织细胞吸收、利用、储存葡萄糖；2、根据图示，当葡萄糖浓度升高，通过GLUT2蛋白转运到胰岛B细胞内，转化为萄葡糖-6-磷酸，然后转化成丙酮酸转运到线粒体参与有氧呼吸二三阶段产生大量ATP,ATP浓度升高使ATP敏感的K+通道关闭，K+无法外流细胞膜去极化打开Ca2+通道，Ca2+促进胰岛素分泌颗粒移动到细胞膜分泌胰岛素。【详解】（1）,在一个系统中，系统本身工作的效果，反过来又作为信息调节该系统的工作，这种调节方式叫做反馈调节；（2）葡萄糖经过胰岛B细胞膜上的受体进入细胞后，转化成萄葡糖-6-磷酸，萄葡糖一6-磷酸转化成丙酮酸转运到线粒体进行有氧呼吸，产生大量A T P,使ATP/ADP比值升高，引起胰岛B细胞膜上的ATP敏感的钾通道关闭，细胞内的K+不能转运到细胞外，导致细胞去极化，细胞内K+浓度升高，Ca2+内流增加，刺激胰岛素分泌颗粒和细胞膜融合，通过胞吐的方式运出细胞外；（3）在ISN细 胞（胰 岛B细胞瘤细胞）中转入能够抑制H蛋白基因转录的重组质粒，将其作为实验组，则对照组应转入普通质粒（不含H蛋白基因）作为对照组，检测两细胞的Ca2+通道基因的转录量，通过对比，分 析H蛋白对Ca2+通道基因表达的影响。【点睛】本题综合考查了人体激素调节及相关的实验设计，意在考查考生的识图能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力。18、（9 分）【答案】（1）.分层（2）.显著提高了群落利用环境资源的能力（3）.标志重捕法（4）.使群落演替按照不同于自然演替的速度和方向进行（5）.通过呼吸作用以热能的形式散失 缶）.间接（7）.设立自然保护区：科学开展红树林保护修复工作；加强宣教力度，提高公民对自然资源保护意识;制定相关法律法规，加强监测、监管【解析】【分析】广阔众多的湿地具有多种生态功能，蕴育着丰富的自然资源，被人们称为“地球之肾、物种贮存库、气候调节器，在保护生态环境、保持生物多样性以及发展经济社会中，具有不可替代的重要作用。【详解】（1）群落中动植物有明显的分层现象，植物的分层现象主要与光照、温度、水分和养分有关，动物由食物和栖息环境，具有一定的分层现象。分层现象一方面显著提高了生物利用环境资源的能力：另一方面可以缓解竞争压力，避免生态位重叠。调查某种水鸟的种群密度，一般采用标志重捕法。（2）每一营养级同化的能量，一部分通过自身的呼吸作用以热能形式散失，另一部分用于自身的生长、发育和繁殖。人类活动会使群落演替按照不同于自然演替的速度和方向进行。（3）防风消浪、促淤护岸、净化海水等功能体现了生物多样性的间接价值。红树林可以通过以下措施进行保 护：设立自然保护区；科学开展红树林保护修复工作；加强宣教力度，提高公民对自然资源保护意识；制定相关法律法规，加强监测、监管。【点睛】本题重点考查了湿地生态系统的有关知识，同时还综合了生态系统类型、物质循环和稳定性及水体富营养化等内容，意在考查学生提取信息和分析问题的能力。19、（12 分）【答案】（1）.嗅觉正常（2）.无嗅觉的蜂王与嗅觉正常的雄蜂杂交，其后代中由受精卵发育成的雌蜂嗅觉均正常（3）.两 .位于两对同源染色体上（5）.基 因R。发生了隐性突变（或 基 因R o突变为隐性基因）（6）.用显微镜观察F,蜂王的卵原细胞内是否发生了染色体片段缺失（7）.统计经紫外线照射的蜂王的雄性后代数量，若明显少于其他蜂王的雄性后代，则说明发生了染色体片段缺失；若雄性后代数量相差不大，则说明发生了基因突变【解析】【分析】自由组合规律是现代生物遗传学三大基本定律之一。当 具 有两对（或更多对）相对性状的亲本进行杂交，在子一代产生配子时，在等位基因分离的同时，非同源染色体上的基因表现为自由组合。其实质是非等位基因自由组合，即一对染色体上的等位基因与另一对染色体上的等位基因的分离或组合是彼此间互不干扰的，各自独立地分配到配子中去。因此也称为独立分配定律。【详解】（1）雄蜂是由亲本蜂王的卵细胞发育而来的，蜂王为无嗅觉型，而F1中雄蜂均无嗅觉，说明亲本蜂王为纯合子；雌蜂是由受精卵发育而来的，由于亲本蜂王为纯合无嗅觉型，雄蜂为嗅觉正常型，而F 1雌蜂嗅觉均正常，故嗅觉正常对无嗅觉为显性。(2)若嗅觉相关性状由一对等位基因控制，则 F 1 雌蜂应为一对等位基因的杂合子，其 与 F 1 中雄蜂交配产生的F2雌雄蜜蜂应只有两种表现型，而由题可知F2雌雄蜜蜂有四种表现型，故嗅觉相关性状至少是由两付等位基因控制的。若 F2雌雄蜜蜂中四种表现型的比例为1:1:1:1.则可说明这两对等位基因的遗传符合自由组合定律，位于两对同源染色体上。(3)根据题意可知，正常情况下F 1 中嗅觉正常的蜂王基因型为R lrlR 2 r2,经紫外线照射后F 2 只出现传统气味型和无嗅觉型，很可能是其卵原细胞中含有R2基因的染色体片段缺失，或 者 是 R2基因发生了隐性突变，即 R2突变为己。可用显微镜观察F1蜂王的卵原细胞内是否发生了染色体片段缺失；由于雄蜂含R2基因的染色体片段缺失会死亡，故统计经紫外线照射的蜂王的雄性后代数量，若明显少于其他蜂王的雄性后代，则说明发生了染色体片段缺失；若雄性后代数量相差不大，则说明发生了基因突变。【点睛】本题考查了基因自由组合定律应用和变异的有关知识，要求能够题干信息确定性状的显隐性，同时利用基因的自由组合定律确定两个杂交组合中亲子代的基因型和后代出现异常现象得到原因，具有一定的难度。20、(12 分)【答案】(1).探究干旱、盐胁迫对开花期花生叶绿素含量、光合速率及干物质量的影响(2).土壤含水量45%,NaCI含量0.3%(3).无水乙醇、碳酸钙和二氧化硅 .增强 .控制物质进出细胞(6),提高细胞的渗透压，增强细胞的吸水能力【解析】【分析】生物体的衰老过程是机体的组织细胞不断产生的自由基积累结果，自由基可以引起DNA损伤从而导致突变,诱发肿瘤形成。自由基是正常代谢的中间产物，其反应能力很强，可使细胞中的多种物质发生氧化，损害生物膜。还能够使蛋白质、核酸等大分子交联，影响其正常功能。【详解】(1)该实验的自变量是土壤含水量和NaCI含量，因变量为叶绿素含量、光合速率和干物质量，因此该实验的目的是探究干旱、盐胁迫对开花期花生叶绿素含量、光合速率及干物质量的影响，通过与前三组对照，表中干旱、盐双重胁迫的处理方式为土壤含水量45%,NaCI含 量 0.3%,为测定叶绿素含量，需要先提取花生叶片中的色素，在提取色素的过程中需要添加的物质有无水乙醇、碳酸钙和二氧化硅，无水乙醉是提取剂，碳酸钙是为了避免色素遭到破坏，二氧化硅是为了研磨的更充分。(2)自由基攻击生物膜的磷脂分子，损害生物膜，膜脂透性增强，导致细胞膜的控制物质进出细胞受到极大影响。(3)溶液渗透压，简单的说，是指溶液中溶质微粒对水的吸引力。溶液渗透压的大小取决于单位体积溶液中溶质微粒的数目：溶质微粒越多，即溶液浓度越高，对水的吸引力越大，溶液渗透压越高；反过来，溶质微粒越少，即溶液浓度越低，对水的吸引力越弱，溶液渗透压越低。在盐胁迫下，施用外源NO显著提高了花生叶片细胞中的可溶性糖、可溶性蛋白、脯氨酸等物质的含量，其意义是提高细胞的渗透压，增强细胞的吸水能力。【点睛】本题是一道图文题，主要考查了实验的基本原理、色素提取、自由基学说等相关知识点，其中准确理解色素提取的实验过程、自由基的作用，是解题的关键。21、【答案】（1）.中 性（或微碱性）（2）.尿素（3）.需要（4）.尿素分解菌为异养生物，葡萄糖可为其提供碳源（5）.接种相同样品的牛肉膏蛋白陈培养基（6）.牛肉膏蛋白陈培养基上的菌落明显多于该培养基上的菌落（7）.30300（8）.土壤中各类微生物的数量是不同的（9）.培养基被杂菌污染或培养基中混入了其他含氮物质【解析】【分析】从土壤中分离微生物的一般步骤是：土壤取样、选择培养、梯度稀释、涂布培养和筛选菌株。筛选尿素分解菌应该使用以尿素为唯一氮源的选择培养基，配制培养基的一般操作是配制培养液、调 整pH、分装、包扎、灭菌、搁置斜面。微生物的计数常用稀释涂布平板法接种，采用固体平板培养细菌时，要将培养皿倒置。【详解】（1）细菌适宜在酸碱度为中性或微碱性的潮湿土壤中生长，因此土壤取样时要选择合适的地点。（2）在该实验中，配制培养基需要以尿素为唯一氮源，该培养基中需要添加葡萄糖为分解尿素的细菌提供碳源，原因是尿素分解菌为异养微生物，不能利用无机碳源，只能利用现成的有机碳源。若要验证该培养基具有选择作用，需要设置基础培养基作为对照，即接种相同样品的牛肉膏蛋白陈培养基，在相同条件下培养，当牛肉膏蛋白陈培养基上的菌落明显多于该培养基上的菌落时，即可说明该培养基具有选择作用。（3）在接种前需要对样品进行稀释处理，以保证获得菌落数在30300范围、适于计数的平板。测定土壤中细菌的数量，一般选用10T 1。5、1。6倍的稀释液进行平板培养，若测定放线菌数量，则需要采用与此不一样的稀释倍数，原因是土壤中各类微生物的数量是不同的，所以分离不同的微生物需要采用不同的稀释倍数。（4）在进行实验时，甲同学从对应106倍稀释的培养基中筛选出大约200个菌落，但是其他同学在同样稀释度下只筛选出大约90个菌落，若甲同学的结果有问题，则可能的原因是培养基被杂菌污染或培养基中混入了其他含氮物质，使得培养基上不止尿素分解菌这一种微生物。【点睛】本题以尿素分解菌考查微生物的分离和培养，意在考查考生的识记能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力，属于考纲识记和理解层次的考查。22、【答案】（1）.SnaB I和A v ril .相应的限制酶识别序列 .确保定向连接.DNA连接酶（5）.Bgin（6）.卡拉霉素 .分子杂交 .甲醇【解析】【分析】分析题图:图中质粒含有SnaB、A v ril、B g in和Sacl限制酶切割位点,其中Sacl位于启动子上。耍 将HBsAg基因和pPIC9K质粒重组，使目的基因介于启动子和终止子之间，只能用限制酶SnaB和A v ril切割质粒，要获取含有5，AOX1-3AOX1段基因，应选用限制醐B g lll来切割。【详解】（1）图中质粒含有SnaB、A v ril、B g lll和Sacl限制酶切割位点，其 中Sacl位于启动子上，启动子和终止子不能被破坏，为实现HBsAg基因和pPIC9K质粒重组，使目的基因介于启动子和终止子之间，只能用限制酶SnaB和A v ril切割质粒,并在HBsAg基因两侧的A和B位置接上SnaB、A v ril限制酶识别序列。这两种酶切割产生的黏性末端不同，这样可以避免质粒和目的基因自身环化，还可以防止目的基因和质粒反向连接，确保定向连接。（2）酶切获取HBsAg基 因（目的基因）后，需用DNA连接酶将其连接到pPIC9K质 粒（运载体）上，形成重组质粒，并将其导入大肠杆菌（受体细胞）以获取大量重组质粒。（3）步 骤3是要获取含有&A0X1-3 4 0 X 1段 基 因（限制酶B g in的切割位点）,应选用限制酶BglI I来切割重组质粒获得重组D N A,然后将其导入巴斯德毕赤酵母菌细胞。（4）5，AOX1-3AOX1段基因含有卡拉霉素抗性基因（可以合成出卡拉霉素抗性物质），为了确认巴斯德毕赤酵母菌转化是否成功，在培养基中应该加入卡拉霉素以便筛选；若要检测转化后的细胞中是否含有HBsAg基因转录产物，可以用分子杂交方法进行检测。（5）巴斯德毕赤酵母菌是一种甲基营养型酵母菌，能将甲醇作为其唯一碳源，同时甲爵能诱导A 0X 1基因表达。所以转化的酵母菌在培养基上培养一段时间后，需要向其中加入甲醇以维持其生活，同时诱导HBsAg基因表达。【点睛】本题结合工程菌形成过程，考查基因工程的相关知识，要求考生识记基因工程的概念、原理及操作步骤，掌握各操作步骤中需要注意的细节，能结合图中信息准确答题。