2021年山东省聊城市阳谷县中考物理三模试卷（附答案详解）.pdf

2021年山东省聊城市阳谷县中考物理三模试卷一、单 选 题（本大题共9小题，共27.0分）1.如图，冰箱中涉及很多物态变化的知识，下列说法正确的是（）A.将水放入冷冻室，水会液化B.打开冷冻室的门会看到“白气”，这是汽化现象C.冷冻室侧壁有时会有霜，这是水蒸气凝华形成的D.制冷剂通过管子流经冷冻室时会放热电动压缩机2.在探究凸透镜成像的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，烛焰在光屏上恰好成一清晰的像。下列说法正确的是（）B.将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，该成像规律应用在照相机上C.在贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，可在光屏上成清晰缩小的像，该镜片对光起发散作用D.用f =15cm的凸透镜替换图中透镜，只向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像3.如图甲所示为水的密度在010。（：范围内随温度变化的图象，图乙为北方冬天湖水温度分布示意图，根据图象及水的其他性质下列分析判断错误的是（）A.温度等于4。（：时，水的密度最大B.在0 PC范围内，水具有热缩冷胀的性质C.示意图中从上至下A、B、C、D、E处的温度分别为4空、3,2,1,0D.如果没有水的反常膨胀，湖底和表面的水可能同时结冰，水中生物很难越冬4.如图，轻质杠杆4B可以绕。点转动，在A点用细线悬挂一重 r-1物，在8点施加一竖直向下的动力，使杠杆在水平位置保持平 衡。若将动力的方向改为沿虚线方向，仍使杠杆在水平位置保持平衡，贝 亚）A.动力臂减小，动力增大 B.动力臂增大，动力减小C.动力臂减小，动力减小 D.动力臂增大，动力增大5.如图所示，盛水的烧杯静置于水平桌面上。下列分析正确的是（）5ZZZA.烧杯的重力与桌面对烧杯的支持力是一对平衡力 层 同“B.烧杯和水的重力与杯子对桌面的压力是一对平衡力C.烧杯对桌面的压力与桌面对烧杯的支持力是一对相互作用力D.烧杯对桌面的压力与桌面对烧杯的支持力是一对平衡力6.球竖直向上运动，并落回地面，这过程中先后经过M、S两点。球在这两点的动能C.机械能等于在S点的D.离地高度比在S点的低7.下面关于热现象的四个图认识正确的是（）,F 4.WA.甲图烧杯中的水沸时继续吸热，温度保持不变变，内能不变B.乙图是两个压紧的铅块能吊起一个重物，两铅块未被拉开是因为铅块分子间只存在引力C.丙图中由于砂石的比热容比海水的比热容小，导致沙漠地区昼夜温差比沿海地区大D.丁图是内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能8.如图是“研究小灯泡电功率”的电路图。灯丝电阻、电源电压不变，电路连接正确后，闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片。下列说法正确的是（）&y 0-”、=”或)|G.(3)实验中要分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置，是 为 了 测 量 ,从而计算有用功和总功.(4)在此实验中，若仅增加钩码的重力，该 滑 轮 组 的 机 械 效 率 将 (填“增大”、“不变”或“减小”).24.小明同学在 测量小灯泡正常发光的电阻”的实验中，已知电源电压是6匕 小灯泡的额定电压是3.8 U,电阻约为8。甲 乙(1)请你用笔画线代替导线帮他将图甲中的实物图连接完整。(2)正确连接电路后，闭合开关前，滑 动 变 阻 器 的 滑 片 应 该 置 于(选 填“A”或“B”)端；(3)小明同学调节滑动变阻器，进行了几次实验，得到部分。和/的数据如表所示，灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则 灯 泡 正 常 发 光 的 电 阻 为，小明同学在对数据进行分析时发现：小灯泡灯丝电阻增大其原因_ _ _ _ _。实验次数12345U/V1.002.003.003.804.20i/A0.200.400.470.51灯泡亮度不亮不亮偏暗正常很亮(4)小明同学在实验室借了甲：“100、1.54”、乙：“20小、1.24”和 丙:“300、14”三个滑动变阻器，你认为他完成上表实验所使用的滑动变阻器是：(选填“甲”、“乙”或“丙”)，理由是：O第 8页，共 2 9 页六、计算题(本大题共3小题，共21.0分)2 5.如图甲所示，为我国自主研发的新一代智能汽车，该汽车具有自动加速、刹车和避障等功能。己知汽车空载质量为1000依，最大载重为500依，静止时轮胎与水平地面的总接触面积为0.1爪2。不考虑外界因素影响，汽车行驶时受到的阻力为汽车总重的0.05倍。如图乙所示，是汽车满载并以恒定功率行驶时的速度与时间图像，g取 1 0 N/kg。求：(1)汽车在10 20s内通过的路程；(2)空载的汽车静止在水平地面时对地面的压强;(3)汽车满载时行驶的恒定功率。2 6.如图，质量为60依 的工人用滑轮组提升重物，每个滑轮的重力均为100N,用滑轮组让重力为250N的物体匀速上升2mo(1)工人做的有用功为多少？(2)若不计绳重和摩擦，此时滑轮组的机械效率是多少？(3)实际使用中绳子能够承受的最大拉力为4 0 0 M重物提升过程中绳子重和摩擦对应的额外功始终占总功的1 0%,求滑轮组的最大机械效率。2 7.如图甲所示，小明家新买了一台电热足浴器，其简化电路如图乙所示。当水温达设定温度时，温控开关S 可自动切换至保温状态，&、/?2是发热电阻，热水器主要参数如下表。请完成以下问题：甲 乙额定电压220V最大水量5L加热功率1100W保温功率220W(1)用手向上提起加满水的足浴器时，手臂有很强的下坠感，这 说 明 物 体 间,由图乙可知，当开关S 跳至_ _ _ _ _ _ 触点位置时，足浴器进入保温状态。(2)足浴器正常加热时电路中的电流为多少？(3)水箱中装满初温为20久的水，足浴器正常加热8m in,可使水温升高到40。&则水吸收的热量为多少？水的比热容为4.2 x 103J/(kg-)(4)上述加热过程中，电热足浴器消耗的电能为多少？加热效率是多少？(保留一位小数)第 10页，共 29页答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、将水放入冷冻室，水会结冰，由液态变为固态，是凝固过程，故 4 错误；8、打开冷冻室的门会看到“白气”，是空气中的水蒸气遇到冰箱内温度较低的空气凝结成的小水滴，属于液化现象，故 B错误；C、冰箱冷冻室侧壁上的霜，是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故 C 正确；。、冰箱内的液态制冷剂在冷冻室的管子里由液态变成气态，发生汽化现象，汽化吸热，使冷冻室的温度降低，故。错误。故选：Co(1)物质从液体变为固态的过程叫做凝固；(2)物质由气态转变为液态的过程叫做液化；(3)物质从气态直接变成固态叫凝华；(4)冰箱的原理就是利用氟利昂一类的物质汽化吸热和液化放热将冰箱内的热量搬运到冰箱的外部，从而起到制冷的作用。本题考查了学生运用所学的物态变化知识来分析冰箱制冷的原理和物态变化现象，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单。2.【答案】D【解析】解：A、由图可知H=50cm-30cm=20cm,光屏上得到一个清晰等大的实像，则u=2/=2 0 c m,解得/=1 0 c m,故 A 错误；乐 将蜡烛和光屏都向右移动，光屏上可成清晰的像，物体处于一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用该原理制成的，故 B 错误；C、贴近凸透镜的左侧放置一眼镜片，只向左移动光屏，说明透镜对光线有会聚作用，在光屏上成清晰缩小的像，故 C 错误；D、用/=15cm的凸透镜替换图中透镜，物距=20cm,f u 2/时，成倒立、放大的实像，像距大于2 倍焦距，向右移动光屏，可在光屏上成清晰的像，故。正确。故选：D。(1)物距等于4 时，成倒立、等大的实像；(2)光屏上能承接到的像是实像。凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；(3)根据光屏的移动方向可判断像的变化情况；(4)当/a 2/时，成倒立、放大的实像。本题考查了凸透镜成像规律的应用，要熟练掌握规律的内容，解决此题的关键是求出焦距的大小。3.【答案】C【解析】【分析】本题主要考查水在04式范围内，热缩冷胀的性质，是一道基础题。(1)在图象中找出密度最大的位置，看对应的温度是多少；根据图象找出0。(：4汽水密度的变化情况，得出结论；(2)在04冤范围内，温度越高，密度越大；(3)因为水的凝固点是0。&当河面结冰时，冰接触的河水温度即冰水混合物的温度也为0,从曲线可看出曲线的最低处即为较深河底的水温；(4)水在0汽 4。(：之间具有热缩冷胀的反常膨胀现象。【解答】4 由图象可知，在4冤时水的密度是最大的，故 A 正确，不符合题意；8.在04T 范围内，温度越高，密度越大；体积越小，故在。4久范围内，水具有热缩冷胀的性质，故 8 正确，不符合题意；C.因为水的凝固点是0。&当河面结冰时，冰接触的河水温度即冰水混合物的温度也为0,故A 点为0。口 故 C错误，符合题意；D 温度不同的水密度不同，密度大的水下沉到底部，而下层的密度小的水就升到上层来。这样，上层的冷水跟下层的暧水不断地交换位置，整个的水温逐渐降低。这种热的对流现象只能进行到所有水的温度都达到4久时为止，故如果没有水的反常膨胀，湖底和表面的水可能同时结冰，水中生物很难越冬，故。正确，不符合题意。故选a4.【答案】A第 12页，共 29页【解析】解：在 A 点用细线悬挂一重物，在 8 点施加一个竖直向下的动力时，动力臂最长；当动力沿虚线方向拉杠杆时，由图知，动力臂G 将变小，而阻力和阻力臂均不变，由&力=F25可知，动力F 将变大，故 A 正确。故选：A。支点与力的作用点间的距离为最长的力臂，当动力沿虚线方向拉杠杆时，根据杠杆平衡的条件和动力臂的变化确定动力的变化本题主要考查杠杆平衡条件的应用，关键是判断动力臂的变化，当阻力和阻力臂不变时,动力臂减小，动力会增大。5.【答案】C【解析】解：A、盛水的烧杯静置于水平桌面上，桌面对烧杯的支持力等于烧杯和水的重力之和，则烧杯的重力与桌面对烧杯的支持力大小不相等，所以不是平衡力。故 A 错误。以 盛水的烧杯静置于水平桌面上，烧杯和水的重力与杯子对桌面的压力方向相同，且作用在不同物体上，所以不是一对平衡力，故 8 错误.C、盛水的烧杯静置于水平桌面上，烧杯对桌面的压力与桌面对烧杯的支持力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，是一对相互作用力。故 C正确。、盛水的烧杯静置于水平桌面上，烧杯对桌面的压力与桌面对烧杯的支持力是作用在不同物体上的两个力，所以不是一对平衡力。故。错误。故选：Co(1)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。(2)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。平衡力和相互作用力容易混淆，注意区分：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上。不同点：平衡力是一个受力物体，发生在两个物体之间；相互作用力是两个受力物体，发生在两个物体之间。6.【答案】B【解析】解：A、球的质量不变，球在M 点的动能小于S点动能，所以求在M 点的速度小于S点速度，故 A 错误。B C,球在运动过程中没有发生弹性形变，所以机械能等于动能和重力势能之和，由图知 1,球在M 点动能和S点重力势能相等，M 点的重力势能大于S点的动能，所以M 点的机械能大于S点的机械能，故 B 正确，C错误。D、M 点的重力势能大于S点的重力势能，球的质量不变，所以球在M 点的高度大于S点的高度，故。错误。故选：B。(1)动能大小跟物体的质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。(2)重力势能跟物体的质量和高度有关，在质量一定时，高度越大，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。(3)机械能等于动能和势能之和，物体不发生弹性形变时，机械能等于动能和重力势能之和。从图象上判断动能和重力势能的大小，利用控制变量法，判断物体的速度和高度。7.【答案】C【解析】解：4、水沸腾时吸热，温度保持不变，物体的内能增大，故A 错误；8、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，主要是因为分子间存在引力，但引力和斥力是同时存在的，故 B 错误；C、沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多，因为砂石的比热容比海水的比热容小，白天，相同质量的沙石和水比较，吸收相同的热量，沙石的温度升高的多；夜晚，放出相同的热量，沙石的温度降低的多，导致沙漠地区昼夜温差比沿海地区大，故 C正确；。、图中气缸的排气门打开，活塞向上运动，是内燃机的排气冲程，在冲程中没有能量的转化，故。错误。故选：C(1)液体沸腾时吸热温度不变，内能增加；(2)分子间既有引力也有斥力；(3)沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；第 14页，共 29页(4)根据气门的开闭情况和活塞的运动方向可判断图中哪个冲程；在内燃机的压缩冲程中，压缩气体做功，将机械能转化为内能；在做功冲程中，将内能转化为机械能。此题考查了分子运动论、内燃机各冲程的认识、水的比热容大的运用，都是热学知识中常考的内容，要理解会运用。8.【答案】D【解析】【试题解析】4、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路的电流，向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路的电阻变小，由于电阻的串联，所以电路的总电阻变小，由欧姆定律，电流表示数变大，A 错误；8、根据U=/R,因电流变大，故灯电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小，B错误；CD、根据P=U/,灯电路的电流变大，故电路的总功率变大，C错误；灯的电压变大，灯的电流变大，根据P=U/,灯的功率变大，灯变亮，。正确；故选：D。A、灯与变阻器串联，电压表测灯的电压，电流表测电路的电流，向左移动滑动变阻器的滑片，分析变阻器连入电路的电阻变化，由电阻的串联确定电路的总电阻变化，由欧姆定律判断电流表示数变化；B、根据U=/R分析灯的电压变化，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压变化；CD、根据P=U/分析电路的总功率变化；根据灯的电压变大，灯的电流变大，根据P=U/确定灯的功率变化，从而确定灯的亮度的变化。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，要掌握。9.【答案】D【解析】解：4、开关S闭合后，螺线管具有磁性，小铁球仍静止在水面上时受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，其重力和浮力的大小不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故 A错误；B、开关S闭合后，电流由B流向A,则由右手螺旋定则可知螺线管的A 端为N 极，故8 错误；C、滑片P 向右滑动，滑动变阻器接入电阻增大，由欧姆定律可知电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，小铁球所受吸引力减小；此过程中小铁球受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，当小球重新平衡后，向下的吸引力与重力之和应等于向上的浮力，因吸引力减小，所以铁球所受浮力也将减小，故 C错误；。、当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管的磁性增强，故 O 正确。故选：。(1)根据小铁球的受力情况进行分析；(2)已知电流方向则由右手螺旋定则可知螺线管A 的磁极。(3)当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知螺线管中磁性的变化；则由力的合成可知小铁球所受的浮力的变化。本题根据力的合成考查了右手螺旋定则、滑动变阻器的使用，平衡力、以及浮力，是一道综合题。10.【答案】【解析】解：A、声音的传播速度与介质的种类有关，还与介质的温度有关，故。错误；从 道路两旁安装隔音板可以在噪声的传播过程中减弱噪声，故 8 错误；C、通过声学仪器接收到的次声波可以判断地震的方位和强度是利用声波传递信息；故C正确；。、人类能听到的声是声音，超声波、次声波、声音统称声音，故。正确。故选：C D。(1)声音的传播速度与介质的种类有关，还与介质的温度有关；(2)减弱噪声有三种：在声源处减弱；在传播过程中减弱：在人耳处减弱；(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；(4)人类能听到的声是声音，超声波和次声波人类都听不到，也属于声音，次声波、超声波、声音统称声。本题围绕声现象的一些基本知识进行了考查，都是声学常识，是我们必须熟知的。第 16页，共 29页11.【答案】AB【解析】解：A、甲图中路程和时间成正比说明甲做匀速直线运动，乙图中路程和时间的比值变小说明不做匀速直线运动，故A 正确；8、货物。做匀速直线运动，处于平衡状态，故竖直方向上受到向下的重力和钢索向上的牵引力，这两个力是一对平衡力；货物b 做的是变速直线运动，处于非平衡状态，所受重力和钢索对它的牵引力不是一对平衡力，故 8 正确；C、前 6 秒内，S。=0.4m,sb=0.6 m,货物a 受到的重力和钢索的牵引力是一对平衡力，即尸承=G,则甲吊车所做的总功勿=Fs=Gs=2.5 x 103/V x 0.4m=1.0 x 1037;货物6 做的是变速直线运动，其所受牵引力不等于重力，故不能求出乙吊车所做的总功是多少。故 C 错误；D、由图象可知：前 6 秒内，sa 0.4m,Sb=0.6 m,所以根据u=；可知。货物运动的平均速度小于b 货物运动的平均速度，故。错误。故选：AB。(1)由图象可知，甲图中路程和时间的比值不变，即为匀速直线运动；乙图中路程和时间的比值变小，即不做匀速直线运动；(2)物体静止或匀速直线运动时处于平衡状态，受到的力为平衡力，平衡力作用在同一物体上，相互作用力作用在两个物体上；(3)根据W=Fs计算甲、乙两台吊车做的总功，然后比较；(4)根据图象读出前6 秒内甲乙通过的路程，根据速度公式求出平均速度，即可比较平均速度的大小。根据图象判断物体是否做匀速直线运动、知道平衡力的辨别和平衡力与相互作用力的区别是解决本题的关键。12.【答案】AD【解析】解：人由表格数据可知，煤油比水密度小，所以混合后，煤油会浮在水的上方；故 A 正确；8、密度是物体本身的一种性质，与质量多少无关，所以把200g酒精倒掉一半，剩下的酒精密度不变；故 8 错误；C、固体的密度不一定都大于液体的密度，例如水银的密度大于铜、铝的密度；故 C 错、口K;。、铜的密度大于铝的密度，两球质量相同，且都是实心的，由公式，=知，铜球体积较小；故。正确。故选：AD.(1)根据表格中煤油和水的密度关系，判断浮沉情况。(2)密度是物体本身的一种性质，与物质的种类、温度、气压、状态有关；密度与物体的质量、体积、形状没有关系。(3)根据表格中的数据判断固体和液体密度大小的规律。(4)利用密度公式的变形公式V=蓝判断铜球和铝球的体积关系。本题考查了密度及其特性、密度公式的应用，密度知识历来是考试的一个重点内容，重力、浮力等很多知识都涉及到密度知识，所以掌握密度知识非常关键。13.【答案】ABD【解析】解：由电路图知，R与乙串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；4、由P=?得，灯泡的阻值：&=/=翳=5 0,故A正确；B、滑片移动的过程中，当灯泡正常发光时，电路中的电流是最大的；由=得，电路中的最大电流：/大=渣=鬻 =0.5 4,故8正确；C、当电压表示数为3V时，滑动变阻器连入电路中的阻值最大，此时灯泡两端的电压：u=u -u =4.5V-3 V =1.5V,电路中的最小电流：/、=嚎=0.34；滑动变阻器连入电路中的最大阻值：R消大=詈=怒=100；灯泡正常发光时，电流最大，则电路的总电阻最小；滑动变阻器两端的电压u/=u _ U耕=4.5V-2.51/=2V,滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R滔=产U沿 =念2V=4。，所以滑动变阻器的阻值变,r /大 v.O/i化范围是4 01 0 0,故C错误；。、根据P=U/可知，电路中的电流最大时，总功率最大，最大功率为:P=U/大=4.5V x0.54=2.25勿，故。正确。第18页，共29页故选：ABD.由电路图知，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；(1)根据P =?求出灯泡的阻值；(2)灯泡正常发光时电路中的电流最大，根据P =U/求出最大电流；(3)电压表示数为3丫时，滑动变阻器连入电路中的阻值最大，根据分压特点求出灯泡两端的电压，再根据欧姆定律求出最小电流；进而求出滑动变阻器连入电路中的最大阻值;根据电路中的最大电流求出最小电阻，从而求出滑动变阻器的最小阻值；(4)根据P =U/求出最大功率。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是电路中各量的最大和最小值的确定，有一定的难度。1 4.【答案】3.35 X I O-1。导体【解析】解：Inm=1 0-9m,则0.335 nm=3.35 X 1 0-1 0m；这种新材料是从石墨材料中剥离出来的，石墨容易导电，故这种新材料也是导体；故答案为：3.35 x1 0-1。；导体。Inm=1 0-9m,据此进行单位换算；容易导电的物体叫导体。本题考查了单位换算、物质的导电性，属于基础知识。1 5.【答案】反射 静止 不变【解析】解：看到对岸美丽的灯景在水面成像，属于平面镜成像，像是由于光的反射形成的；在行走过程中，若以小明为参照物，小明在水中的像相对于小明之间没有发生位置的变化，是静止的；像的大小与物体大小相同，故像的大小不变。故答案为：反射；静止；不变。倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；简记为：正立、等大、对称、虚像。在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物,物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。此题主要考查学生对运动和静止的相对性、平面镜成像特点的理与掌握，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。16.【答案】一 次 可 再 生 风【解析】解：(1)风能可以直接来自自然界，是一次能源，也可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它属于可再生能源；(2)发电机原理是电磁感应现象，发电时将机械能转化为电能，所以风力发电机发电时，将风能转化为电能。故答案为：一次；可再生；风。(1)像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；(2)一次能源：直接来自自然界而未经加工转换的能源，例如化石燃料、太阳能、水能、生物燃料；二次能源：由一次性能源直接或间接转换而来的能源。本题考查了发电机的工作原理，要注意和电动机的工作原理相区分；可再生能源是将来我们主要的发展方向，也是考试中的热点，应注意多了解。17.【答案】运动状态不做功【解析】解：(1)由图知两球相撞后，打出的球运动方向发生改变，运动状态发生变化，被打的小球由运动变为静止，运动状态也发生变化，此现象说明力能改变物体的运动状态；(2)台球在桌面上滚动的过程中，球杆对台球不再有力的作用，所以球杆对台球不做功。故答案为：运动状态；不做功。(1)力的作用效果有两种：改变物体的形状，改变物体的运动状态；(2)做功的条件是：作用在物体上有力，物体沿力的方向移动一段距离；该题考查了力的作用效果、做功的条件，等知识是一道综合题，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。18.【答案】18 3.6第20页，共29页【解析】解：(1)已知乙灯泡的额定电压为9匕 因此根据图象可知，乙灯泡正常发光的电流为0.54由/=可知，乙灯正常发光时的电阻：C U 9V 八R=-=-=18/2；/0.54(2)因为串联电路电流相等，并且串联电路两端电压等于各部分电压之和，根据图象可知，将甲、乙两灯串联接入9V的电路时，电路中的电流为0.44电路消耗的电功率为：P=U/=9V x 0AA=3.6W.故答案为：18；3.6。(1)由图象可知乙的额定电流，根据欧姆定律的变形公式即可求出乙正常发光时的电阻;(2)根据串联电路电压、电流的特点以及图象确定电路电流，然后根据P=U/求出电路消耗的电功率。本题考查了学生的读图能力，同时考查了欧姆定律和电功率计算公式的应用以及串联电路的特点，是一道综合性题目。19.【答案】向左 电流方向和磁场方向都发生了变化，导体GH受力的方向不变【解析】解：将铜棒EF和 G”垂直静止放在导轨上，当拉动铜棒EF向左运动时，铜棒EF切割磁感线，E月中会产生感应电流，通电的铜棒GH在磁场中受到力的作用，铜棒G”会跟着向左运动；若将磁场方向改为与原来相反，仍然向左拉动铜棒E R 则 EF中的感应电流的方向与原来相反；GH中的电流方向也与原来相反，磁场的方向也发生了改变，则 GH受力的方向不变，所以G/7仍然会向左运动。故答案为：向左；电流方向和磁场方向都发生了变化，导体GH受力的方向不变。闭合电路一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向有关；通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向与电流的方向和磁场的方向有关。本题考查了学生对电磁感应现象和通电导体在磁场中受力运动的掌握，以及影响感应电流方向和磁场力方向的因素，有一定难度。20.【答案】解：根据平面镜成像特点，先作出S 点关于平面镜的对称点，即为S 的像点S,再连接S与凸透镜上发生折射时的折射点，即可得到s 点发出的光经平面镜的反射光线，与镜面的交点4 为入射点，连接SA即为平面镜的入射光线；再根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴可知，射向凸透镜的光线（经平面镜的反射光线）与主光轴的交点为凸透镜左侧的焦点F.如图所示：【解析】物和像关于平面镜对称，据此确定像点的位置；而反射光线好像是从虚像上发出的，据此连接像点与凸透镜上发生折射时的折射点，画出反射光线和入射光线，再根据过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴可得凸透镜左侧的焦点。本题将平面镜成像的光路图与凸透镜的光路图结合起来，利 用 好“经平面镜后的反射光线好像是从虚像上发出的”是解题的关键。21.【答案】解：物块完全浸没在水中时，V排=V=120cm3=1.2 X lO m3,木块所受的浮力：F浮=PgVf f=1.0 x 103kg/m3 x 10N/kg x 1.2 x 10-4m3=1.2W 1.8/V,所以，松开手时物块下沉；过物块的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用 浮和G表示，并标明大小，即为其受力示意图，如图所示：【解析】首先求出物块浸没在水中受到的浮力，然后根据物体的浮沉条件判定物块所受重力和浮力的关系，再按照力的示意图的画法画出其所受重力和浮力的示意图.第22页，共29页此题考查浮力的大小计算和力的示意图的画法，关键是求出物块所受浮力，然后与重力相比较，得出松开手时物块的浮沉状态.22.【答案】相 同B 4 8人 =也 大 电 阻MAt【解析】解：(1)实验中两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，为控制相同时间两液体吸热相同，根据律Q=/2R3选用的两根电阻丝的阻值应相同；(2)根据比较吸热能力的方法，实验中(控制相同时间吸热相同)，通过比较温度计示数的变化量来判断液体吸热能力的强弱；选仪(3)液体 加热后的温度如图乙所示，分度值为2。0则示数为48冤；根据表中数据，加热相同时间后，液体吸收的热量相同，液体升高的温度较低，所以液体b的吸热能力较强；(4)设a瓶中液体质量为M,电阻丝的阻值为凡 测出其电流为/,通电一段时间f后放出的热量为：Q=I2Rt,温度计的示数变化量为 3若不计热量损失，放出的热量全部被液体吸收，根据吸热公式：Q=cm t可知。液体的比热容为：C _Q_ _ _l2_R_t 由于热传递过程中不可避免存在热损失，则用该表达式计算出的比热容会比实际值偏大;(5)如果在两烧瓶中分别装入质量相等的煤油，并接入两根阻值不同的电阻丝，串联时电流处处(通电时间也相同)相等，根据控制变量法结合转换法，可用这个装置来探究电流产生的热量与电阻的关系。故答案为：(1)相同；(2)8；(3)48；b；(4)c=痣;大；(5)电阻。(1)(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法;使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；由焦耳定律Q=/Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；(3)根据温度计分度值读数；根据比较吸热能力的方法分析；(4)根据Q=和Q=cm t分析；从热传递过程中不可避免存在热损失分析；(5)电阻丝产生的热量不易直接观察，由转换法，可使等质量初温相同的液体吸收相同的热量，根据A”高由温度变化确定产生的热量多少；根据控制变量法分析。本题探究探究匕两种液体的吸热能力和导体产生的热量与什么因素有关，考查控制变量法、转换法、串联电路电流的规律、Q =C H I A t及焦耳定律的运用。2 3.【答案】缓慢匀速提升；0.8；钩码和弹簧测力计移动的距离；增大【解析】解：(1)为了读数准确、方便，测量绳子自由端的拉力F,应该在弹簧测力计缓慢匀速提升时读数；图中弹簧测力计分度值0.2 N,示数是0.8 N；(2)由图知，滑轮组由3 段绳子承担物重，所以F=|,但其成立的条件是不考虑机械自重和摩擦.若考虑的话拉力F大于小(3)实验中要分别记下钩码和弹簧测力计的起始位置，为了测量钩码和弹簧测力计移动的距离，从而计算有用功和总功；(4)整个滑轮组保持不变，即额外功不变.因为对钩码做的功为有用功，仅增加钩码的重力，即增大了有用功，因此机械效率就会增大.故答案为：(1)缓慢匀速提升；0.8；(2)；(3)钩码和弹簧测力计移动的距离；(4)增大.(1)本实验中，应匀速向上拉弹簧测力计；弹簧测力计时要先明确分度值.(2)使用滑轮组时，拉力不仅要克服物体的重力，还要克服动滑轮的重力及机械摩擦.(3)要测滑轮组的机械效率，需测出G、/?、F、s,根据公式？7=1 0 0%计算.所以需要测量钩码和弹簧测力计移动的距离，从而计算有用功和总功.(4)使用滑轮组时，做的额外功不变，仅增加钩码的重力，增大了有用功，由此分析机械效率的变化.(1)滑轮组做的有用功是提升物体重力做的功，额外功是克服动滑轮重力和绳子重力及摩擦做的功，总功是拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值.(2)滑轮组的机械效率与提升物体的物重有关，同一滑轮组，提升物体重力越大，机械第24页，共29页效率越大.原因.2 4.【答案】B 7.6。灯丝电阻随温度的升高而增大0.5 丙 第 1 次实验时，滑动变阻器接入的电阻为2 5 0,甲和乙的电阻都小于2 5 0【解析】解：(1)滑动变阻器已接入左下端，则应将上端任意一个接线柱接入电路，电流 表“-”接线柱己接入电路，则应将滑动变阻上接线柱与电流表“+”接线柱相连，电压表并联在灯两端，由表中实验次数4 可得，灯正常发光时的电压为3.8 人 故将灯的右端与电压表“1 5 V”接线柱相连，如图所示：(2)为保护电路，滑动变阻器接入电路时滑片要滑到阻值最大处，即由图可知为B端；(3)电流表接入量程我0 0.6 4 分度值为0.02 4,指针偏转格数乘以分度值即为电流表示数0.5 4；此时灯正常发光即电压为3.8 人 则灯丝电阻为：/?=苫=需=7.6 0；1 0.5A灯丝电阻随温度的升高阻值会增大；(4)由实验次数1 可得,当灯两端电压为1 丫时,滑动变阻器两端的电压为:6 V-1 V =5 V；此时电流为0.2 0 4 根据R =彳 =言 =2 5 0,则滑动变阻器接入的电阻至少为2 5 0,则甲乙均不符合，故选丙。PD.故答案为：(1)；(2)B；(3)7.60；灯丝电甲阻随温度的升高阻值而增大；(4)丙；第 1次实验时，滑动变阻器接入的电阻为2 5 0,甲和乙的电阻都小于250。(1)滑动变阻器接入电路时要“一上一下”连接；电流表接入电路时要与被测电路串联，其电流从“+”接线柱流入，从“-”接线柱流出；电压表接入电路时要与被测电阻并联，且“+”接线柱与电流流进这一端相连，“-”接线柱与电流流出这一端相连；(2)为保护电路，滑动变阻器接入电路时滑片要滑到阻值最大处，即由图可知为B 端；(3)电流表接入量程我00.6 4,分度值为0.0 2 4 指针偏转格数乘以分度值即为电流表示数0.5 4 此时灯正常发光即电压为3.8V,根据R=子计算灯丝电阻；灯丝电阻随温度的升高阻值会增大；(4)由实验次数1可得，当灯两端电压我IV时，滑动变阻器两端的电压为：6V-1 V =5K；此时电流为0.2 0 4 根 据/?=彳=悬 =2 5 0,则滑动变阻器接入的电阻至少为2 5 0,则甲乙均不符合。本题考查基本电路连接，滑动变阻的作用；影响电阻的因素及滑动变阻器的量程选择,属于基本实验考查，难度不大。25.【答案】解：(1)由乙图可知汽车在1020s内的速度为20m/s,汽车在1020s内通过的路程为：s=vt-20mls X 10s=200m；(2)已知汽车空载质量为1000kg,此时汽车的重力：G=mg=1000kg x 10N/kg=1 x104N,汽车空载时汽车对地面的压力等于汽车的重力，空载的汽车静止在水平地面时对地面的压强：p=-=I。:=1 x 105Pa；r S 0.1m2第26页，共29页(3)汽车行驶时受到的阻力为汽车总重的0.05倍，则汽车行驶时受到的阻力为：/=O.O5Go=0.05(771+m)g=0.05 x(1050kg+500kg)x ION/kg=750/V,汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，汽车满载时行驶的恒定功率：P=/=?=Fu=750/V x 20m/s=15000W。答：(1)汽车在1020s内通过的路程为200?；(2)空载的汽车静止在水平地面时对地面的压强1 x 105Pa；(3)汽车满载时行驶的恒定功率15000W。【解析】(1)根据速度公式的变形公式计算汽车在1020s内通过的路程；(2)根据压强公式计算空载的汽车静止在水平地面时对地面的压强；(3)根据P=?=?=Fu计算汽车满载时行驶的恒定功率。本题考查速度公式、压强公式、功率公式的灵活运用，题目难度不大，但综合性强。26.【答案】解：(1)工人做的有用功：勿 有=Gh=250N x 2m=500/.(2)不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力和物体重力做的功为总功，则W总=(G+GQh=(250/V+100/V)x2m =700；,滑轮组的机械效率：n=X 100%=陋 x 100%71.43%；1 700/，(3)当以绳子能够承受的最大拉力提升物体时，滑轮组的机械效率最大，由图可知，n=2,则绳端移动的距离s=nh=2h,拉力做的总功：小忌 =Fs=F x 2九=2Fh,克服动滑轮重力做的额外功：川颁1 =G/1,因重物提升过程中绳子重和摩擦做的额外功始终占总功的10%，所以，重物提升过程中克服绳子重和摩擦做的额外功：W翻,=10%皿 =10%X 2Fh=0.2Fh,滑轮组做的有用功：川/=W/-W颁】一讥 额2=2即-G*-0.2F/Z=1.8F八-G办,则滑轮组的最大机械效率:T=x 1 0 0%=动 X 1 0 0%=1，8 F-C-x 1 0 0%=.丝X 竺N-1叱 x 1 0 0%=W2Fh 2F 2X400N77.5%,答：(1)工人做的有用功为50 0 J；(2)若不计绳重和摩擦，此时滑轮组的机械效率是71.43%；(3)实际使用中绳子能够承受的最大拉力为4 0 0 M重物提升过程中绳子重和摩擦对应的额外功始终占总功的1 0%,则滑轮组的最大机械效率为77.5%。【解析】(1)知道物体的重力和提升的高度，根据W=Gh求出工人做的有用功；(2)若不计绳重和摩擦，克服自身重力和动滑轮重力做的功为总功，根据W=Gh求出总功，利用4=知*1 0 0%求出滑轮组的机械效率；(3)当以绳子能够承受的最大拉力提升物体时，滑轮组的机械效率最大，拉力做的总功/怒=F s =2Fh.克服动滑轮重力做的额外功卬颍i =G动 儿 克服绳子重和摩擦做的额外功颁2=1 0%以忌，滑轮组做的有用功/疔=皿总一 颁1 一小荷2,利用效率公式求滑轮组的最大机械效率。本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，难点在第三问，能求出两种额外功的大小是关键。2 7.【