陕西省黄陵中学2020_2021学年高二物理上学期期中试题含解析.docx

陕西省黄陵中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题（含解析）一、选择题（1-11为单选题，12-14为多选题。漏选给2分，错选给零分。每题4分，共56分）1. 物体带电的方式有摩擦，接触，感应等起电方式，那么物体带电的原因是（）A. 摩擦起电B. 感应起电C. 接触起电D. 电荷的转移【答案】D【解析】【详解】由电荷守恒定律可知，使物体带电的实质原因是电荷的转移。故选D。2. 如图所示，在场强为E的匀强电场中有A、B两点，AB连线长L，与电场线夹角为。则BA两点的电势差为（）A. -ELcosB. ELC. ElsinD. 零【答案】A【解析】【详解】B、A两点的电势差UBA=-Ed=-ELcos故A正确，BCD错误。故选A。3. 如图是电场中某区域的电场线分布图，a、b是电场中的两点，这两点比较（）A. b点的电场强度较小B. a点的电场强度较大C. 同一正点电荷放在a点电势能比b点时电势能大D. 同一负点电荷放在a点的电势能比放在b点时的电势能大【答案】C【解析】【详解】AB电场线的疏密表示电场的强弱，由图可知b点电场线密，而a点电场线稀疏，故b点场强大于a的场强，故A B错误；C由图，结合沿电场线的方向电势降低可知a点的电势高，而正点电荷在电势高处电势能大，所以将同一正电荷分别放在a、b两点，放在a点的电势能比放在b点的电势能大，故C正确；D由图，结合沿电场线的方向电势降低可知a点的电势高，而负点电荷在电势高处电势能小，所以将同一负电荷分别放在a、b两点，放在a点的电势能比放在b点的电势能小，故D错误。故选C。4. 有长度相同，质量相同，材料不同的金属导线A、B各一根.已知A的密度比B的大，A的电阻率比B的小.则A、B两根导线的电阻为(   )A. RA > RBB. RA < RBC. RA = RBD. 无法判断【答案】D【解析】试题分析：A的密度比B的大，质量相同，所以根据公式可得B的体积大，根据公式可得B的横截面积大，根据公式可得A的横截面积比B小，A的电阻率比B的小，所以不能判定AB的电阻值的大小故D正确考点：考查了电阻定律【名师点睛】基础题，通过甲乙两导线的质量关系结合密度的计算公式，确定两者的横截面积的大小关系，再根据电阻大小的决定因素即可判定两者的阻值关系5. 一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10-3J的功，那么（）A. 电荷在B处时将具有5×10-3J的电势能B. 电荷在B处将具有5×10-3J的动能C. 电荷的电势能减少了5×10-3JD. 电荷的动能减少了5×10-3J【答案】C【解析】【详解】BD一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10-3J的功，根据动能定理知，动能增加了5×10-3J，由于A处的动能未知，所以无法确定B处的动能，故BD错误；AC根据电场力做功与电势能的关系知，电势能减小了5×10-3J，由于A处的电势能未知，则无法确定在B处的电势能，故C正确，A错误。故选C。6. 含有大量H、H、He的粒子流无初速地进入同一加速电场然后进入同一偏转电场，最后打在荧光屏上。下列有关荧光屏上亮点分布的说法正确的是（）A. 出现三个亮点，偏离O点最远的是HB. 出现三个亮点，偏离O点最远的是HeC. 出现两个亮点D. 只会出现一个亮点【答案】D【解析】【详解】根据动能定理粒子在偏转电场中的运动时间偏转位移为联立以上可得可知偏转位移与粒子的电量和质量无关，所以三种粒子偏转位移相同，则会出现一个亮点，故D正确，ABC错误。故选D。7. 两点电荷A、B带电量QAQB，在真空中相距r,现将检验电荷C置于某一位置时，所受静电力恰好为零，则（ ）A. A和B为异种电荷时，C在AB之间连线上靠近B一侧B. A和B为异种电荷时，C在AB之间连线的延长线上A外侧C. A和B为同种电荷时，C在AB之间连线上靠近B一侧D. A和B无论为同种还是异种电荷，C都不在AB连线以及延长线上【答案】C【解析】根据检验电荷q置于某一位置C时，所受的库仑力恰好为零可得，C点的合场强为零，并且此位置一定在AB直线上，由场强的叠加可得场强为零的点，若是同种电荷一定在A、B连线之间靠近电荷量小的B端，若是异种电荷一定在A、B连线的延长线上靠近电荷量小的B端(即B的外侧)，所以答案为C.8. 如图所示的匀强电场场强为1×103N/C，ab=dc=4cm， bc=ad=3cm则下述计算结果正确的是（） A. ab之间的电势差为40VB. ac之间的电势差为50VC. 将q=-5×10-3C的点电荷沿矩形路径abcd移动一周，电场力做功为零D. 将q=-5×10-3C的点电荷沿abc或adc从a移动到c，电场力做功都是-0.25J【答案】AC【解析】【详解】Aab之间的电势差Uab=Eab=103×0.04V=40V故A正确；B由图看出，bc在同一等势面上，电势相等，则ac之间的电势差等于ab之间的电势差，为40V故B错误；C将q=-5×10-3C的点电荷沿矩形路径abcd移动一周，电场力不做功故C正确；D将q=-5×10-3C的点电荷沿abc或adc从a移动到c，电场力做功相等，电场力做功为W=qU=-5×10-3C×40V=-0.2J故D错误。故选AC。9. 平行金属板水平放置，板间距为0.6cm，两板接上3kV电压，板间有一个带电液滴质量为4.8×10-10g，处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（g=10m/s2）（）A. 3×106B. 30C. 10D. 60【答案】D【解析】【详解】带电液滴在匀强电场中处于静止状态，电场力与重力平衡，则可得油滴上元电荷的数目为代入数据可得n=60个故D正确，ABC错误。故选D10. 图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是()A. 甲表是电流表，R增大时量程增大B. 甲表是电流表，R增大时量程减小C. 乙表是电压表，R增大时量程增大D. 上述说法都不对【答案】BC【解析】【详解】AB由图甲所示可知，电阻与G并联，甲为电流表，分流电阻R增大时，电阻分流电流减小，量程变小，故A错误，B正确；C由图乙所示可知，电阻R与G串联，乙为电压表，R增大，电阻分压电压变大，量程变大，故C正确；D由以上分析可知，BC正确，故D错误；故选BC。11. 如图，a、b、c、d为某电场中的等势面，一带正电粒子飞入电场后只在电场力作用下沿M点到N点的虚线运动。由图可知，四个等势面电势Ua、Ub、Uc、Ud由高到低的排列顺序以及带电粒子在M、N两点中，电势能较大的是（）A. UaUbUcUd，NB. UaUbUcUd，MC UaUbUcUd，MD. UaUbUcUd，N【答案】A【解析】【详解】根据该正电粒子所受电场力指向轨迹内侧，可知电场力方向指向轨迹内测，又因为沿电场线方向电势降低，故有UaUbUcUd；粒子从M点到N点，电场力做负功，电势能增大，故N点电势能较大。故选A。12. 为了测某电阻R的阻值，分别接成如图所示的甲、乙两电路，在甲电路中电压表和电流表的示数分别为3V、3mA，乙电路中两表示数分别为2.9V和4mA，则待测电阻的值可能为（）A. 比1000略大一些B. 略小于1000C. 比725大一些D. 等于725【答案】BC【解析】【详解】用试触法判断电流表内外接方法是：哪个电表的变化大就用哪个表测真实值电压表的变化为小于电流表的变化，所以用甲图误差小一些。所以甲图真实值略小于测量值，乙图真实图比测量值大一些。AB根据甲图，由欧姆定律可知，待测的电阻的阻值为因为电流表内接，电流表的分压作用，电压表测量值偏大，电阻测量值偏大，所以待测电阻的值略小于1000，故B正确，A错误；CD根据乙图，由欧姆定律可知，待测电阻的阻值为因为电流表外接，电压表的分流作用，电流表测量值偏大，电阻测量值偏小，所以待测电阻的值略比725大一些，故C正确，D错误；故选BC。13. 两平行导体板间距为d，两导体板间电压为U，不计重力的电子以平行于极板的速度v射入两极板之间，沿极板方向运动距离为l时侧移为y。如果要使电子的侧移，仅改变一个量，下列哪些措施可行（）A. 改变两平行导体板间距为原来的一半B. 改变两导体板所加电压为原来的一半C. 改变电子沿极板方向运动距离为原来的一半D. 改变电子射入两极板时的速度为原来的2倍【答案】CD【解析】【详解】粒子在电场中水平方向做匀速直线运动竖直方向做匀加速直线运动，竖直方向的加速度竖直方向的位移A由上述分析可知，改变两平行导体板间距为原来的一半，则侧移距离y变为原来的2倍，故A错误；B由上述分析可知，改变两导体板所加电压为原来的一半，则侧移距离y变为原来的，故B错误；C由上述分析可知，改变电子沿极板方向运动距离为原来的一半，则侧移距离y变为原来的，故C正确；D由上述分析可知，如果将初速度增大到原来的两倍，则侧移距离y变为原来的，故D正确；故选CD。14. 如图所示，A、B为两块竖直放置平行金属板，G是静电计，电键K合上后，静电计指针张开一个角度下述哪些做法可使指针张角增大？ A. 使A、B两板靠近些；B. 使A、B两板正对面积错开些；C. 断开K后，使B板向右平移拉开一些；D. 断开K后，使A、B正对面错开些【答案】CD【解析】【详解】AB开关S闭合，电容器两端的电势差不变，则指针的张角不变故A、B错误C断开S，电容器所带的电量不变，B板向右平移拉开些，则由，电容减小，根据Q=CU知，电势差增大，则指针张角增大故C正确D断开S，电容器所带的电量不变，A、B的正对面积错开，由，电容减小，根据Q=CU知，电势差增大，则指针张角增大故D正确二、填空题（每空2分，作图8分共12分）15. 现要用伏安法描绘一只标值为“2.5 V，0.6 W”小灯泡的I­U图线，有下列器材供选用：A电压表（03 V，内阻3 k；015 V，内阻10 k）B电流表（00.6 A，内阻0.5 ；03 A，内阻0.1 ）C滑动变阻器（10 ，2 A）D滑动变阻器（100 ，1.0 A）E蓄电池（电动势6 V，内阻不计）(1)为了减小测量误差，图甲中的S1应接_（填“M”或“N”），滑动变阻器应选用_（用序号字母表示）。(2)根据你选择的电路，用笔画线代替导线在图乙中将实物连接成实验所需电路图。（ ）(3)开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于_端（选填“A”“B”或“AB正中间”）。闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数变化明显，但电流表示数始终为0，则电路故障为_。【答案】 (1). M (2). C (3). (4). A (5). 灯泡断路【解析】【详解】(1)12由电路图可知，电路采用了滑动变阻器分压接法；因灯泡内阻较小，故电流表采用外接法；故S1应接在M点；因采用分压接法，故滑动变阻器采用小电阻，应选用C(2)3根据实验原理图画出实物图如图所示：(3)4为了保证实验安全，开始时灯泡两端的电压应为最小，故滑动变阻器的滑片应在A端；5由题意可知，电压表示数变化明显，说明电压表与电源相连，且滑动变阻器连接正常，而电流表没有示数说明电路是断开的，由电路图可知，只能是灯泡发生了断路故障。三、计算题16. 真空中两个带电量都是+10-8库仑的相同小球，反复接触多次后，用50cm的丝线悬于同一点，如图所示，平衡时，它们相距60cm（取g=10m/s2）试求：(1)小球的质量；(2)线上的拉力。【答案】(1) 3.3×10-7kg；(2)4.1×10-6N【解析】【详解】(1)对其中一个小球受力分析，根据平衡条件有解之可得(2)根据平衡条件可知线上的拉力17. 如图所示，在水平放置且相距2cm的平行带电金属板间的匀强电场中，有一个m=10-3g、电量q=-10-9库仑的液滴，两板正中央处于静止状态。问：（1）哪块板带正电？板间电场强度多大？（2）若板间电场强度突然增为原来的2倍，液滴将做什么运动？触及板面时速度多大？【答案】（1）上极板带正电；104N/C；（2）向上做匀加速直线运动；【解析】【详解】（1）液滴所受的重力竖直向下，要保持静止状态，则电场力必定向上，所以上极板带正电。解得（2）电场强度变为原来2倍，则电场力变为原来的2倍，电场力大于重力，液滴所受的合外力大小等于重力且方向向上，液滴向上做匀加速直线运动；由动能定理得解得18. 水平放置两块足够长的平行金属板A、B，两板间距为0.02m，两板间接入电压为182V的电源。一个电子以v0=4×107m/s的水平初速度，紧靠着板A射入电场。已知电子质量9.1×10-31g，电子电量e=1.6×10-19C。试求：(1)电子在电场中的最大水平位移；(2)如果两板长度各为0.4m，为了使电子能飞出两板间的电场，至少需把板B向下移动多少距离?【答案】(1) 0.2m ；(2) 0.02m【解析】【详解】(1)电子在电场中做类平抛运动，由牛顿第二定律得偏转位移为运动时间为联立可得代入数据可得L=0.2m(2)设B板应向下移动a米，电子刚好射出电场，匀速时间为t2，电子做类平抛运动，由牛顿第二定律得在水平方向L=v0t2由题意知，板长L=0.4m，在竖直方向代入数据可得a=0.02m