山东省济宁市第一中学2023-2024学年高三上学期2月定时检测（期末）物理试题含答案.pdf

高三物理 第 1 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司济宁一中济宁一中 2024 届高三届高三 2 月份定时检测月份定时检测物 理 试 题注意事项：2024.2.31答题前，考生将自己的姓名、考生号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。2选择题答案必须使用 2B 铅笔(按填涂样例)正确填涂；非选择题答案必须使用 0.5mm 黑色签字笔书写，字体工整，笔迹清楚。3请按照题号在各题目的答题区域内答题，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。保持卡面清洁，不折叠、不破损。一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.为了抗击病毒疫情，保障百姓基本生活，许多快递公司推出了“无接触配送”。某次配送快递无人机在飞行过程中，水平方向速度 vx及竖直方向 vy与飞行时间 t 的关系图像如图甲、图乙所示。关于无人机的运动，下列说法正确的是A.0t1时间内，无人机做曲线运动B.t2时刻，无人机运动到最高点C.t2t4时间内，无人机的速率在减小D.t3t4时间内，无人机做匀变速直线运动2.如图所示，将水平面上一块平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，使在两玻璃表面之间形成一个倾角 很小的劈形空气薄膜，光从上方入射后，从上往下看到的干涉条纹有如下特点：(1)任意一条明条纹或暗条纹所在位置下面的薄膜厚度相等；(2)任意相邻明条纹中心位置或暗条纹中心位置所对应的薄膜厚度差恒定。由此可以判定在垂直水平面的入射光不变的情况下，相邻明条纹或暗条纹的间距 x 与倾角(单位为 rad)的关系图像可能正确的是高三物理 第 2 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司A.B.C.D.3.如图所示，某同学用玩具枪练习射击，用电磁铁吸住一小球作为“靶子”，在玩具枪沿水平方向对着“靶子”射出一球形“子弹”的同时，电磁铁释放“靶子”小球。已知两小球完全相同，空气阻力与速度成正比。下列说法正确的是A.只要 h 足够大，“子弹”一定能击中“靶子”B.由于空气阻力，“子弹”不可能击中“靶子”C.“子弹”和“靶子”运动过程中始终在同一水平线上D.“子弹”落地速度可能小于“靶子”落地速度4.一振子沿 x 轴做简谐运动，平衡位置位于坐标原点 O，简谐运动的振幅为 A=0.2m。t=0 时刻振子的位移为10.2mx=-，t=1s 时刻振子的位移为 x2=0，则振子做简谐运动的周期可能为A.4s5B.1s3C.1sD.3s25.如图所示，质量分别为 m1和 m2的两个小球 A、B，带有等量异种电荷(A 球带负电)，通过绝缘轻弹簧相连接，置于光滑绝缘的水平面上。突然加一水平向右的匀强电场，两小球 A、B 将由静止开始运动，在以后的运动过程中，若设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度，则对 A、B 和弹簧组成的系统，下列说法正确的是A.由于两球所受电场力等大反向，故系统机械能守恒B.当弹簧长度达到最大值时，系统电势能最大C.由于电场力对两球做功为零，故两球的电势能总和始终不变D.当小球所受电场力与弹簧的弹力大小相等时，两球电势能的总和一定比初始时小6.如图所示，理想变压器原线圈串联电阻 R1后接入电压220 2sin(100)ut=V，原、副线圈的匝数比 n1n2=51，电阻 R1=20、R2=10，当滑动变阻器接入电阻 R3=40 时，理想电流表 A 的示数为 4A，则A.流过 R1的电流为 0.8A，频率为 100HzB.R1两端的电压为 20V，周期为 0.02sC.滑片 P 向上移动时，R1消耗的功率增大D.滑片 P 向上移动时，R2消耗的功率减小7.A、B 两颗卫星在同一平面内沿同一方向绕地球做匀速圆周运动互相追逐，时而近时而远，高三物理 第 3 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司它们之间的距离 r 随时间变化的关系如图所示，不考虑 A、B 之间的万有引力，已知地球的半径为 0.8r，万有引力常量为 G，已知卫星 A 的线速度大于卫星 B 的线速度，则A.轨道半径之比为AB:3:5RR=B.做圆周运动周期之比为:1:4ABTT=C.卫星 A 绕地球做圆周运动的周期为78TD.地球的第一宇宙速度为4 57rTp8.如图所示，倾角为 的光滑斜面，沿斜面放置的轻弹簧一端固定在斜面底端，另一端连接物体 A，静止时，弹簧被压缩了 l。质量与 A 相同的物体 B 从弹簧原长位置由静止释放，A与 B 发生完全非弹性碰撞(但不粘连)，碰撞时间极短，A、B 视为质点，重力加速度为 g，弹簧的弹性势能2p12Ekx=(x 为弹簧的形变量)，则下列说法正确的是A.碰后瞬间两物体的速度大小为2sinqglB.碰后两物体一起向下运动的最大位移为 2lC.两物体反弹向上运动，B 能再次回到释放点D.碰后两物体一定不能分离二、多项选择题：本题共二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得分。每小题有多个选项符合题目要求，全部选对得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。9.甲、乙两建筑工人用简单机械装置将工件从地面提升并运送到楼顶。如图所示，设当重物提升到一定高度后，两工人保持位置不动，甲通过缓慢释放手中的绳子，使乙能够用一始终水平的轻绳将工件缓慢向左拉动，最后将工件运送至乙所在位置，完成工件的运送。绳的重力及滑轮的摩擦不计，滑轮大小忽略不计，在工件向左移动过程中A.甲手中绳子上的拉力不断减小B.楼顶对甲的支持力始终不变C.楼顶对甲的摩擦力大于对乙的摩擦力D.乙手中绳子上的拉力不断增大10.如图所示，三个带电小球 A、B、C 可视为点电荷，所带电荷量分别为Q+、Q-、q+，A、B 固定在绝缘水平桌面上，C 带有小孔，穿在动摩擦因数处处相同的粗糙绝缘直杆上。绝缘杆竖直放置在 A、B 连线的中点处，将 C 从杆上某一位置由静止释放，下落至桌面时速度恰好为零。C 沿杆下滑时带电荷量保持不变。在 C 下落过程中，下列说法正确的是A.所受电场力变大B.所受摩擦力变大高三物理 第 4 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司C.电场力做正功，电势能减小D.下落一半高度时速度一定最大11.趵突泉被称为“天下第一泉”，喷涌的泉水在水面激起层层涟漪，如图甲所示。取水面波某截面观察，得一列沿 x 轴传播的简谐横波如图乙所示。在 t0时刻的波形如图，图乙中 P 质点的位移为 y=1cm，质点 Q 的位置坐标 x=4cm，波的周期为 0.4s。下列说法正确的是A.简谐横波的速度大小为 3.2m/sB.简谐横波的速度大小为 0.2m/sC.若这列简谐横波沿 x 轴负方向传播，则 P 点再过了1s30回到平衡位置D.若这列简谐横波沿 x 轴正方向传播，则 Q 点再过 0.1s 回到平衡位置12.如图所示，水平导体棒 ab 的质量 m=0.1kg，长 L=1m、电阻 Rab=0.25，其两个端点分别搭接在竖直平行正对放置的两光滑金属圆环上，两圆环半径均为 r=1m、电阻不计。阻值R=0.25 的电阻用导线与圆环相连接，理想交流电压表 V 接在电阻 R 两端。整个空间有磁感应强度大小为 B=1T、方向竖直向下的匀强磁场。导体棒 ab 在外力 F 作用下以速率v=1m/s 两圆环的中心轴 OO 匀速转动。t=0 时，导体棒 ab 在圆环最低点。重力加速度为g=10m/s2。下列说法正确的是A.导体棒中的电流2cos(A)it=B.电压表的示数为2V2C.从 t=0 到 0.5s 的过程中通过 R 的电量为 2CD.从 t=0 到 0.5s 的过程中外力 F 做功为 0.5J三、非选择题：本题共三、非选择题：本题共 6 小题，共小题，共 60 分。分。13.(6 分)如图甲所示，在测量玻璃折射率的实验中，两位同学先在白纸上放好截面是正三角形ABC 的三棱镜，并确定 AB 和 AC 界面的位置。然后在棱镜的左侧画出一条直线，并在线上竖直插上两枚大头针 P1和 P2，再从镜的右侧观察 P1和 P2的像。(1)此后正确的操作步骤是_。A.插上大头针 P3，使 P3挡住 P2的像B.插上大头针 P3，使 P3挡住 P1、P2的像C.插上大头针 P4，使 P4挡住 P3的像D 插上大头针 P4，使 P4挡住 P1、P2的像和 P3(2)正确完成上述操作后，在纸上标出大头针 P3、P4的位置(图中已标出)。为测量该种玻璃高三物理 第 5 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司的折射率，两位同学分别用圆规及刻度尺作出了完整光路和若干条辅助线，如图乙、丙所示。能够仅通过测量 ED、FG 的长度便可正确计算出折射率的是图_选填(“乙”或“丙”)，所测玻璃折射率的表达式 n=_(用代表线段长度的字母 DE、FG 表示)。14.(8 分)在“把小量程电流表改装成欧姆表”的实验中，给出的器材有：A.电流表(量程为 0.6mA，内阻未知)B.电阻箱(0999.9)C.滑动变阻器(04k)D.电位器(020k，电位器相当于滑动变阻器)E.电源(电动势为 1.5V，有内阻)F.电源(电动势为 9.0V，有内阻)G.开关两个，导线若干(1)首先用“三分之二偏法”测定电流表的内阻，若采用如图 1 所示的电路测定电流表的内阻，并且想得到较高的精确度，在以上给出的器材中，电阻 R1应选用_，电源应选用_。(填写所选仪器前的字母即可)(2)该实验按照以下步骤操作：A.观察 R1的阻值是否最大，如果不是，将 R1的阻值调至最大B.闭合 S1，调节 R1的阻值，使电流表指针偏转到满刻度C.闭合 S2，调节 R2的阻值，使电流表指针偏转到满刻度的23D.记下 R2的阻值为 400(3)图 1 中被测电流表的内阻 Rg的测量值为_。若仅考虑系统误差，则电流表内阻测量值比实际值略_(选填“大”、“小”)。(4)如果要将图中的电流表改装成欧姆表，其内部结构如图 2 所示。若选用电动势为 1.5V 的电源，则 R3应选用_(填写所选仪器前的字母即可)，此挡位欧姆表的中值电阻为_。高三物理 第 6 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司15.(8 分)某天大雾弥漫，能见度很低，甲、乙两辆汽车同向行驶在同一平直公路上，甲车在前，乙车在后，甲车的速度 v1=15m/s，乙车的速度 v2=25m/s，当乙车行驶到距甲车 s=60m 时，驾驶员发现了前方的甲车，设两车驾驶员的反应时间均为 t=0.5s。(1)若乙车驾驶员发现甲车后经反应时间t后立即刹车做匀减速运动，加速度大小a1=2m/s2，当乙车速度与甲车速度相同时(两车末相撞)，求乙车在该过程发生的位移大小；(2)若乙车的驾驶员发现甲车后经反应时间 t 后，仅采取鸣笛警告措施，甲车驾驶员听到鸣笛后经反应时间 t 后立即做匀加速运动，为了防止相撞，求甲车加速运动的最小加速度的大小 a2(声音的传播时间忽略不计)。16.(8 分)如图所示为波源 O 做简谐运动的振动图像，t=0 时振动开始向外传播，已知沿着波的传播方向 O、M 两质点平衡位置间的距离为 5m，t=4s 时质点 M 偏离平衡位置的位移第一次为 10cm，求：(1)自 t=0 时起，经过多长时间波源 O 的位移第一次为 10cm；(2)该简谐波的波速和波长；(3)自 t=0 至 t=4s 质点 M 通过的路程。高三物理 第 7 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司17.(14 分)如图为一种新型粒子收集装置。粒子源放置在边长为 L 的立方体abcda b c d 中心 O，立方体四个侧面均为荧光屏，上下底面aa bb、cc dd为空，过中心 O 的竖直面 efgh 平行于abcd 并将立方体分为 I、II 两个区域，立方体处在方向竖直向下的匀强磁场中，粒子源静止时能沿单一水平方向持续均匀发射比荷为qm的带正电粒子，现使粒子源绕竖直轴逆时针匀速转动，且粒子源射入 I、II 区域的粒子初速度大小分别为 v0和 2v0，粒子打到荧光屏上后即被荧光屏吸收，不考虑粒子间的相互作用和荧光屏吸收粒子后的电势变化，不计粒子源的尺寸大小和粒子重力。(1)若磁场的磁感应强度为 B0，当无粒子打到荧光屏上时，求 v0的范围；(2)为使粒子源发射的粒子仅有 50%能打到荧光屏上，求磁感应强度 B 满足的条件；(3)撤去磁场，在 I、II 区域施加方向竖直向下、大小分别为 E1和 E2的匀强电场(图中未画出)，粒子源转动整数圈时，打在四个侧面上的粒子数相同且每个侧面接收粒子的数目均为发射粒子总数的16，求 E1和 E2。高三物理 第 8 页(共 8 页)学科网（北京）股份有限公司18.(16 分)如图所示，半径为 R 的光滑14圆弧槽静止在足够长的光滑水平面上，圆弧底端与水平面相切，其右侧距离为 R 处有厚度不计的薄木板，薄木板的左端放置一个小滑块，右端固定一竖直轻质挡板，挡板左侧连有一轻质弹簧。现将一小球从圆弧槽左侧内切点正上方的一定高度由静止释放，小球落入圆弧槽后又滑离；然后以大小为 v0的速度与小滑块发生弹性碰撞，碰撞时间极短；随后小滑块拖动薄木板向右滑动，压缩弹簧后反弹，且恰好能回到薄木板的最左端而不掉下。已知小球的质量为 m，圆弧槽和小滑块的质量均为 3m，薄木板的质量为 6m，小球和小滑块均可视为质点，重力加速度为 g。求：(1)小球开始下落时离水平地面的高度 h；(2)小球与滑块碰撞的瞬间，小球与圆弧槽底端的距离 x；(3)弹簧的最大弹性势能 EPm；(4)小球和圆弧槽最终的速度大小。姓名:班级:高三班学校 济宁市第一中学考场:座号:考生禁填缺考 违纪 贴条形码区注意事项1.答题前请先将姓名、准考证号填写清楚，并认真核对考试科目；如有条形码请在规定位置贴好。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择请使用0.5毫米黑色签字笔书写，要求字体工整、笔迹清楚。3.请严格按照题号在相应答题区域内作答，超出答题区域的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4.保持卷面清洁、不要装订、折叠、破损。5.正确填涂：错误填涂：-1-2-济宁市第一中学2024届高三2月份定时检测物理答题卡选择题（共12题，满分40分，1到8每小题3分，9到12每小题4分）1.A B C D 2.A B C D 3.A B C D 4.A B C D 5.A B C D 6.A B C D 7.A B C D 8.A B C D 9.A B C D 10.A B C D 11.A B C D 12.A B C D 13.（6分）（1）_（2分）（2）_（2分）_（2分）14.（8分）（1）_（1分）_（1分）（3）_（2分）_（1分）（4）_（1分）_（2分）15.（8分）解：16.（8分）解：#QQABBQwQogAIAAIAAQgCEwG4CkCQkACAAAoOhAAMMAAAyQFABAA=#-3-4-17.（14分）解：18.（16分）解：#QQABBQwQogAIAAIAAQgCEwG4CkCQkACAAAoOhAAMMAAAyQFABAA=#12 月定时检测高三物理答案第 1 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司济宁一中 2024 届高三 2 月份定时检测物理参考答案123456789101112CBCADBCDCDABBCAC1.C【解析】根据图像可知，在 0t1时间内，无人机在水平方向与竖直方向上均做初速度为 0 的匀加速直线运动，则合运动为匀加速直线运动，A 错误；0t4时间内，无人机速度一直为正值，即一直向上运动，可知t2时刻，无人机没有运动到最高点，B 错误；t2t4时间内，无人机在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀减速直线运动，可知无人机的速率在减小，C 正确；t3t4时间内，无人机在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀减速直线运动，则合运动为匀变速曲线运动，D 错误。故选 C。2.B【解析】设任意相邻明条纹或暗条纹中心位置所对应的薄膜厚度差为 d，根据几何关系可得sindxq=D，由于任意相邻明条纹或暗条纹所对应的薄膜厚度差恒定，又倾角 很小，则有sindxqq=D，可得dxqD=，故选 B。3.C【解析】由于空气阻力，“子弹”在水平方向做减速运动，若“子弹”的初速度较小，水平方向速度很快会减为零，然后竖直向下运动，则不能击中“靶子”，A 错误；“子弹”和“靶子”在竖直方向上的运动状态和受力情况是完全一样的，因此，竖直方向位移始终相同，即“子弹”和“靶子”运动过程中在同一水平线上，并且，只要“子弹”速度足够大，落地前就能够击中“靶子”，B 错误，C 正确；“子弹”落地时不仅有竖直方向上的一个分速度，还可能有水平方向上的一个分速度，两分速度的合速度肯定大于竖直方向上的分速度，即“子弹”落地速度可能大于“靶子”落地速度，D 错误。故选 C。4.A【解析】由题意可知 t=0 时刻振子位于负向最大位移处，t=1s 时刻振子位于平衡位置处，设振子做简谐运动的周期为 T，则有(21)1s4Tn+=（0n=，1，2L），可得4s21Tn=+（0n=，1，2L），当 n=0 时，可得14sT=，当 n=1 时，可得24s3T=，当 n=2 时，可得34s5T=，当 n=3 时，可得44s7T=，当 n=4 时，可得54s9T=，当 n=5 时，可得54s11T=，当 n=6 时，可得541ss133T=，故选 A。5.D【解析】在运动过程中，因为有电场力对系统做功，故系统机械能不守恒，A 错误；当弹簧长度达到最大值时，电场力对系统做功最多，电势能减小最大，系统机械能增加最大；即系统电势能最小，机械能最12 月定时检测高三物理答案第 2 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司大；B 错误；由于电场力对 A、B 两球做功不为零，初始一段时间，对两球均做正功，电势能减小，C 错误；从初态到小球所受电场力与弹簧的弹力大小相等时，电场力对两小球均做正功，电势能减小，此时电势能肯定比初始时小，D 正确。故选 D。6.B【解析】依原线圈接入电压的表达式可得=100，频率12fTwp=50Hz，周期1Tf=0.02s，变压器不改变交流电的频率，R2两端的电压 U2=IAR2=40V，匝数比 n1n2=51，故原线圈输入电压 U1=122nUn=200V，R1两端的电压 U-U1=20V，B 正确；流过 R1的电流 I1=11UUR-=1A，A 错误；滑片 P 向上移动时，R3接入电阻增大，假设变压器输入、输出电压不变，则流过 R3的电流减小，副线圈和原线圈的电流均减小，电阻 R1的电压减小，消耗的功率减小，C 错误；接入电压 U=220V 不变，原线圈的输入电压将增大，副线圈的输出电压也增大，电流表 A 的示数增大，故 R2消耗的功率将增大，D 错误。故选 B。7.C【解析】由万有引力提供卫星绕地球做圆周运动的向心力22GMmmvRR=，知卫星半径越小，线速度越大，结合图像有AB5RRr+=，BA3RRr-=，联立可得ARr=，B4Rr=，A 错误；由万有引力提供向心力222GMmmrrT=，可知234 rTGM=，所以做圆周运动周期之比为AB:1 8TT=，B 错误；从图像上可以看出每隔 T 时间两个卫星相距最近一次即AB1TTTT-=，结合AB:1 8TT=，解得卫星 A 绕地球做圆周运动的周期 为78ATT=，C 正 确；第 一 宇 宙 速 度 是 最 大 的 运 行 速 度，由220.80.8MmmvGrr=，对 卫 星 A，2224AAAMmGmRRTp=，其中78ATT=，ARr=，可得第一宇宙速度8 50.87GMrvrTp=，D 错误。故选 C。8.D【解析】B 下落，即将与 A 碰撞时201sin2mglmvq=，A、B 碰撞动量守恒，02mvmv=，得2sin2glvq=，A 正 确；A、B 碰 撞 后 一 起 向 下 运 动 至 最 低 点，位 移 设 x，根 据 能 量 守 恒222121si1()2222nk lxmgxklmvq+-+=，A 原来静止满足sinmgklq=，解之得103xll=-，B 错误；A、B分开临界条件为加速度相等，A、B 之间的弹力为零，对 B，0sinmgmaq=，得0sinagq=，碰后至再次返回 到 碰 撞 位 置，速 度 大 小 不 变，方 向 反 向。假 设 不 分 离，向 上 运 动 位 移 为 x1，有12 月定时检测高三物理答案第 3 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司2221111(12si)222n2k lxm xklgmvq-+=-，12xll=-，此 时 整 体 受 力 可 得12sin2kxmamgq=-，得s3=22sininaggqq-，碰后两物体一定不分离且不能再次回到释放点，C 错误，D 正确。故选 D。9.CD【解析】开始的时候甲拉的绳子上的拉力大小是物体重力，后来是重力和乙对绳子的拉力的合力大小等于甲的拉力，如图所示，由于三角形斜边大于任意直角边，所以甲对绳子的拉力增大，乙对绳子的拉力增大，A 错误，D 正确；由图可知，甲受的摩擦力等于绳子拉力的水平分量，即=cosfTa甲，乙受的摩擦力等于绳子拉力的水平分量，即=cosfTb乙，因ab甲乙，即楼顶对甲的摩擦力大于对乙的摩振力，C 正确；对甲受力分析可知-sinNFGTa=甲，随 T 的增加，则地面对甲的支持力减小，B 错误。故选 CD。10.AB【解析】A、B 为等量异种点电荷，因此产生的电场在 A、B 连线的垂直平分上的合场强水平向右，且从垂足沿杆向外的场强逐渐减小，点电荷 C 从杆上某一位置由静止释放，在下滑过程中，受到的水平向右的电场力将逐渐变大，则 C 与粗糙绝缘直杆间的压力逐渐变大，所受摩擦力将变大，AB 正确；因 C 受的电场力水平向右，C 沿竖直杆向下运动，则电场力做功是零；又由于两个等量异种点电荷的连线的中垂线为等势线，因此电势能不变，C 错误；C 从杆上某一位置由静止释放，在下落的过程中，先加速后减速，当摩擦力增大到与重力大小相等时，速度最大，不一定是下落一半高度时速度最大，D 错误。故选 AB。11.BC【解析】由图像可知波长为 8cm，简谐横波的速度大小为28 10m/s=0.2m/s0.4vTl-=，A 错误，B 正确；由图像可知函数表达式为22sin8yxp=，P 质点的位移为 y=1cm，则10cm3x=，P 点回到平衡位置的时间为210(4)1013s=s0.230 xtv-D=，C 正确；若这列简谐横波沿 x 轴正方向传播，由同侧法根据图像可知 Q 处质点正向上运动，则 Q 点再次回到平衡位置的时间为0.4s=0.2s22Tt=，D 错误。故选 BC。12.AC【解析】导体棒 ab 在圆环最低点时，速度 v 垂直与磁感线，有效切割速度最大，感应电动势为最大值m1VEBLv=，感应电流最大值为mm2AabEIRR=+，设经过时间t导体棒速度与磁感线夹角为vttrqw=，此时导体棒有效切割速度为coscosvvvvtrq=，在导体棒中电流随时间变化规律为mcos2cos(A)iItq=，A 正确；电压表示数为电阻 R 两端电压有效值，则m12V242RabERUERR+=，B 错误；导体棒圆周运12 月定时检测高三物理答案第 4 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司动的周期为22srTv=，0.5s 等于周期的四分之一，则在 00.5 s 时间内通过 R 的电量为1C2C0.5RababBLrqqRRRR=+总，C 正确；根据能量守恒定律可知，从 t=0 到 0.5s 的过程中外力 F做功等于导体棒增加的重力势能与电路产生的焦耳热之和，电流的有效值为m2A2II=，则焦耳热为22()(2)0.5 0.5J0.5JabQIRRt=+=，导体棒增加的重力势能为p0.1 10 1JJEmgrD=，则外力做功为p1.5JFWQE=+D=，D 错误。故选 AC。13.BD(2 分)丙(2 分)DEFG(2 分)【解析】(1)应插上大头针 P3，使 P3挡住 P1、P2的像，再插上大头针 P4，使 P4挡住 P3和 P1、P2的像，从而确定出射光线，故正确步骤为 BD。(2)过 P3、P4做一条直线与 AC 变相交于 H，并以入射点 O 为圆心做一个圆，与入射光线相交 D，与 OH 连线的延长线相交于 G，过 O 点做法线，过 D 点做法线的垂线交于 E，过 G 点做法线的垂线交于 F，由图可知sinDEDOa=，sinFGOGb=，DOOG=可得，仅通过测量 ED、FG 的长度便可正确计算出折射率，图丙所示；根据几何关系可得折射率为sinsinDEnFGab=14.D(1 分)F(1 分)200(2 分)小(1 分)C(1 分)2500(2 分)【解析】(1)如图所示，设电源的电动势为 E，内阻为 r，S2打开时，设电流表满偏电流为1ggEIrRR=+，实验要求 R1Rg，R1r，这样才有g1EIR=，当 S2闭合时，R2和 Rg并联，并联后总阻值 R并RgR1，这样才有 S2闭合后，电路中总电流几乎不变，仍然近似等于1ER，调节 R2使电流表23偏为g23I，所以流过 R2的电流为g3I，所以 R2=2Rg，从上述原理可知，S2打开与闭合，近似认为干路中电流不变的前提是 R1Rg，故实验器材选择应满足电源电动势尽可能大，R1尽可能大，所以 R1选用大量程的 D，因电流表的满偏电流确定，故电源电动势也要匹配地选用电动势较大的 F。(3)由以上分析可知，当 F 中记录的 R2阻值为 400，被测电流表的内阻 Rg的测量值应为 200；当 S2闭合时，R2和 Rg并联，并联后总阻值 R并Rg，而电阻 R1不变，所以 S2闭合后的干路电流比闭合前的总电流要12 月定时检测高三物理答案第 5 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司大，即电流大于 Ig，而此时电流表支路的电流等于g23I，那么 R2支路的电流要大于g3I，那么其电阻R22Rg，所以用此方法测量的电流表内阻的测量值比真实值要偏小。(4)设电路中除电流表内阻 Rg以外其它电阻的总电阻为 R，根据全电路的欧姆定律可知ggEIRR=+，解得31.52000.6 10R-=W-W，解得 R=2300，故需要选滑动变阻器 C。(5)经过改装后的欧姆表总内阻g2500ERI=W，根据全电路的欧姆定律可知1.52500 xIR=+，当指针指示表盘正中央时，代表g12II=，可得2500 xR=W，此即为欧姆表在此挡位的中值电阻值。15.(8 分)(1)112.5m；(2)1m/s2【解析】(1)设乙车做匀减速运动 t1时间后两车速度相等，得211125 15s5s2vvta-=(2 分)乙车在该过程发生的位移大小22122 11125 0.5m25 5m2 5 m112.5m22svtv tat=D+-=+-=(2 分)(2)设甲车加速 t2时间后两车速度相等，当甲车开始加速时两车的距离为021260m 10 2 0.5m50mssvvt=-D=-=(1 分)甲车的加速度为2122vvat-=两车位移关系有2 2012212v tsvvt=+(1 分)联立解得 t2=10s(1 分)甲车加速运动的最小加速度的大小为1222222515m s1m s10vtav-=(1 分)16.(8 分)(1)7s3；(2)3m/s，12ml=；(3)50cm【解析】(1)由波源 O 的振动图像知，其振动方程为20sin()2yt=-cm(1 分)y=10cm 时，时间 t 的最小值为7s3t=(1 分)12 月定时检测高三物理答案第 6 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司经过7s3波源 O 的位移第一次为 10cm(1 分)(2)波自 O 传到 M 的时间75(4)ss33t=-=(1 分)波速5m/s3m/s53Lvt=(1 分)波长12mvTl=(1 分)(3)质点 M 振动的时间间隔为57(4)ss33t=-=(1 分)质点 M 通过的路程210cm50cmyA=+=(1 分)17.(14 分)(1)008qBvLm；(2)00442 2mvmvBqLqL+（）；(3)203mvqL，2012mvqL【解析】(1)考虑以 2v0运动的粒子，恰与屏相切，则4Lr=(1 分)粒子在磁场中做匀速圆周运动，有0020(2)2(qmBvrv=(1 分)解得008qBvLm=，则008qBvLm时满足题意(1 分)(2)若仅有 50%的粒子能打到荧光屏上，只能是速度为 2v0的粒子，而速度为 v0的粒子不能打到光屏上，当速度为 v0的粒子刚好不能打到光屏上时，此时磁感应强度有最小值 B1，粒子运动半径14Lr=(1 分)粒子在磁场中做匀速圆周运动，有20011vqv Bmr=(1 分)当速度为 2v0的粒子刚好能全部打到光屏上时，此时磁感应强度有最大值 B2，设粒子运动半径为 r2，其运动轨迹如图(俯视)所示，根据几何关系有22cos452Lrr=-(1 分)粒子在磁场中做匀速圆周运动，有22200(2)(2)vmqv Br=(1 分)解得00442 2mvmvBqLqL+（）(1 分)(3)粒子在电场中做类平抛运动，若没有荧光屏，其在立方体底面的落点为一个圆，设其半径为 r3，如图所示，阴影部分表示粒子能够打到荧光屏上，30q=12 月定时检测高三物理答案第 7 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司设在 E1电场中的加速度为 a1，运动时间为 t1，则11E qma=(1 分)21 1122Lat=(1 分)30 1rv t=(1 分)3cos302Lr=(1 分)联立解得2013mvEqL=(1 分)设在 E2电场中的加速度为 a2，运动时间为 t2，则22E qma=，22 2122La t=，30 22rv t=联立解得20212mvEqL=(1 分)18.(16 分)(1)2023vg (2)53R (3)208mv (4)04v；0512v【解析】(1)设小球滑离圆弧槽时，圆弧槽的反冲速度大小为 v1，方向水平向左由动量守恒定律得013mvmv=(1 分)解得013vv=从小球开始下落至球、槽第一次分离过程，系统机械能守恒由机械能守恒定律得220111322mghmvmv=+(1 分)解得2023vhg=(1 分)(2)设小球从开始下落至刚好滑离圆弧槽，相对地面向右滑过 x1，圆弧槽反冲相对地面后退 x2，由平均动量守恒可得123mxmx=(1 分)12xxR+=(1 分)解得134xR=，214xR=小球要继续向右滑过2xR+，历时 t，则20054xRRtvv+=(1 分)12 月定时检测高三物理答案第 8 页，共 8 页学科网（北京）股份有限公司圆弧槽在 t 时间内向左继续滑行的距离为010553412vRRv tv=小球与滑块碰撞的瞬间，小球与圆弧槽底端的距离1253Rxv txR=+=(1 分)(3)小球与滑块发生弹性碰撞，动量守恒，机械能守恒0023mvmvmv=+(1 分)2220021113222mvmvmv=+(1 分)解得002vv=-，方向向左；022vv=，方向向右滑块与薄木板共速时弹簧的弹性势能最大由动量守恒定律得23(36)mvmm v=+(1 分)解得06vv=因滑块恰好回到薄木板的最左端，故薄木板与滑块间一定有摩擦，且相对薄木板向右运动和返回向左运动的摩擦生热相同，设为 Q，则22Pm2113(36)22Emvmm vQ=-+-(1 分)滑块恰好回到薄木板的最左端时仍共速，速度仍为 v，故PmEQ=(1 分)解得20Pm8mvE=(1 分)(4)由(3)知小球与滑块碰后的速度大小为002vv=，方向向左小球速度02v大于圆弧槽速度03v，可追上再次发生碰撞010133m vmvmvmv+=+(1 分)222201011111332222m vmvmvmv+=+(1 分)解得小球速度004vv=，圆弧槽的速度01512vv=(1 分)005412vv，且方向均向左，小球与圆弧槽不再发生碰撞，上述求得的即是最终速度