陕西省安康市2023--2024学年高三年级第三次质量联考理科综合试题及参考答案.pdf

#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第1页（共 13 页）20232024 学年安康市高三年级第三次质量联考理科综合参考答案1.【答案】C【解析】病毒是一类没有细胞结构的特殊生物，由蛋白质外壳和内部的遗传物质构成，不能独立生存，只有寄生在活细胞内才能进行代谢和繁殖，A 正确；病毒只含一种核酸，其遗传物质是 DNA或 RNA，蓝细菌是原核生物，其遗传物质是 DNA，B 正确；细菌通过二分裂方式繁殖，作为原核细胞具有核糖体但没有线粒体，C 错误；蓝细菌细胞内含有叶绿素和藻蓝素，能够进行光合作用，蓝细菌具有细胞壁且能够独立代谢，D 正确。2.【答案】C【解析】在同一生物体内进行的有丝分裂和减数分裂过程中，都有可能发生基因突变和染色体变异，A 错误；在有丝分裂前期和减数第一次分裂前期，细胞中都有同源染色体，但只在减数第一次分裂前期同源染色体会发生联会，B 错误；减数第二次分裂中期的染色体数目比有丝分裂中期减少一半，C 正确；有丝分裂后期细胞中存在同源染色体，由于同源染色体已经在减数第一次分裂时分离，因此在减数第二次分裂后期细胞中不存在同源染色体，D 错误。3.【答案】A【解析】植物根细胞是真核细胞，有氧呼吸一定需要线粒体的参与，若细胞呼吸只发生在细胞质基质中说明该呼吸方式是无氧呼吸，产物是乳酸或者酒精和 CO2，没有水产生，A 正确；肌肉细胞的 CO2释放量与 O2消耗量的比例始终是 1:1，不能据此判断肌肉细胞的无氧呼吸强度，B 错误；使用透气的纱布包扎伤口是为了抑制破伤风芽孢杆菌等厌氧细菌的无氧呼吸和繁殖，伤口处的肌肉细胞可从内环境中获得 02进行有氧呼吸，C 错误；乳酸菌无氧呼吸不会产生气体，细菌、酵母菌和霉菌等微生物在分解食物中的有机物时会产生大量气体，如二氧化碳、硫化氢等，从而导致包装袋膨胀，D 错误。4.【答案】D【解析】由题干信息可知乙烯的受体在内质网上，因此乙烯分子可以穿过细胞膜，在细胞内发挥高效的调节作用，A 正确；乙烯可促进果实成熟，如果 ACC 运输障碍会造成乙烯合成障碍，ETR1基因突变会使乙烯无法发挥作用，两种情况都可能会造成果实晚熟，B 正确；干旱胁迫会使豌豆苗乙烯合成量增加，由于乙烯能抑制植株伸长生长、促进横向生长，因此豌豆苗会矮化、加粗，C正确；各种植物激素并不是孤立地起作用，而是多种激素相互作用共同调节，例如：黄化豌豆幼苗切段的实验研究中，低浓度的生长素促进细胞的伸长，但生长素浓度增高到一定值时，就会促进切段中乙烯的合成，而乙烯含量的增高，反过来又抑制了生长素促进切段细胞伸长的作用，D错误。5.【答案】B【解析】由题干信息可知，该过程中“某种酶”的作用包括将 S 型细菌的 DNA 片段双链打开、水解 DNA 单链，分别与解旋酶（作用于氢键）、DNA 酶（作用于磷酸二酯键）的作用相同，A 分析合理；通过对转化过程的理解，R 型细菌发生的变异为基因重组，不是基因突变，B 分析不合理；R 型细菌和 S 型细菌的差别是有无荚膜，因此在转化过程中 R 型细菌摄入的是 S 型细菌的荚膜基因，荚膜基因能在 R 型细菌内正确表达，C 分析合理；含杂合 DNA 区段的细菌增殖时，由于 DNA是半保留复制，因此形成的两个 DNA 一个包含 R 型细菌的基因，一个包含 S 型细菌的荚膜基因，所以后代会出现 R 型和 S 型两种细菌，D 分析合理。6.【答案】D【解析】根据题意可知，猕猴桃的毛被性状分别受位于常染色体上的基因（A/a）与 X 染色体上#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第2页（共 13 页）的基因（B/b）控制，因此 A/a、B/b 的遗传遵循基因的自由组合定律，A 正确；根据题意可知，亲本雌雄猕猴桃的表现型均为有毛被，而后代中雄性有毛被：无毛被=1:1，说明亲本雌株的基因型为XBXb，亲本雄株的基因型为 XBY，且亲本雌株或雄株中至少有一方为 AA，另一方可以是 AA 或Aa，所以亲本雌株的基因型为 AaXBXb或 AAXBXb，B 正确；根据 B 项分析可知，亲本基因型可以为 AAXBXb和 AaXBY 或 AaXBXb和 AAXBY 或 AAXBXb和 AAXBY。在三种不同的杂交情况下，子代雄株中有毛被个体的基因型为 AAXBY 或 AaXBY，C 正确；若亲本雄株为纯合子其基因型为AAXBY，则雌性亲本基因型可能为 AAXBXb或 AaXBXb。当亲本为 AAXBY 和 AAXBXb杂交时，子代雌株中纯合子（AAXBXB）的比例为 1/2。当亲本为 AAXBY 和 AaXBXb杂交时，子代雌株中纯合子（AAXBXB）的比例为 1/4，D 错误。7.【答案】D【解析】“锡铜相和”则形成铜锡合金，一般合金的熔点低于成分金属，A 正确；合金的硬度大于成分金属的硬度，B 正确；氯化铵溶液中铵根离子水解使溶液显酸性，可以溶解铜锈的主要成分碱式碳酸铜，C 正确；若在铜表面镀锡，镀层破损后，因活泼性 SnCu，因此仍对铜具有保护作用，D 错误。8.【答案】D【解析】安息香的官能团名称为羟基和酮羰基，A 错误；安息香中羟基连接的碳原子以四个单键连接其他四个原子，此 5 个原子最多三个原子在同一平面，B 错误；二苯乙二酮的一氯代物有 3种不同结构，C 错误；安息香有羟基与金属钠可以反应产生气体，可以利用金属钠区分安息香及二苯乙二酮，D 正确。9.【答案】A【解析】图甲中可以根据碳酸钠中有气泡产生、硅酸钠溶液变浑浊，且饱和碳酸氢钠溶液除去二氧化碳中的氯化氢气体，可以证明酸性 HClH2CO3 H2SiO3，A 可以达到实验目的；除去硫酸铜晶体含有的结晶水，应使用坩埚，B 错误；装置丙应将产生的气体通入 CCl4液体中除去 HBr 中的Br2，C 错误；FeCl3标准液滴定 KI 待测液时，二者发生的反应为可逆反应，且生成 I2不用淀粉作指示剂，D 错误。10.【答案】B【解析】利用铝热反应焊接钢轨的反应为 2Al+Fe2O3=高温2Fe+Al2O3，A 选项未配平，A 错误；硫化氢是弱酸不能拆，C 错误；泡沫灭火器的反应原理是利用硫酸铝与碳酸氢钠溶液发生双水解的反应，Al3+3HCO3-=Al(OH)3+3CO2，D 错误。11.【答案】C【解析】根据题意 X、Y、Z、M、W 分别为 H、N、C、B、Na 元素。考古时，利用14C 测定文物的年代，A 正确；非金属性 NC，简单氢化物的还原性 NH3CB，因此最高价含氧酸酸性 YZM，C 错误；BF3中 B 的最外层电子数为 6 个，D 正确。12.【答案】C【解析】由图可知，左侧电极 CO2HCOO-的过程 C 元素由+4 价降为+2 价，发生还原反应，为阴极，与直流电源负极相连，故 a 为负极，b 为正极；a 的电极电势低于 b，A 错误；由图可知mSnO2/CC 电极为阴极，表面发生的电极反应式为：CO2+2e-+HCO3-=HCOO-+CO32-，B 错误；电解池中，H通过质子交换膜从右侧（阳极室）迁移到左侧（阴极室），C 正确；若有 1mol e通过导线时，若导线转移电子的物质的量为 1mol，阳极上生成 0.25molHCOOH，阴极上生成0.5molHCOO-，所以该装置内生成 HCOO-和 HCOOH 共计 0.75mol，D 错误。#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第3页（共 13 页）13.【答案】B【解析】根据起点 PH 为 5，因此 Ka1051050.1=10-9，A 错误；n 点当 NaOH 溶液的体积加入10mL 时，溶液中 HCN 恰好被中和一半，由物料守恒，c(CN-)+c(HCN)=2c(Na+)=20.130.0667molL1，B 正确；p 点时，利用电荷守恒，c(Na+)-c(CN-)=c(OH-)-c(H+)=(10-3.2-10-10.8)molL1，C错误；滴定过程中，m 点 pH 最小，对水的电离抑制程度最大，p 点酸碱溶液恰好完全中和生成盐，且盐的水解促进水的电离，p 点水的电离程度最大，所以滴定过程中，水的电离程度 m n Q2，C 错误 D 正确。21.【答案】BC【解析】螺旋轨道可以等效为一个光滑的斜面，斜面的倾角即为轨道的切线的倾角，等螺距的螺旋轨道各处切线平行，所以在下滑过程中小环的加速度大小不变，方向时刻改变，A 错；小环沿螺旋轨道运动一周，其轨迹在水平面上的投影为一个半径为 r 的圆，圆的周长为 2,所以运动一周的路程大于 2,B 正确；小环沿螺旋轨道运动一个周期，下落高度为d,其轨迹的水平投影为一个圆，该圆的周长为 2，该投影的长度 n2等效为的底边，斜面的高度为 nd,小环运动的总路程为斜面长度A212ndn2LABCDE#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第5页（共 13 页）222）（）（rnndL,小环在斜面上的加速度为 a=g=g,根据匀变速运动公式，L=12gt2,得t=2(422+2)C 正确，D 错误。22.【答案】（1）不需要（1 分）（2）0.64（3 分）（4）偏小（2 分）【解析】（1）只要小车做匀变速直线运动即可，不需要平衡摩擦力（2）a=4+5+612392=0.64m/s2（3）频率越高，周期越小，计算时代入的周期数值较大，所以得到加速度比真实值偏小23.【答案】（1）A2R1（2 分)（2）见下图（4 分）（3）0.74W0.78W（3 分）【解析】写出电源的路端电压表达式 U=E-Ir=3-I，在小灯泡的伏安曲线的坐标系里画出电源路端电压与电流的关系图线如图，得出二线的交点坐标，相乘即可。24.(12 分)【解析】（1）粒子从 D 形盒飞出时的速度是最大速度,根据 R=,得 v=2 分在电场中根据动量定理 qEt=mv得 t=2 分同理根据 R=，得 B=,2 分（2）从 A 点出发向右运动 2r1,加速 1 次 qEd=12m121 分得 v1=2=2,1 分2r1=21=212,1 分同理，可得加速第 2 次粒子向左运动 2r2=2 212,1 分粒子加速第 3 次后向右运动 2r3=2 312，1 分第 4 次加速结束瞬间距 A 点的距离为 x=2r1-2r2+2r3=2（3+1-2）21 分25.（20 分）【解析】（1）物块 A 所受电场力 F=qE=2N1 分A 的加速度 a1=10m/s21 分物块 A 运动距离 d 时速度 v1=21=2m/s1 分A 与 B 发生弹性碰撞，m1v1=m1v2+m2v312m112=12m122+12m2321 分#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第6页（共 13 页）得 v2=121+2v1v2=-1m/s1 分v3=211+2v1=1m/s1 分（2）第 1 次碰撞后到第二次碰撞前二者位移相等 v2t+12a12=v3t1得 t1=0.4s1 分此过程 B 向右运动 v3t1=0.4m1分到右边缘的距离 L-v3t1=1.2m2 分（3）A 与 B 第二次碰撞前速度 v4=v2+at1=3m/s1 分此时 B 的速度为 v3=1m/s1 分碰撞满足动量守恒和系统动能守恒 m1v4+m2v3=m1v5+m2v612m142+12m232=12m152+12m2621 分得 v5=0v6=2m/s1 分假设能发生第三次碰撞12a22=v6t2t2=0.4s1 分此过程B向右运动v6t2=0.8m小于1.2m此时距桌子边缘为0.4m 所以没离开桌面发生第三次碰撞1 分第三次碰撞前 A 的速度 v7=at2=4m/sB 的速度 v6=2m/s1 分碰撞满足动量守恒和系统动能守恒 m1v7+m2v6=m1v8+m2v912m172+12m262=12m182+12m292解得 v8=1m/sv9=3m/s1 分假设能发生第 4 次碰撞 v8t3+12a32=v9t3得 t3=0.4s1 分此过程 B 向右运动 t3v9=1.2m大于 0.4m所以没有发生第 4 次碰撞，即 B 离开桌面的速度为 3m/s1 分26.（14 分，除标注分数外，其余每空 2 分）【答案】（1）适当加热、搅拌、适当增大硝酸浓度(合理即可给分)3Ag+4H+NO3-=3Ag+NO+2H2O（2）SiO2（1 分）（3）漏斗、烧杯、玻璃棒取操作洗涤沉淀时的最后一次滤液，加入 KSCN 溶液，若溶液不变红，则证明洗干净，否则未洗干净（4）4Ag(NH3)2Cl+N2H4=4Ag+N2+4NH3+4NH4Cl（5）正（1 分）Ag+e=Ag【解析】（1）适当升温、搅拌、将含银废催化剂粉碎等，均可以加快酸浸速率并使反应更充分；“酸浸”发生的氧化还原为硝酸与 Ag 的反应。（2）二氧化硅为酸性氧化物，不溶解于硝酸中。（3）操作共同操作为过滤，在实验室进行此操作需要的玻璃仪器有漏斗、烧杯、玻璃棒；检验操作的沉淀是否洗涤干净，需检验最后一次洗涤液中是否含有 Fe3+。（4）“还原”发生的化学反应方程式为：4Ag(NH3)2Cl+N2H4=4Ag+N2+4NH3+4NH4Cl。（5）“电解法粗银精炼”,应将粗 Ag 置于阳极,与电源的正极连接,阴极的电极反应式为 Ag+e=Ag。27.（15 分，除标注分数外，其余每空 2 分）【答案】(1)三颈烧瓶（1 分）n（1 分）(2)ae、fc、dg、hd、cb（或 bc、d g、h d、cf、ea）检查装置的气密性（1 分）#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第7页（共 13 页）(3)MnO2+4H+2ClMn2+Cl2+2H2O（强）酸性、吸水性（写出酸性即可给分，错写不给分）(4)吸收尾气 SO2和 Cl2，防止空气中的水进入装置 A 中(5)提高 SO2Cl2的产率；防止温度过高 SO2Cl2气化和分解。(6)75.0%【解析】（1）根据装置图可知：仪器 A 的名称是三颈烧瓶；冷凝水要从下口进入，才能充满冷凝管，使冷凝效果最好。（2）甲装置用于制备氯气，然后通过饱和食盐水除去氯气中的氯化氢，再通过浓硫酸除去水蒸气，乙装置用于制备二氧化硫，需通过浓硫酸除去水蒸气，故连接顺序为 ae、fc、dg、hd、cb（或 bc、d g、h d、cf、ea）；连接装置后，应先检查装置的气密性。（3）MnO2+4H+2ClMn2+Cl2+2H2O；制备二氧化硫浓硫酸表现的性质为强酸性及吸水性。（4）仪器 F 中装有碱石灰，其作用为吸收逸出的有毒气体氯气和二氧化硫，防止空气中的水蒸气进入 E，防止环境污染及磺酰氯水解。（5）因为制备 SO2Cl2的反应为放热反应，降低温度，平衡向正向移动，利于提高产率；SO2Cl2沸点低易分解，三颈烧瓶置于冷水浴中，防止温度过高 SO2Cl2气化和分解。（6）根据方程式：MnO2+4H+2ClMn2+Cl2+2H2O，n(Cl2)=n(MnO2)=1mol87g3.48g=0.04mol，由于 SO2足量，由反应 SO2(g)+Cl2(g)SO2Cl2(l)，理论上产生 SO2Cl2的物质的量也是0.04 mol，其质量是 m(SO2Cl2)=0.04mol135 gmol1=5.40 g，实际质量是 4.05g，则磺酰氯的产率为4.05g5.40g 100%=75.0%。28.（14 分，每空 2 分）【答案】（1）1079.2 kJmol1否，还需要 1molH2O(g)转化为 1molH2O(l)的热效应(合理即可给分)（2）该反应S0，又由于H0，在任何温度下均可自发进行。（3）适当增加 CO2浓度或高温或减压（合理即可给分）；（4）（H2）.（CO）（CO2）（H2O）x21.8【解析】（1）根据盖斯定律得其焓变H1=4HfHmH2O 2HfHmN2H4+HfHmN2O4=1079.2 kJmol1肼的燃烧热为 1mol N2H4(l)与氧气完全燃烧生成氮气及液态水时的热效应，而条件所给数据为气态水时的热效应，因此无法计算 N2H4(l)的燃烧热，因此还需要 1molH2O(g)转化为 1molH2O(l)的热效应。（2）根据热化学方程式2N2H4l+N2O4g=3N2g+4H2O g 可知该反应是气体总物质的量增大的反应，所以其S0，又由于H0，由于T0，所以G=HTS0 恒成立，在任何温度下均可自发进行。（3）反应 a 的正向反应吸热，气体物质的量增大，因此可以通过高温或减压或适当增加 CO2浓度等提高 CH4的平衡转化率。（4）根据标准压强平衡常数的表达方法，反应 b 的标准压强平衡常数表达式为p=（H2）.（CO）（CO2）（H2O）；由于 a 反应为吸热反应，则温度越高，其平衡常数越大，即1T越小，其lnp越大，则能表示反应 a 的曲线为 x。因为反应 b 的气体总物质的量不发生变化，所以体系压强的改变是反应 a 造成的，设通入等量CH4、CO2、H2O 的物质的量为 amol，设该温度下平衡时CH4转化率为 25%，根据以上数据，可列#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第8页（共 13 页）出反应 a 的三段式如下：CH4g+CO2g2CO g+2H2g起始物质的量(mol)aa00转化物质的量(mol)0.25a0.25a0.5a0.5a平衡物质的量(mol)0.75a0.75a0.5a0.5a则转化后CH4的物质的量为 0.75amol，CO2的物质的量为 0.75amol，生成的 CO 的物质的量为0.5a mol，生成的H2的物质的量为 0.5amol。反应 b 的曲线为 y，则在T1温度下，反应 b 的lnp=0，即Kp=1，设反应 b 平衡时H2O 转化了 n mol，根据以上数据，可列出反应 b 的三段式如下：CO g+H2O gCO2g+H2g起始物质的量(mol)0.5aa0.75a0.5a转化物质的量(mol)nnn平衡物质的量(mol)0.5a na-n0.75a+n0.5a+n则(0.75a+n)(0.5a+n)(0.5an)(an)=1，解得 n=122a，则达到平衡状态，体系中 CO 的物质的量为511amol，H2O 的物质的量为2122amol，CO2的物质的量为3544amol，H2的物质的量为611a mol，CH4的物质的量为34amol，H2的平衡分压为611511+2122+3544+611+34 140kPa 21.8kPa。29.（共 10 分，除标记外，每空 1 分）【答案】（1）降低自由水（2）干旱和高温胁迫均会抑制植物的光合作用，且干旱对光合作用的抑制作用更强（2 分）干旱会造成叶片的气孔关闭，导致叶片吸收 CO2量减少，光合作用速率下降；光反应阶段需要消耗水，干旱会导致光反应速率降低，光合作用速率下降；（2 分，答出一点，答案合理即可）（3）经干旱胁迫处理后的长势相同的同种植株实验组植株的叶片喷施一定浓度的 GABA，对照组植株的叶片喷施等量的清水（蒸馏水）（2 分）光合作用速率；植株含水量；光合作用色素含量（写出一点即可）【解析】（1）在低温胁迫下，植物细胞膜的流动性会降低以增强细胞膜的稳定性。减少自由水含量提高结合水的比例有助于减少水低温结冰后对细胞膜的损伤，从而抵御低温对植物细胞的不利影响。（2）表中实验结果显示，干旱和高温胁迫均会抑制植物的光合作用，且干旱对光合作用的抑制作用更强，因为 B 组幼苗的光合速率下降幅度更大。干旱会造成叶片的气孔关闭，导致叶片吸收 CO2量减少，光合作用速率下降；光反应阶段需要消耗水，干旱会导致光反应速率降低，光合作用速率下降。（3）为进一步探究叶面喷施一定浓度的外源 GABA 是否能缓解植物的干旱胁迫症状。可将已经处于干旱胁迫的若干植株平分为两组。实验组植株的叶片喷施一定浓度的GABA，对照组植株的叶片喷施等量的清水（蒸馏水）。将各组置于干旱程度相同的环境中继续培养一段时间。观察植物的生长情况，并定期测量植物体光合作用速率、植株含水量、光合作用色素含量等生理指标的变化情况。比较实验组和对照组的实验数据差异，分析判断叶面喷施一定浓度的外源 GABA 是否能缓解植物的干旱胁迫症状。30.（共 10 分，除标记外，每空 1 分）【答案】（1）下丘脑、垂体（2 分）（特异性）受体（2）生长激素是蛋白质，口服会被消化酶分解全身各处（3）（负）反馈调节IGF-1 具有类似胰岛素的作用可以降低血糖；IGF-1 可以降低血清 GH 含量，使胰岛素的作用效果增强。（2 分）#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第9页（共 13 页）（4）生长激素用量不当可能会造成高血糖甚至引发糖尿病；有些矮小症状并不是由于生长激素分泌不足所致，补充激素并不能起到治疗效果（2 分，答案合理即可）【解析】（1）器官 A 分泌的 GH 释放激素可以作用于垂体，促进垂体分泌 GH，因此器官 A 是下丘脑，器官 B 是垂体；GH 释放激素能作用于器官 B 的原因是其细胞膜上有特异性受体。（2）生长激素的化学本质是蛋白质，口服会被分解，因此需要采用注射的方法进行补充；进入血浆的人重组生长激素会随体液运输至全身各处。（3）血浆中 IGF-1 的含量受 GH 分泌的调节，反过来又可以影响 GH 的分泌，因此属于负反馈调节；由题图信息可知，IGF-1 具有降低血糖的作用，且 IGF-1 可以通过负反馈调节降低血清中 GH 的含量，使胰岛素的作用恢复，发挥正常的降血糖的作用，因此用注射 IGF-1 的方法可以辅助治疗糖尿病。（4）综上所述，生长激素用量不当可能会造成高血糖甚至引发糖尿病，有些矮小症状并不是由于生长激素分泌不足所致，比如 GH 受体缺乏，这种情况补充激素并不能起到治疗效果。31.（共 10 分，除标记外，每空 1 分）【答案】（1）消费者能够加快生态系统的物质循环、对于植物的传粉和种子的传播等具有重要作用（2）标志重捕法标记物不能太醒目、所做标记不能影响大天鹅正常的生活（答案合理即可）（3）生态系统和物种多样性（2 分，缺一不可）间接和直接（2 分，缺一不可）（4）保障大天鹅栖息和觅食场所的面积环境容纳量（或 K 值）【解析】（1）大天鹅等鸟类属于生态系统组成成分中的消费者，消费者的存在能够加快生态系统的物质循环、对于植物的传粉和种子的传播等具有重要作用。（2）大天鹅活动能力强、活动范围广，调查其种群密度适合采用标志重捕法；使用标志重捕法时标记物不能太醒目、所做标记不能影响大天鹅正常的生活，否则将影响调查结果。（3）保护区内存在不同类型的生态系统，这是对生物多样性在生态系统层次上的保护；保护区内生存着众多种类的动植物，这是对生物多样性在物种多样性层次上的保护；保护区改善局部气候环境体现了生物多样性的间接价值，吸引了全国各地的人前往研学、旅游则体现了其直接价值。（4）保护区是大天鹅栖息和觅食的场所，禁止破坏、侵占湿地资源是为了保障保护区的面积，从而有利于提高大天鹅等鸟类的环境容纳量，进而提高保护区内该种群的种群密度。32.（共 9 分，除标记外，每空 1 分）【答案】（1）隐性（2）AaBb雌雄同体的个体进行自交或与品系（aabb）杂交（3）多代连续杂交（2 分）用（纯合的壳色深、肉质鲜美二倍体）Y 进行杂交，并用一定浓度的细胞松弛素 B（CB）处理其受精卵，后代中可获得部分四倍体牡蛎（2 分）挑选（壳色深、肉质鲜美的）四倍体牡蛎与二倍体牡蛎 Y 杂交（2 分）【解析】（1）由题意分析可知，实验 2 品系肉质普通和品系肉质鲜美杂交后代均为肉质普通，说明肉质普通对肉质鲜美为显性。纯合牡蛎品系为 AABB，品系为 aaBB，品系为 aabb。F1 中出现的壳色深、肉质普通的牡蛎基因型为 AaBB，均为杂合子。（2）品系AABB 与品系aabb 杂交，后代基因型都为 AaBb。要获得壳色深、肉质鲜美的（A_bb）个体，可以用雌雄同体的 AaBb 自交后代中可能出现 A_bb 个体，或者用 AaBb 个体与品系aabb 个体杂交，后代中也可能出现 A_bb 个体。（3）用 X 个体（AAbb 或 Aabb）进行杂交；挑选后代中壳色深、肉质鲜美个体继续进行多代连续杂交，直至后代不再出现性状分离为止，则可获得纯合的壳色深、肉质鲜美二倍体（AAbb）；用纯合壳色深、肉质鲜美二倍体（AAbb）进行杂交，并用一定浓度的细胞松弛素 B（CB）处理其受精卵，后代中可获得部分纯合四倍体牡蛎（AAAAbbbb）；用纯合的壳色深、肉质鲜美二倍体（AAbb）和纯合四倍体牡蛎（AAAAbbbb）杂交即可获得纯合的壳色深、肉质鲜美的三倍体牡蛎（AAAbbb）#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第10页（共 13 页）33.（15 分）【答案】(1)ACE根据理想气体状态方程 PV=nRT 得=图中各点和原点 O 点连线的斜率代表气体压强的倒数，所以 b 的压强小于 c 的压强，A 正确；由 a 变化到 b 过程中体积变大，气体对外做功，温度升高，内能变大，所以气体从外界吸收的热量大于其内能的增加，B 错误；由 b变化到 c 过程中气体的体积不变，所以从外界吸收热量等于其增加的内能，C 正确；由 c 变化到d 过程中气体温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做功，所以气体向外界放出热量，D错误；由 a 变化到 b 过程为过原点的直线，其斜率不变，斜率代表压强的倒数，所以为等压变化,E正确。（2）T2=43T03(40+)(0+2)L缓慢加热气体压强不变11=222 分初始体积为34LS末状态体积为 LS1 分代入得 T2=43T01 分缓慢加入沙子，则汽缸内气体做等温变化，初始的压强 P1=P0+1 分加入沙子后末状态压强P2=P0+21 分P1V1=P2V21 分V1=341 分代入得 L2=3(40+)(0+2)L2 分34.（15 分）【答案】(1)BDE，A 的波长为 4m,根据波速公式 v=可知 A 的周期为 2s,A 错误；B 的周期为 4s,波速为 2m/s,可知 B 的波长为 8m,B 正确；因为波源 A 和 B 的周期不一样，所以二者有叠加但不能产生干涉现象，C 错误。X=-1m 距离两波源的距离均为 5m,两列波传播到这点需要的时间t=2.5s,剩余的 1s 时间使 A 波传播了半个波长，使该点位移为 0，B 传播了14波长，使该点的位移为 5m,二者叠加之后为 5m,D 正确；A 波传播到 O 点需要时间 t1=3s,等于 1.5TA,它产生的位移为0，B 波传播到 O 点需要时间 t2=2s,等于 0.5TB,B 波还需振动 1s,即再振动14周期，此时 B 波产生的位移为 5cm，所以位移之和为 5cm，E 正确。（2）n=2在 ad 面入射角 45，设折射角为根据折射定律 n=sin45sin2 分光线在 ab 面的入射角=2-2 分cbda#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第11页（共 13 页）其中为的外角可得光线在 bc 面的入射角=+=+152 分在 bc 面恰好发生全反射，则 n=sin90sin(+15)1 分联立和得=301 分代入 n=sin45sin=22 分35.（共 15 分，除标注分数外，其余每空 2 分）【答案】（1）LaMgNi412（1 分）3213+642333100%（2）f（1 分）3d84s2（1 分）MgAlNaMgCl2形成的是离子晶体，而 AlCl3为分子晶体（3）1:1（1 分）4（1 分）DE【解析】（1）La-Mg-Ni 相晶胞结构内四个 La 被 Mg 代替，因此化学式为：LaMgNi4；La-Mg-Ni相中 La 与 Mg 的位置是相对的，与 La 等距且最近的 La 有 12 个，因此与 Mg 等距且最近的 Mg有 12 个；根据均摊法计算，La-Ni 相晶胞中 La 的数目为 818+612+4=8，Ni 的数目为 16，La-Ni相中原子空间利用率为3213+642333100%。（2）La 在周期表中分属于 f 区；Ni 的价电子排布式为 3d84s2；同周期第一电离能从左到右有逐渐增大的趋势，但是A 与A 元素反常，因此从大到小的顺序为：MgAlNa；MgCl2形成的是离子晶体，而 AlCl3为分子晶体，因此熔点 MgCl2高于 AlCl3。（3）从所给结构判断进行 sp2及 sp3杂化的碳原子数目分别为 4 个；Ni 的配位数为 4；结构中存在氢键、共价键、配位键，不存在离子键和金属键。36.（15 分，除标注分数外，其余每空 2 分）【答案】（1）2羟基苯甲酸（1 分）（2）（1 分）（3）将浓硫酸缓慢滴入到浓硝酸中，边滴边振荡(或搅拌)（1 分）（4）酯基、醚键、肽键（或酰胺基）（5）c（1 分）（6）12（7）（3 分)#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第12页（共 13 页）【解析】（1）水杨酸的系统命名为：2羟基苯甲酸。（2）依据反应前后及所给 D 的分子式判断其结构中磺酸基被氢原子取代。（3）避免混合放热使酸飞溅，因此将浓硫酸缓慢滴入浓硝酸中，边加边搅拌或振荡；根据反应条件及前后结构式判断，此反应发生硝化反应。（4）H 中的含氧官能团的名称为酯基、肽键（或酰胺基）及醚键。（5）FG 发生还原反应。（6）由所给信息判断，结构中有酚羟基、碳氯键、及硝基三个官能团，除此之外还有两个碳原子的烷基，因结构中苯环上有两个取代基，其中一个是羟基，另一个是连有氯原子及硝基的乙烷基，氯原子与硝基可以在同一碳原子上，可以在不同碳原子上，共 4 种结构，且分别与羟基取代基有邻间对 3 种位置关系，因此共 12 种；根据其中一种只有四种等效氢，且峰面积之比为 3:2:2:1，因此推断，苯环上有两个对位取代基，且氯原子和硝基连在同一碳上。（7）根据所给信息，其合成路线为：。37.（共 15 分，除标记外每空 2 分）【答案】（1）固体、选择水、无机盐、碳源（答案中不能有氮源）灭菌前（1 分）（2）稀释涂布平板（1 分）灼烧（1 分）当两个或两个以上固氮菌连在一起时，只能在平板上形成一个菌落（3）检验培养基灭菌是否合格（4）不同种微生物表现出各自稳定的菌落特征耐盐碱固氮菌的固氮作用使培养基上产生了 NH3，且由于固氮菌消耗某些物质后使培养基的 pH 和盐含量降低，使一些不能耐盐碱、无固氮能力的微生物也能在环境条件改变后的培养基上生长繁殖（答案合理即可）【解析】（1）由题干信息可知，本实验的目的是分离耐盐碱固氮菌的单菌落，因此需要使用固体、pH 值高于 9、盐含量大于 0.6%的无氮源选择培养基；培养基中必须添加的营养成分有水、无机盐、碳源；应在培养基灭菌前调节 pH 值。（2）根据实验目的：要对菌落进行分离并计数，所以使用稀释涂布平板法进行接种；接种过程中使用的涂布器要在酒精灯火焰上进行灼烧灭菌；当两个或两个以上固氮菌连在一起时只能在平板上形成一个菌落，所以使用活菌计数法得到的结果往往小于实际细菌数。（3）在相同环境条件下培养空白平板的目的是检验培养基灭菌是否合格。（4）在一定的培养条件下，不同种微生物表现出各自稳定的菌落特征，可以根据菌落的形状、大小、颜色等特征初步区分菌种的类型。耐盐碱固氮菌的固氮作用使培养基上产生了 NH3，这样培养基中就有了氮源，且由于固氮菌的消耗某些物质后使培养基的 pH 和盐含量降低，一些不能耐盐碱、无固氮能力的微生物也能在环境条件改变后的培养基上生长繁殖，但将这样的菌落，再次转移到新制备的高盐、高 pH、无氮培养基上时，它们因为无法适应这种环境而不能生长。38.（共 15 分，除标记外每空 2 分）【答案】（1）构建基因表达载体限制酶、DNA 连接酶（2 分）（2）RNA 聚合酶终止转录5（2 分）（3）葡萄糖、氨基酸、无机盐、维生素和动物血清（2 分）95%空气和 5%的 CO2（2 分）（4）（进行）细胞间信息交流（2 分）（5）CAR-T 细胞免疫疗法能特异性识别并杀死肿瘤细胞，对正常细胞无伤害（或副作用小）；避免长期用药后肿瘤细胞产生耐药性；能够持续监控并杀死肿瘤细胞，降低肿瘤复发的概率（2#QQABJYCAogiIABBAAAgCEwX6CAAQkAACCCoGxBAEoAAASBNABCA=#理科综合参考答案第13页（共 13 页）分，其他合理答案也可给分）。【解析】（1）基因工程的核心步骤是构建基因表达载体，即将目的基因与载体 DNA 分子连接起来，形成重组 DNA 分子。这一步骤需要使用限制酶和 DNA 连接酶。在 PCR 扩增目的基因时，需要在引物的 5端加上限制酶切割位点，以便后续对 PCR 产物进行酶切处理，且不破坏目的基因的结构。（2）构建基因表达载体时，需要在目的基因的首端和尾端分别加上启动子和终止子。启动子是 RNA 聚合酶识别和结合的部位，是转录的起点；终止子则起到终止转录的作用。在 PCR扩增目的基因时，为了保证目的基因被顺利切割，限制酶切割位点应加在 PCR 引物的 5端。（3）体外扩增 T 细胞需要使用细胞培养技术，其中细胞培养液中通常含有葡萄糖、氨基酸、促生长因子、无机盐、微量元素等物质，以提供细胞生长所需的营养支持。此外，气体环境也是细胞培养的重要条件，主要需要 95%空气和 5%的 CO2来维持细胞正常代谢和培养液的 pH。（4）CAR-T细胞能够识别并与肿瘤细胞密切接触，最终导致肿瘤细胞裂解