山东省济南市名校考试联盟2024届高三下学期二模2024年4月济南二模——物理答案.pdf

物理答案 第1页（共 5 页）山东名校考试联盟 2024 年 4 月高考模拟考试 物理参考答案及评分标准 一、单项选择题：本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.B 2.A 3.B 4.A 5.D 6.D 7.C 8.B 二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得 4分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。9.AC 10.CD 11.ABD 12.BC 三、非选择题：本题共 6 小题，共 60 分。13.(6 分)(1)见右图 (2)ba；24bdLa(每空 2 分)评分标准：实物连线主要看：电表改装和电流表内外接；滑动变阻器的分压式接法。这两处每错一处扣 1 分，扣完为止。14.(8 分)(1)14.538(2 分)665(2 分)(2)大于(2 分)(3)C(2 分)(每空 2 分)评分标准：第一个空 14.53714.539 均可给 2 分。15.(8 分)(1)43h (2)59h【解析】设网高 h=0.1525m，AB=d，则 BC=CD=2d、AC=3d (1)第一次球做平抛运动，设平抛运动的初速度为1v，根据平抛运动规律有 12PFdt=v 12FBdt=v (1 分)21()2PPFFBHg tt=+(1 分)212PPFHhgt=+(1 分)联立解得43PHh=(1 分)(2)第二次球做斜上抛运动，设斜抛运动的水平速度为2v，根据斜抛运动规律有 212FAhgt=(1 分)23FAdt=v 22QFdt=v (1 分)#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第2页（共 5 页）212QQFhHgt=(1 分)联立解得59QHh=(1 分)评分标准：第(1)问 4 分，第(2)问 4 分，满分 8 分。16.(8 分)(1)55 10 Pa (2)10(或 101)【解析】(1)将体积为 V0=15m3、压强406.3 10 Pap=、温度 T0=270K 的大气注入舱体 舱内气体温度 T1=300K、体积312.1mVLS=根据理想气体状态方程0 01 101p Vp VTT=(2 分)解得舱内气压515 10 Pap=(2 分)(2)已知舱内温度 T1=300K 不变，新气压522 10 Pap=充入气体体积311mV=，压强406.3 10 Pap=，温度 T0=270K 设排出舱体的气体体积2V，压强406.3 10 Pap=，温度 T0=270K 根据理想气体状态方程有01021 12 11010pVpVp Vp VTTTT+=+(2 分)解得3210mV=(1 分)在等压等温状态下，气体的质量正比于体积，故 放出气体与进入气体的质量比为2110mVmV=出入 (1 分)评分标准：第(1)问 4 分，第(2)问 4 分，满分 8 分。17.(14 分)(1)0qB am (2)2034qB am (3)033B (4)3 312 392a【解析】(1)垂直于 y 轴射入圆形磁场的粒子过 P2点，根据磁聚集可知 粒子的圆轨迹半径等于磁场圆边界的半径，即1ra=(1 分)由洛伦兹力提供向心力得201q Bmr=vv (1 分)即10mrqB=v (1 分)解得0qB am=v (1 分)(2)设在 A 点射入磁场的初速度大小为0v，在电场中的运动时间为 t，则 x 轴方向，2at=v(1 分)#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第3页（共 5 页）y 轴方向，23122qEatm=(2 分)解得 E=2034qB am (1 分)(3)设粒子进入 OCD 内磁场时与速度与 x 轴正方向间的夹角为，由磁聚集作图易知1cos2=，解得=60 (1 分)粒子垂直于 CD 出射，有22 sin4raa=解得23ra=(1 分)又2mrqB=v 解得033BB=，方向垂直于纸面向里 (1 分)(4)粒子从直线 x=2a 上入射，速度不变，可知粒子从 P2点射入方向为 0180范围 粒子恰好与 CD 边相切时，从 CD 边射出的粒子距 C 点的距离最近 (1 分)如图，设3CPd=，在124O P P中，由余弦定理可得 222222(tan30)(3)2(tan30)(3)cos60cos30cos30ddrrdarda=+(1 分)代入23ra=整理得223 3(93 3)0dada+=解得 d=3 312 392a (1 分)评分标准：第(1)问 4 分，第(2)问 4 分，第(3)问 3 分，第(4)问 3 分，满分 14 分。18.(16 分)(1)0.3 (2)0.5m (3)0.1kg (4)29128m【解析】(1)C 在 A 上滑行时，对 A，有1()CAmgmm gma+=(1 分)解得1(2)ACag=#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第4页（共 5 页）A 碰 B 后，对 A，有2Amgma=解得2Aag=1m/s2 (1 分)木板 B 锁定，A 碰 B 后恰能返回初始位置，则 碰撞前后 A 的加速度大小相等12AAaa=(1 分)解得3C=0.3 (1 分)(2)C 在 A 上滑行时，对 C，有CCmgma=，解得CCag=3m/s2 C 在 A 上滑行的过程中，11 1CCAa ta t=v (1 分)C、A 的位移相对关系1111)22CAttL+=共共(vvv(1 分)解得 C 在 A 上向右滑行的初速度Cv=4m/s (1 分)时间 t1=1s t1内 A 向前滑行的距离201 112Axa t=0.5m (1 分)(3)小球 D 下摆过程中，211(sin37)222DLLMgM+=v (1 分)解得14DL=v 小球 D 碰后反弹上摆过程中，221(sin37)222DLLMgM=v 解得22DL=v 小球 D 碰 C，12DDCMMm=+vvv (1 分)22212111222DDCMMm=+vvv(1 分)解得3mM=0.1kg (1 分)绳长 L=4m(4)解除 B 锁定后，A、C 共速11 1Aa t=v=1m/s，方向右 A 碰 B，对 A、B，有11ABBmmm=+vvv 22211111222ABBmmm=+vvv 解得12A=vm/s，方向向左；112B=vm/s，方向向右(1 分)设 B、C 达到共同速度2v中，B 未碰墙，有112()BBBmmmm+=+vvv#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#物理答案 第5页（共 5 页）解得258=vm/s，方向向右 设 C 在 B 上向右滑过1d，有2221112111()222CBBBmgdmmmm=+vvv 解得1132d=m (1 分)此过程中 B 的对地位移为1Bx，有221211122CBBBBmgxmm=vv 解得19128Bx=m0 x，未碰墙，之后 B、C 一起匀速运动 碰墙反弹后 B、C 达到共同速度3v中，以向左为正，有223()BBmmmm=+vvv 解得3516=vm/s，方向向左 设此过程中 C 在 B 上继续向右滑过2d，有2222311()()22CBBmgdmmmm=+vv 解得225128d=m (1 分)之后 B 碰 A 时，C 相对 B 向前滑行，故为了 C 不掉下，B 板的最小长度为1229128ddd+=m (1 分)评分标准：第(1)问 4 分；第(2)问 4 分；第(3)问 4 分，列出小球上摆方程或下摆方程中的任意一个都给 1 分，列出两个也给 1 分；第(4)问 4 分；满分 16 分。#QQABRQYUggAgAJJAARhCQQWiCgIQkBACCKoOxBAIoAAByAFABAA=#