2024年上海中考物理终极押题密卷1含答案.doc

2024年上海中考物理终极押题密卷1一选择题（共6小题）1将物体A挂于细线下，当A以大小为v1的速度竖直向上匀速运动时，细线的拉力为F1；当A以大小为以v2的速度竖直向下匀速运动时，细线的拉力为F2若v1v2，不计空气阻力，则（）AF1F2，它们方向相反BF1F2，它们方向相同CF1F2，它们方向相反DF1F2，它们方向相同2热现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象B夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象C秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象D初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象3如图所示，火力发电过程中能量转化的顺序为（）A机械能内能电能B电能机械能内能C内能机械能电能D机械能电能内能4如图所示是一辆汽车做直线运动的st图象，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是（）ABC段汽车运动的速度为15km/hBAB段汽车处于匀速运动状态CCD段汽车做减速运动D前3小时内，汽车运动的平均速度为30km/h5如图所示的杠杆，O为支点，B点挂一重物G，在A点分别施力F1、F2、F3，使杠杆平衡，这三个力中最小的是（）AF1BF2CF3D无法确定6在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，有可能使电流表A示数与电流表A1示数的比值不变的是（）A向右移动R1的滑片B用阻值大于R2的电阻替换R2C向右移动R1的滑片且用阻值大于R2的电阻替换R2D向右移动R1的滑片且用阻值小于R2的电阻替换R2二填空题（共7小题）7古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。例如“夜半钟声到客船”中的“钟声”是钟 产生的，人们根据声音的 分辨出钟声。“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”，弹琵琶之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，从而改变弦发出声音的 。（后两空均选填“音调”、“响度”或“音色”）82023年10月26日，长征二号F遥十七运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。火箭发射时发出巨大的轰鸣声，主要是指声音的 大。火箭向下喷出高温高压气体的同时火箭向上加速运动，这说明物体间力的作用是 的。以发射塔为参照物，火箭是 的。9春天的校园里，同学们正在跳长绳，如图所示，中间的同学用力蹬地可以跃起，主要表明力可以改变物体的 ，跃起过程中，她相对于甩绳子的同学是 的（选填“运动”或“静止”）；校园里花香四溢，是由于分子在不停地做 运动。10普通家庭照明电路电压是 伏，家庭中空调和电视机是 （选填“串联”或“并联”）连接的。在家中每多使用一个用电器，其总电阻会 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。11丹麦物理学家 通过实验发现电流周围存在磁场。如图所示，闭合开关S，小磁针 发生明显转动（选填“a”“b”或“c”），原来静止的小磁针N极发生转动，说明力可以改变物体的 。122023年6月4日，神舟十五号载人飞船返回舱成功着陆。进入大气层后的降落过程中，返回舱的重力势能 （选填“增大”“减小”或“不变”），舱体表面与气体分子剧烈摩擦，温度上升，这是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变了舱体表面的内能。返回舱与外界的信息交互是通过 （选填“声波”或“无线电波”）实现的。13如图所示，用竖直向上的力F匀速提升重20牛的物体A。不计滑轮和绳的重力及摩擦，则力F的大小为 牛；若将连接物体A的绳剪断，物体A在下落过程中受到空气阻力的大小为1牛，方向竖直向上，则物体A受到合力的大小为 牛。质量为5千克的水，温度降低20，水放出的热量为 焦。c水4.2×103J/（kg）三作图题（共2小题）14在如图所示中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。15如图所示，一个重为4牛的物体静止在水平桌面上，请在图中用力的图示法画出物体所受到的支持力。四计算题（共4小题）16物体在20牛的拉力F的作用下，沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进6米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。17将质量为0.5千克的水从30加热至60，求水吸收的热量Q吸。【水的比热容为4.2×103焦/（千克）】18放置在水平面上的柱形容器内装有一定量的水，将质量为M的实心木块慢慢放入水中后，水对容器底部压强增加p1，此时木块有体积露出水面，如图（a）所示；再把A物体放在木块上方，静止后水对容器底部压强又增加p2，此时木块上表面恰好与水面相平，且水面与容器口相平，如图（b）所示。（1）求图（a）中水面下0.1米深处水的压强p水。（2）求图（a）中木块受到的浮力F浮。（3）若p1：p23：1，求图（a）与（b）中容器对水平面压力差F。19如图所示的电路，电源电压为6伏且保持不变。滑动变阻器R2上标有“10 2A”的字样。滑动变阻器滑片P在最右端时，闭合开关S，通过电阻R1的电流为0.5安。求：（1）电阻R1的阻值；（2）通过电阻R2的电流；（3）移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，求电路消耗的最大电功率P最大。五综合能力题（共1小题）20如图（a）所示，盛满水的柱形溢水（容器侧壁有溢水口）杯置于水桌面上。若溢水杯中水的质量为2千克，求溢水杯中水的体积V水；若溢水杯中水的深度为0.2米，求水对溢水杯底部的压强p水；若溢水杯和杯中水的总质量为m，溢水杯的底面积为S，则溢水杯对桌面的压强p桌为 ；现将一小木块轻轻放入溢水杯中，有一部分水溢出，稳定后如图（b）所示，此时杯底对桌面的压强为p桌'，则p桌 p桌'（选填“”、“”或“”），请说明你判断的理由。2024年菁优上海中考物理终极押题密卷1参考答案与试题解析一选择题（共6小题）1将物体A挂于细线下，当A以大小为v1的速度竖直向上匀速运动时，细线的拉力为F1；当A以大小为以v2的速度竖直向下匀速运动时，细线的拉力为F2若v1v2，不计空气阻力，则（）AF1F2，它们方向相反BF1F2，它们方向相同CF1F2，它们方向相反DF1F2，它们方向相同【考点】力的合成与应用菁优网版权所有【专题】应用题；运动和力；应用能力【答案】B【分析】物体做匀速直线运动时，受到平衡力的作用，根据二力平衡分析力的大小。【解答】解：将物体A挂于细线下，当A以大小为v1的速度竖直向上匀速运动时，A在竖直方向上受到重力和拉力的共同作用，这两个力是一对平衡力，即A的重力和细线的拉力为F1大小相等；当A以大小为v2的速度竖直向下匀速运动时，A在竖直方向上受到重力和拉力的共同作用，这两个力是一对平衡力，即A的重力和细线的拉力为F2大小相等；则：F1F2，它们方向相同，都是竖直向上的，故B正确。故选：B。【点评】本题考查了二力平衡条件的应用，属于基础知识，要掌握。2热现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象B夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象C秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象D初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象【考点】升华和凝华的定义与特点；液化及液化的放热特点菁优网版权所有【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华；应用能力【答案】C【分析】解决此题需掌握：物质由气态变为液态的过程是液化；物质由固态直接变为气态的过程是升华；物质由气态直接变为固态的过程是凝华。物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的。【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，需要放出热量，故A错误；B、夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是液化现象，故B错误；C、秋天的早晨花草上出现的小露珠是空气中的水蒸气液化而成的，需要放出热量，故C正确；D、初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是水蒸气的凝华现象，不属于凝固现象，故D错误。故选：C。【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。3如图所示，火力发电过程中能量转化的顺序为（）A机械能内能电能B电能机械能内能C内能机械能电能D机械能电能内能【考点】能量转化和转移菁优网版权所有【专题】应用题；分子热运动、内能；应用能力【答案】C【分析】自然界中的能量都以各种形式的能储存起来，在一定条件下可以相互转化。结合对火力发电的了解可做出解答。【解答】解：火力发电是通过煤、石油等燃料的燃烧，将燃料的化学能转化为水的内能，水蒸气膨胀做功转化为汽轮机的机械能，汽轮机带动发电机转动将机械能转化为电能。故其能量转化过程为：化学能内能机械能电能。故选：C。【点评】能量既不能产生也不能消失，它只会从一种形式转化为另一种形式或是从一个物体转移到另一个物体。4如图所示是一辆汽车做直线运动的st图象，对线段OA、AB、BC、CD所表示的运动，下列说法正确的是（）ABC段汽车运动的速度为15km/hBAB段汽车处于匀速运动状态CCD段汽车做减速运动D前3小时内，汽车运动的平均速度为30km/h【考点】速度的计算和公式的应用；变速运动与平均速度菁优网版权所有【专题】应用题；运动和力；应用能力【答案】D【分析】（1）根据速度公式v计算BC段、AC的平均速度。（2）物体的st图象是一条倾斜的直线，说明物体做匀速直线运动，st图象是一条水平的直线，说明物体静止。【解答】解：A、BC段的平均速度是vBC45km/h，故A错误；B、AB段汽车的路程不随时间而变化，则汽车处于静止状态，故B错误；C、OA段汽车的路程增加，是向前运动的，CD段的汽车路程是减小的，则汽车是往回运动的，所以CD段的运动方向与OA段的运动方向相反，但其st图象也是一条倾斜的直线，所以CD段汽车做匀速直线运动，故C错误；D、前3小时内，汽车运动的平均速度v30km/h，故D正确。故选：D。【点评】本题是图象分析，考查学生的基本识图能力和对速度公式的灵活运用能力。5如图所示的杠杆，O为支点，B点挂一重物G，在A点分别施力F1、F2、F3，使杠杆平衡，这三个力中最小的是（）AF1BF2CF3D无法确定【考点】杠杆中最小力的问题菁优网版权所有【专题】图析法【答案】B【分析】本题主要考查两个知识点：（1）对力臂概念的理解：力臂是指从支点到力的作用线的距离。（2）对杠杆平衡条件（F1l1F2l2）的理解与运用：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长动力越小。【解答】解：根据力臂是支点到力的作用线的垂直距离，分别将A点的三个力F1、F2、F3的力臂画出，L1、L3分别是RtOCA、RtODA的一条直角边，L2是它们的斜边，所以，L2最长；由杠杆平衡条件可知：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。可知图中L2最长，F2最小。故选：B。【点评】本题的解题关键是：（1）通过作图比较出力臂的长短；（2）由杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。6在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关，有可能使电流表A示数与电流表A1示数的比值不变的是（）A向右移动R1的滑片B用阻值大于R2的电阻替换R2C向右移动R1的滑片且用阻值大于R2的电阻替换R2D向右移动R1的滑片且用阻值小于R2的电阻替换R2【考点】电路的动态分析菁优网版权所有【专题】电路变化分析综合题【答案】C【分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流；（1）根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，利用并联电路的电流特点确定干路电流的变化，进一步确定电流表A示数与电流表A1示数的比值变化；根据数学知识“，当x减小时，比值会变大”可知，要想使电流表A示数与电流表A1示数的比值不变，在右移动R1的滑片的同时应增大R2的电阻；（2）用阻值大于R2的电阻替换R2时，根据欧姆定律确定该支路的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步确定电流表A示数与电流表A1示数的比值变化。【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流；（1）向右移动R1的滑片时，接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，该支路的电流变小，并联电路中各支路独立工作、互不影响，通过R2的电流不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，干路电流变小，电流表A示数与电流表A1示数的比值变大，故A不正确；要想电流表A示数与电流表A1示数的比值不变，应减小通过R2的电流，增大R2的阻值，即用阻值大于R2的电阻替换R2，故C正确，D不正确；（2）用阻值大于R2的电阻替换R2时，该支路的电阻变大，电流变小，干路电流变小，而电流表A1示数不变，故电流表A示数与电流表A1示数的比值变小，故B不正确。故选：C。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道电流表A示数与电流表A1示数的比值不变的方法，是一道难度较大的题目。二填空题（共7小题）7古诗词是我国的文化瑰宝，很多诗句里蕴含着物理知识。例如“夜半钟声到客船”中的“钟声”是钟 振动产生的，人们根据声音的 音色分辨出钟声。“转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”，弹琵琶之前“转轴”是为了改变弦的松紧程度，从而改变弦发出声音的 音调。（后两空均选填“音调”、“响度”或“音色”）【考点】声音的产生；音调与频率的关系；音色菁优网版权所有【专题】声现象；理解能力【答案】振动；音色；音调。【分析】（1）声音是由物体振动产生的；（2）音色是声音的特色，与发声体的结构和材料有关，不同发声体的音色一般不同；（3）音调是声音的高低，与振动的频率有关。【解答】解：“钟声”是钟振动产生的；音色是声音的特色，不同发声体的音色一般都不同，因此人们根据声音的音色分辨出钟声；改变弦的松紧程度，可以改变弦的振动频率，从而改变弦发出声音的音调。故答案为：振动；音色；音调。【点评】本题考查了对声音的产生、音色和音调的理解，属于基础题，难度不大。82023年10月26日，长征二号F遥十七运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射。火箭发射时发出巨大的轰鸣声，主要是指声音的 响度大。火箭向下喷出高温高压气体的同时火箭向上加速运动，这说明物体间力的作用是 相互的。以发射塔为参照物，火箭是 运动的。【考点】力作用的相互性；响度；运动和静止的相对性菁优网版权所有【专题】其他综合题；理解能力【答案】响度；相互；运动。【分析】响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；力的作用是相互的；在研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物；判断一个物体相对于哪一个物体在运动，就要看这个物体相对于哪个物体位置发生变化。【解答】解：火箭发射时发出巨大的轰鸣声，主要是指声音的响度大。火箭向下喷出高温高压气体的同时火箭向上加速运动，这说明物体间力的作用是相互的。以发射塔为参照物，火箭是运动的。故答案为：响度；相互；运动。【点评】本题考查了响度、力的作用是相互的和参照物等知识的了解和掌握，属于基础题。9春天的校园里，同学们正在跳长绳，如图所示，中间的同学用力蹬地可以跃起，主要表明力可以改变物体的 运动状态，跃起过程中，她相对于甩绳子的同学是 运动的（选填“运动”或“静止”）；校园里花香四溢，是由于分子在不停地做 无规则运动。【考点】分子的热运动；运动和静止的相对性；力的作用效果菁优网版权所有【专题】其他综合题；理解能力【答案】运动状态；运动；无规则。【分析】（1）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；（2）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；（3）物体是由大量分子组成的，分子永不停息地做无规则运动。【解答】解：中间的同学用力蹬地对地施加力的作用，地对人的反作用使人可以跃起，说明力可以改变物体的运动状态；她相对于甩绳子的同学，相对位置没有发生变化，所以她相对于甩绳子的同学是运动的。校园里花香四溢，是由于分子在不停地做无规则运动。故答案为：运动状态；运动；无规则。【点评】本题考查了分子的热运动、运动和静止的相对性、力的作用效果，属于基础题。10普通家庭照明电路电压是 220伏，家庭中空调和电视机是 并联（选填“串联”或“并联”）连接的。在家中每多使用一个用电器，其总电阻会 变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【考点】火线与零线；串、并联电路的概念与辨别；电阻的并联菁优网版权所有【专题】电流和电路；应用能力【答案】见试题解答内容【分析】我国家庭电路电压为220V；各家用电器之间只有并联，各家用电器才能正常工作，并且互不影响；电阻并联相当于增大了导体的横截面积，据此判断电阻的变化。【解答】解：我国家庭电路的电压为220V；家庭中空调与电视机工作时互不影响，所以它们是并联的；在家庭电路中，每多使用一个用电器，相当于电路的横截面积变大，故家中电路的总电阻变小。故答案为：220；并联；变小。【点评】本题考查了家庭电路的电压、用电器的连接方式、并联电阻的特点等，属电学综合题，难度不大。11丹麦物理学家 奥斯特通过实验发现电流周围存在磁场。如图所示，闭合开关S，小磁针 b发生明显转动（选填“a”“b”或“c”），原来静止的小磁针N极发生转动，说明力可以改变物体的 运动状态。【考点】安培定则；力的作用效果；磁极间的相互作用；电流的磁效应菁优网版权所有【专题】磁现象、电生磁；分析、综合能力【答案】奥斯特；b；运动状态。【分析】奥斯特实验说明了通电导线周围存在着磁场；根据安培定则确定磁极，根据磁极间的作用规律分析小磁针转动；力可以改变物体的运动状态。【解答】解：物理学家奥斯特通过实验发现电流周围存在磁场。闭合开关S，电流从左侧流入，电磁铁左侧为N极，根据磁极间的作用规律知，小磁针b应该左侧为S极，故会发生明显转动，原来静止的小磁针N极发生转动，说明力可以改变物体运动状态。故答案为：奥斯特；b；运动状态。【点评】本题考查电流的磁效应和安培定则以及力的作用效果，属于中档题。122023年6月4日，神舟十五号载人飞船返回舱成功着陆。进入大气层后的降落过程中，返回舱的重力势能 减小（选填“增大”“减小”或“不变”），舱体表面与气体分子剧烈摩擦，温度上升，这是通过 做功（选填“做功”或“热传递”）的方式改变了舱体表面的内能。返回舱与外界的信息交互是通过 无线电波（选填“声波”或“无线电波”）实现的。【考点】电磁波的传播与应用；动能和势能的转化；做功改变物体内能菁优网版权所有【专题】信息的传递；分析、综合能力【答案】减小；做功；无线电波。【分析】重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大，重力势能越大；改变物体内能的两种方式：做功和热传递；电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播。【解答】解：返回舱进入大气层后的降落过程中，返回舱的质量不变，高度减小，重力势能减小。舱体表面与气体分子剧烈摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能增加，温度上升，这是通过做功的方式改变了舱体表面的内能。真空无法传声，因此返回舱与外界的信息交互是通过无线电波实现的。故答案为：减小；做功；无线电波。【点评】此题考查了内能的改变、重力势能的认识及电磁波的应用，属于基础知识。13如图所示，用竖直向上的力F匀速提升重20牛的物体A。不计滑轮和绳的重力及摩擦，则力F的大小为 10牛；若将连接物体A的绳剪断，物体A在下落过程中受到空气阻力的大小为1牛，方向竖直向上，则物体A受到合力的大小为 19牛。质量为5千克的水，温度降低20，水放出的热量为 4.2×105焦。c水4.2×103J/（kg）【考点】热量的计算；力的合成与应用；动滑轮拉力的计算菁优网版权所有【专题】其他综合题；应用能力【答案】10；19；4.2×105。【分析】（1）图中滑轮为动滑轮，不计滑轮和绳的重力及摩擦，根据FG求F的大小；同一直线上二力的合成：同一直线上方向相同的两个力，合力大小等于二力大小之和，方向与这两个力方向相同，即：FF1+F2；同一直线上方向相反的两个力，合力大小等于二力大小之差的绝对值，方向和较大的力的方向相同，即F|F1F2|；（2）由Q放cmt计算水放出的热量。【解答】解：（1）图中滑轮为动滑轮，不计滑轮和绳的重力及摩擦，力F的大小为：FG×20N10N；物体A在下落过程中，受到空气阻力的大小为1牛，方向竖直向上，还受到竖直向下的重力为20N，则物体A受到合力的大小：F合Gf20N1N19N；（2）水放出的热量：。故答案为：10；19；4.2×105。【点评】本题考查动滑轮的工作特点、力的合成和热量的计算，难度不大。三作图题（共2小题）14在如图所示中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。【考点】作光的反射光路图菁优网版权所有【专题】光的传播和反射、平面镜成像；应用能力【答案】见解题图。【分析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。【解答】解：根据入射角等于反射角，反射光线与法线之间的夹角为反射角，度数等于入射角为40°，如下图所示：故答案为：见解题图。【点评】本题考查了光的反射作图，作反射光线时，先确定反射点，根据反射角等于入射角在同一平面内法线的另一侧画出反射光线。15如图所示，一个重为4牛的物体静止在水平桌面上，请在图中用力的图示法画出物体所受到的支持力。【考点】力的示意图与图示菁优网版权所有【专题】图像综合题【答案】见试题解答内容【分析】画支持力的图示，首先要分析出力的三要素，画图时先确立标度，再明确标出力的大小【解答】解：静止在水平桌面上的物体，重力与支持力是一对平衡力。因此，支持力的大小为4N，方向竖直向上，作用在物体与桌面的接触面上。如图所示。【点评】作力的图示要先分析出力的三要素，还要确立一个标度，用这个标度来度量力的大小。四计算题（共4小题）16物体在20牛的拉力F的作用下，沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进6米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。【考点】功率的计算及公式的应用；功的计算和公式的应用菁优网版权所有【答案】此过程中拉力做的功为120J，功率为12W。【分析】知道水平拉力的大小和前进的距离，根据WFs求出拉力做的功，根据P求出功率的大小。【解答】解：拉力做的功：WFs20N×6m120J；拉力的功率：P12W。答：此过程中拉力做的功为120J，功率为12W。【点评】本题考查了功和功率的计算，难度不大，是一道较为简单的计算题。17将质量为0.5千克的水从30加热至60，求水吸收的热量Q吸。【水的比热容为4.2×103焦/（千克）】【考点】热量的计算菁优网版权所有【专题】计算题；比热容、热机、热值；应用能力【答案】水吸收的热量为6.3×104J。【分析】根据Q吸cm（tt0）求出水吸收的热量。【解答】解：将质量为0.5kg的水从30加热至60，水吸收的热量为：Q吸c水m（tt0）4.2×103J/（kg）×0.5kg×（6030）6.3×104J。答：水吸收的热量为6.3×104J。【点评】本题考查了热量的计算，比较简单。18放置在水平面上的柱形容器内装有一定量的水，将质量为M的实心木块慢慢放入水中后，水对容器底部压强增加p1，此时木块有体积露出水面，如图（a）所示；再把A物体放在木块上方，静止后水对容器底部压强又增加p2，此时木块上表面恰好与水面相平，且水面与容器口相平，如图（b）所示。（1）求图（a）中水面下0.1米深处水的压强p水。（2）求图（a）中木块受到的浮力F浮。（3）若p1：p23：1，求图（a）与（b）中容器对水平面压力差F。【考点】浮力大小的计算；液体压强的计算以及公式的应用菁优网版权所有【专题】定量思想；浮力；应用能力【答案】（1）图（a）中水面下0.1米深处水的压强p水为1000Pa；（2）图（a）中木块受到的浮力F浮为Mg；（3）若p1：p23：1，图（a）与（b）中容器对水平面压力差F为Mg。【分析】（1）由液体的压强公式pgh即可求出水面下0.1米深处水的压强p水；（2）利用木块漂浮在水中时所受浮力和重力相等，求木块受到的浮力F浮；（3）设物体的体积为V，由图（a）知木块处于漂浮状态，此时排开水的体积为VV，根据阿基米德原理可得木块受到的浮力；由图（b）知木块完全浸没，此时排开水的体积为V，根据阿基米德原理可得木块受到的浮力，进而算出物体A的重力；设容器的底面积为S，则加入木块时，水对容器底的压力等于木块的重力，即p1SMg，由题意p1：p23：1算出加入物块A后水对容器底部增加的压力；由加入物块A后水对容器底部增加的压力与加入的物体A的重力判断出加入物体A后有水溢出，进而算出溢出水的重力；由（a）知容器对水平面的压力等于木块的重力、容器的重力以及容器中水的重力，即F1G+G水+G容器；由（b）知容器对水平面的压力等于木块的重力、物块A的重力、容器的重力以及容器中水的重力，即F2G+GA+G水+G容器G溢；据此算出图（a）与（b）中容器对水平面压力差。【解答】解：（1）水面下0.1米深处水的压强为：p水水gh1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m1000Pa；（2）由图（a）知木块处于漂浮状态，受到的浮力等于其自身的重力，即F浮GMg；（3）设物体的体积为V，由图（a）知木块处于漂浮状态，此时排开水的体积为VV，根据阿基米德原理可得木块受到的浮力为：F浮Mg水gV由图（b）知木块完全浸没，此时排开水的体积为V，根据阿基米德原理可得木块受到的浮力为：F浮水gV此时木块和物体A处于漂浮状态，此时木块受到的浮力等于木块和物体A的总重力，即F浮G+GAMg+GA，由得物体A的重力为：GA0.5Mg；设容器的底面积为S，则加入木块时，水对容器底的压力等于木块的重力，即p1SMg，由题意知p1：p23：1，则加入物块A后水对容器底部增加的压力为：p2SMg；因加入的物体A的重力为0.5mg，可知加入物体A后有水溢出，则溢出水的重力为：G溢0.5MgMgMg；由（a）知容器对水平面的压力等于木块的重力、容器的重力以及容器中水的重力，即F1G+G水+G容器；由（b）知容器对水平面的压力等于木块的重力、物块A的重力、容器的重力以及容器中水的重力，即F2G+GA+G水+G容器G溢；则图（a）与（b）中容器对水平面压力差为：FF2F1GAG溢0.5MgMgMg。答：（1）图（a）中水面下0.1米深处水的压强p水为1000Pa；（2）图（a）中木块受到的浮力F浮为Mg；（3）若p1：p23：1，图（a）与（b）中容器对水平面压力差F为Mg。【点评】本题考查了物体漂浮的条件和阿基米德原理、受力分析、力的平衡条件、重力公式的应用，综合性强，具有一定的难度。19如图所示的电路，电源电压为6伏且保持不变。滑动变阻器R2上标有“10 2A”的字样。滑动变阻器滑片P在最右端时，闭合开关S，通过电阻R1的电流为0.5安。求：（1）电阻R1的阻值；（2）通过电阻R2的电流；（3）移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，求电路消耗的最大电功率P最大。【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用菁优网版权所有【专题】计算题；电能和电功率；应用能力【答案】（1）电阻R1的阻值为12；（2）通过电阻R2的电流为0.6A；（3）移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，电路消耗的最大电功率为15W。【分析】（1）电路为并联电路，根据并联电路的特点，运用欧姆定律的变形公式可直接求出电阻R1的阻值；（2）滑动变阻器滑片P在最右端时，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过变阻器R2的电流I2；（3）移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，据此确定通过电阻R2的电流，计算电路总电流，根据PUI计算最大功率。【解答】解：（1）由图可知，此电路为并联电路，电阻R1两端的电压为6V，由题意可知，通过电阻R1的电流为0.5安，则由欧姆定律I得，R112；（2）滑动变阻器滑片P在最右端时，通过变阻器R2的电流：I20.6A；（3）滑动变阻器R2上标有“10 2A”的字样，在电路安全工作的情况下，电阻R2通过的最大电流为2A，此时电路中最大电流为：I最大I1+I0.5A+2A2.5A，电路消耗的最大电功率为：P最大UI最大6V×2.5A15W。答：（1）电阻R1的阻值为12；（2）通过电阻R2的电流为0.6A；（3）移动滑动变阻器的滑片P，在电路安全工作的情况下，电路消耗的最大电功率为15W。【点评】本题主要考查欧姆定律公式的灵活运用、电功率公式的运用、并联电路的电压、电流关系等，属电学综合计算题，是经常出现的题型。五综合能力题（共1小题）20如图（a）所示，盛满水的柱形溢水（容器侧壁有溢水口）杯置于水桌面上。若溢水杯中水的质量为2千克，求溢水杯中水的体积V水；若溢水杯中水的深度为0.2米，求水对溢水杯底部的压强p水；若溢水杯和杯中水的总质量为m，溢水杯的底面积为S，则溢水杯对桌面的压强p桌为 ；现将一小木块轻轻放入溢水杯中，有一部分水溢出，稳定后如图（b）所示，此时杯底对桌面的压强为p桌'，则p桌p桌'（选填“”、“”或“”），请说明你判断的理由。【考点】液体压强的计算以及公式的应用；密度的计算与公式的应用；固体压强大小比较；压强的计算菁优网版权所有【专题】计算题；比较思想；密度及其应用；压强、液体的压强；应用能力；分析、综合能力【答案】溢水杯中水的体积为2×103m3；水对溢水杯底部的压强为2×103Pa；理由见解答。【分析】利用计算溢水杯中水的体积；利用p水gh计算水对溢水杯底部的压强；溢水杯对桌面的压力等于溢水杯和杯中水的总重力，利用FGmg求出，然后利用p计算溢水杯对桌面的压强；如果将小木块轻轻放入溢水杯中，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道木块受到的浮力等于排开的水的重力（溢出水的重力），而因为木块漂浮，木块的重力等于浮力，据此可以得出木块的重力和溢出水的重力的大小关系，进而得出放入木块后杯对桌面的压力变化，而受力面积不变，根据压强公式p得出压强变化。【解答】解：根据可得，溢水杯中水的体积：V水2×103m3；水对溢水杯底部的压强；p水水gh1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m2×103Pa；溢水杯对桌面的压力：FGmg，溢水杯对桌面的压强：p桌；如果将小木块轻轻放入溢水杯中，有一部分水溢出，稳定后如图（b）所示；因为木块漂浮，所以，木块受到的浮力等于木块的重力，即F浮木G木，根据阿基米德原理可知，木块受到的浮力等于其排开水的重力（溢出水的重力），即F浮木G排G溢，则木块的重力等于溢出水的重力，即G木G溢，所以，放入木块后杯对桌面的压力不变，而受力面积不变，根据p可知，杯对桌面的压强不变，即p桌p桌'。答：溢水杯中水的体积为2×103m3；水对溢水杯底部的压强为2×103Pa；理由见解答。【点评】本题考查了学生对密度公式、液体压强公式、压强定义式、阿基米德原理、物体的浮沉条件的掌握和运用，难点在最后一小题，能根据浮沉条件和阿基米德原理判断出放入木块后杯子对桌面的压力变化情况是本题的关键。考点卡片1液化及液化的放热特点【知识点的认识】（1）定义：物质由气态转变为液态的过程叫做液化液化是放热过程（2）液化方法：降低温度：只要科学条件允许，任何气体温度降到足够低的时候，都可以液化压缩体积：有的气体在常温下压缩体积就能液化，如一次性打火机中的丁烷【命题方向】物态变化现象的判断和物态变化伴随的吸放热情况的判断是命题的要点例1：用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”；夏天打开冰棒纸时，可以看到冰棒周围也出现“白气”，以下说法正确的是（）A壶嘴里冒出的“白气”，是水沸腾时产生的水蒸气B冰棒周围的“白气”是冰棒发生升华形成的水蒸气C在这两种“白气”形成的过程中，都需要吸收热量D这两种“白气”都是水蒸气液化形成的分析：物质从固态变为液态的过程是熔化，物质从液态变为固态是凝固，物质从液态变成气态称为汽化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华，物质直接从气态变为固态是凝华解：（1）用电热壶烧水时，水沸腾后，从壶嘴里冒出“白气”，是壶嘴里冒出的温度较高的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象；（2）夏天空气中有大量的水蒸气，水蒸气遇到冷的冰棒凝结成小水滴，形成“白气”，属于液化现象因此二者都属于液化现象，液化放热故选D点评：本题通过生活中的热现象考查学生对物态变化的理解，解题的关键是先搞清楚变化前后物体的状态，再确定物态变化名称例2：将一瓶冰冻的矿泉水放在桌