九年级上学期期末物理试卷(含答案).doc

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1、. .九年级（上）期末物理试卷一、填空题（每空2分，共26分）1今年省教育厅下发了“校内公共场所全面禁止吸烟的若干规定”，一个人在公共场所吸烟，不仅影响自己的身体健康，而且由于烟分子，不仅影响自己的身体健康2沿海地区昼夜温度变化比内陆小，这是因为沿海地区多水，水的比热容比沙石的比热容（选填“大”或“小”）的缘故3如图所示为一种人们设想中的永动机，它通过高处的水流冲击叶片，叶片的转动又带动抽水机从低处将水抽到高处，从而循环工作，这种永动机不能够永远工作下去，因为它违背能量定律4如图为小明家的电能表，他家的用电器累计消耗电能Kwh，若小明在家庭电路中只给一台电饭锅通电，发现该表转盘在3min内转了

2、100r，电饭锅的功率是W5如图所示，电源电压是6V且不变，S闭合后电压表示数为2V，则灯L1两端电压为V；通过灯L1和灯L2的电流是（选填“L1”、“L2”或“一样”）大6在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机工作过程中的两个冲程示意图与压缩冲程原理相同的是图所示的演示实验；汽油机利用内能来做功的冲程是图7有一个玩具电风扇线圈电阻为2欧，接在电压为3V不变的电源上，转动时通过线圈的电流为0.2A，则：电风扇转动时，每分钟线圈产生的热量是J，电风扇转动时的机械功率是W8把标有“8V，4W”和“6V，6W”的两盏电灯L1和L2串联后接在某电路中，为了保证两灯长时间

3、都不烧坏，电路两端所加电压的最大值是V若将这两盏灯并联使用，也保证两灯长时间都烧不坏，在电路两端所加最大电压下，此时电路消耗的总功率是W（灯丝的电阻不变）二、选择题（每小题3分，共21分，每小题只有一个正确答案）9关于热现象，下列说法正确的是（）A高温物体含有的热量比低温物体多B物体的温度越高，分子运动的越剧烈C水在凝固过程中温度不变，内能不变D尽量使燃料充分燃烧，可以增大燃料的热值10将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示，闭合开关后，发现灯L1亮，灯L2不亮，其可能原因是（）A灯L2断路B灯L2两端电压较大C灯L1的电阻较大D通过灯L1的电流较大11下列说法中正确的是（

4、）A电流做功的过程就是电能转化为内能的过程B电功率是表示电流做功快慢的物理量C用电器的额定功率越大，做功的效率就越高D导体的电阻与导体两端的电压成正比12现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（）ABCD13如图所示的电路中a、b是电表，闭合开关要使电灯发光，则（）Aa、b都是电流表Ba、b都是电压表Ca是电压表，b是电流表Da是电流表，b是电压表14如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=10，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A不能在ab两点间接入一个量程为0.6A的电流表B在a、b两点间接入

5、一个5的电阻，电路消耗的电功率为0.4WC在a、b两点间接入一个“3V，1.5W”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数15如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器上标有“2A，20”字样以下四个图象中，能正确表示当开关S闭合后，通过小灯泡L的电流I与滑动变阻器连入电路的电阻R的关系的是（）ABCD三、实验题（16题6分，17题6分，18题12分，共24分）16某小组的同学做“比较不同物质的吸热能力”的实验，他们使用了如图所示的装置（1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中多余的是A采用完全相同的加热方式B酒精灯里所加酒精量相同C取相同

6、质量的水和另一种液体D盛放水和另一种液体的容器相同（2）加热到一定时刻，水开始沸腾，此时的温度如图丙所示，则水的沸点是，这表明实验时的大气压强（选填“大于”、“小于”或“等于”）一个标准大气压（3）而另一种液体相应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多请你就此现象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力（选填“相同”或“不同”）你认为是的比热容更大些17小明在学习电学知识时用图所示电路进行探究学习他首先在图中a、b两点间接入一个电阻，然后又在a、b两点间串联接入两个电阻，并依此方式串联接入不同数目的电阻分别进行实验他观察发现，每多接入一个电阻，电流表的示数就减小一些，于是他得出

7、结论，在任何情况下，电路中接入的电阻数目越多，电流越小请你利用图19所示的实验器材及一些定值电阻，设计一个实验说明小明的结论是错误的（1）在图19中a、b两点间补充完成你所设计的实验电路图（2）简述实验步骤和实验现象18在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为5，所用滑动变阻器的最大阻值40（1）请用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接；要求滑动变阻器的滑片向右移动时阻值变大（2）小明正确连好电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数很大请指出故障的原因（3）某次实验中电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则此时小灯泡

8、的实际功率为W要测量小灯泡的额定功率，正确的操作为：，最后利用公式求出额定功率（4）实验要求改变小灯泡两端的电压进行多次测量，这样做是为了（5）如果考虑电流表和电压表的内阻，计算出的电功率大小跟真实值比，是的（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）四、计算与推导（19题5分，20题6分，21题8分，共19分，解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案不能得分）19n个相同的电阻R串联，其总电阻可以用一个等效电阻R0表示，请根据串联电路中电流、电压规律和欧姆定律推证：R0=nR20某种型号太阳能热水器贮水100kg在太阳照射下8h，装满水的太阳能热水器中水温升高50已知此热水器太阳能转化为水的内能的

9、效率为70%；水的比热容4.2103J/（kg）试计算：（1）太阳能热水器照射8h，热水器中吸收的热量？（2）如热水器所接收到的太阳能由热值为3107J/kg的焦炭提供，需完全燃烧多少焦炭？21某发电站的输出电压为250V，输出功率为100kw保持不变，向远方输电所用输电线的总电阻为0.5则：（1）若用250V电压直接对外供电，求输电线上损失的功率；（2）若将对外输电电压提高到10000V，求输电线上损失的功率；（3）利用所学知识分析说明怎样减少远距离输电线上的功率损耗2015-2016学年XX省XX市固镇县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共26分）1今年省教育

10、厅下发了“校内公共场所全面禁止吸烟的若干规定”，一个人在公共场所吸烟，不仅影响自己的身体健康，而且由于烟分子在永不停息的做无规则运动，不仅影响自己的身体健康在空气不流通的房间里，只要有一个人吸烟，整个房间就会充满烟味，这是因为一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动，不仅影响自己的身体健康，不仅影响自己的身体健康，因此，在公共场所，为了他人的健康，请不要吸烟故答案为：在永不停息的做无规则运动2沿海地区昼夜温度变化比内陆小，这是因为沿海地区多水，水的比热容比沙石的比热容大（选填“大”或“小”）的缘故【考点】水的比热容的特点及应用【分析】沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比

11、较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析【解答】解：沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小故答案为：大3如图所示为一种人们设想中的永动机，它通过高处的水流冲击叶片，叶片的转动又带动抽水机从低处将水抽到高处，从而循环工作，这种永动机不能够永远工作下去，因为它违背能量守恒定律【考点】能量守恒定律【分析】在能量转化的过程中，总会有一部分能量以热的形式向四周扩散，成为无用的能量，所以抽水机的机械能会逐渐减小【解答】解：他设想的机械装置不可能

12、实现，因为抽水机在此过程中，有部分机械能会转化为内能，即机械能会逐渐减少，所以机械能总量不守恒，他设想的机械装置不能实现即它违背了能量守恒定律故答案为：守恒4如图为小明家的电能表，他家的用电器累计消耗电能931.6Kwh，若小明在家庭电路中只给一台电饭锅通电，发现该表转盘在3min内转了100r，电饭锅的功率是800W【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）电能表的读数方法：最后一位是小数，单位kWh（2）2500r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转2500r，或者表示电能表每转1r电路中消耗1/2500kWh的电能，求出转盘转100r电路中消耗的电能然后求出

13、用电器的功率【解答】解：电能表的示数W1=931.6kWh，即他家的用电器累计消耗电能为931.6kWh，电路中消耗电能W2=kWh=3.6106J=1.44105J，电饭锅的功率P=800W，故答案为：931.6；8005如图所示，电源电压是6V且不变，S闭合后电压表示数为2V，则灯L1两端电压为4V；通过灯L1和灯L2的电流是一样（选填“L1”、“L2”或“一样”）大【考点】串联电路的电压规律；串联电路的电流规律【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测量L2两端的电压，则根据电压表示数可求得L2两端的电压，再根据串联电路的电压规律可求得L1两端的电压；由串联电路的特点可知通过两灯的电流关

14、系【解答】解：由图可知，当开关S闭合后，电压表测的是灯L2两端的电压，所以L2两端电压为2V；由于两灯串联，根据串联电路电压规律得U1=UU2=6V2V=4V由于串联电路处处电流相等，所以通过两灯的电流相等故答案为：4；一样6在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机工作过程中的两个冲程示意图与压缩冲程原理相同的是乙图所示的演示实验；汽油机利用内能来做功的冲程是丙图【考点】内燃机的四个冲程【分析】（1）解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能（2）改变物体内能

15、的方式有热传递和做功两种做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低【解答】解：甲图对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀，对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能乙图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程丙图两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，做功冲程将内能转化为机械能丁图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，压缩冲程是把机

16、械能转化为内能的过程由以上分析不难看出：（1）压缩冲程是机械能转化成内能，与此原理相同的是乙图所示的演示实验；（2）汽油机利用内能来做功的冲程是丙图故答案为：乙；丙7有一个玩具电风扇线圈电阻为2欧，接在电压为3V不变的电源上，转动时通过线圈的电流为0.2A，则：电风扇转动时，每分钟线圈产生的热量是4.8J，电风扇转动时的机械功率是0.52W【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）知道电风扇的电阻和通过的电流以及工作时间，根据Q=I2Rt求出电阻产生的热量；（2）电动机正常工作时，机械能的功率等于总功率与转化为内能功率之差【解答】解：（1）电风扇线圈每分钟线圈产生的热量：Q=I2Rt=（

17、0.2A）2260s=4.8J；（2）电动机总功率：P总=UI=3V0.2A=0.6W；线圈发热功率：P热=I2R=（0.2A）22=0.08W；输出的机械功率：P=P总P热=0.6W0.08W=0.52W故答案为：4.8；0.528把标有“8V，4W”和“6V，6W”的两盏电灯L1和L2串联后接在某电路中，为了保证两灯长时间都不烧坏，电路两端所加电压的最大值是11V若将这两盏灯并联使用，也保证两灯长时间都烧不坏，在电路两端所加最大电压下，此时电路消耗的总功率是8.25W（灯丝的电阻不变）【考点】电功率的计算【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求

18、出两灯泡的电阻；串联时，为了保证两灯长时间都不烧坏，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，利用电阻的串联特点和欧姆定律求出电源的电压值；两灯泡并联时所加的最高电压为两灯泡额定电压最小的一个，根据并联电路的电压特点和电功率公式可以求出电路消耗的总功率【解答】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流：I1=0.5A，I2=1A，由I=可得，两灯泡的电阻：R1=16，R2=6；因串联电路中各处的电流相等，且为了保证两灯长时间都不烧坏，所以，电路中的电流I=I1=0.5A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端的电压：U=I（R1+R2）=0.5A（16+6）=11V；两灯泡并联时，因并联电

19、路中各支路两端的电压相等，且保证两灯长时间都不烧坏，所以，并联电路两端的最大电压U=U1=6V，电路消耗的功功率：P=+=+=8.25W故答案为：11；8.25二、选择题（每小题3分，共21分，每小题只有一个正确答案）9关于热现象，下列说法正确的是（）A高温物体含有的热量比低温物体多B物体的温度越高，分子运动的越剧烈C水在凝固过程中温度不变，内能不变D尽量使燃料充分燃烧，可以增大燃料的热值【考点】分子动理论的基本观点；温度、热量与内能的关系；燃料的热值【分析】（1）热量是指热传递过程中传递能量的多少，是过程量；（2）物体的温度越高，分子运动的越剧烈；（3）凝固是物质由液态变为固态，凝固放热；（

20、4）燃料的热值是燃料的一种特性，不同种燃料其热值一般不同，同种燃料热值一般相同，与燃料的质量大小无关【解答】解：A、热量是过程量，不能说含有热量，A错误；B、物体的温度越高，分子运动的越剧烈，故B正确；C、水在凝固过程中温度不变，但内能减小，故C错误；D、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧程度无关，故D错误故选：B10将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示，闭合开关后，发现灯L1亮，灯L2不亮，其可能原因是（）A灯L2断路B灯L2两端电压较大C灯L1的电阻较大D通过灯L1的电流较大【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】由电路图

21、可知，两灯泡串联，由L1亮可知电路是通路，不可能是断路，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知两灯泡实际功率的关系，根据P=I2R可知两灯泡电阻的关系，根据U=IR可知两灯两端的电压关系【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联，因串联电路中各处的电路相等，且灯L1亮，所以，通过两灯泡的电流相等，且电路为通路，不可能是断路，故AD错误；因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，L1的实际功率大于L2的实验功率，由P=I2R可知，灯L1的阻值大于灯L2的阻值，故C正确；由U=IR可知，灯L1两端的电压大于灯L2两端的电压，故B错误故选C11下列说法中正确的是（）A电流做功的过程就是电能转化为内能的过程B

22、电功率是表示电流做功快慢的物理量C用电器的额定功率越大，做功的效率就越高D导体的电阻与导体两端的电压成正比【考点】电功的实质；电阻；电功率【分析】根据电功的实质、电功率的概念、电功率与效率的关系，以及电阻的特点的理解，可对选项中的描述逐一做出判断【解答】解：A、由电功的实质可知，电流做功的过程就是电能转化为其他形式能的过程，不一定是转化为内能，故A错误；B、电功率是表示电流做功快慢的物理量，故B正确；C、用电器的额定功率越大，做功就越快，但不一定做功的效率就越高，效率是指能量的有效利用率，与电功率无关，故C错误；D、电阻是导体的一种性质，其大小与电压和电流无关，故D错误故选B12现代社会倡导文

23、明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（）ABCD【考点】电路图及元件符号【分析】根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案【解答】解：A、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A不正确；B、只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B正确；C、两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光，故C不正确；D、当只闭合开关S2时，两灯泡都发光；只闭合S1时绿灯亮故D不正确故选B

24、13如图所示的电路中a、b是电表，闭合开关要使电灯发光，则（）Aa、b都是电流表Ba、b都是电压表Ca是电压表，b是电流表Da是电流表，b是电压表【考点】电压表的使用；电流表的使用【分析】根据电流表和电压表的使用规则去分析判断：电流表应该与灯泡串联，若与灯泡并联，则会造成电源短路，烧坏电源和电流表，灯泡不发光；电压表应该与灯泡并联，若与灯泡串联，则会造成灯泡不发光，而电压表会有明显的示数【解答】解：由图可知，表a与灯泡串联，表b与灯泡并联，根据电流表和电压表的使用规则可知，与灯泡串联的是电流表，与灯泡并联的是电压表，所以表a是电流表，表b是电压表故选D14如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=

25、10，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A不能在ab两点间接入一个量程为0.6A的电流表B在a、b两点间接入一个5的电阻，电路消耗的电功率为0.4WC在a、b两点间接入一个“3V，1.5W”的小灯泡，小灯泡能正常发光D在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）由欧姆定律计算若在ab间接入电流表时电路中电流，由电流表量程判断是否可行；（2）在a、b两点间接入一个5的电阻，根据串联电路特点和电功率公式计算电路消耗功率；（3）根据P=计算灯泡电阻，再根据串联电路特点和欧姆定律计算灯泡两端电压灯泡正常发光时的电压和额定电压相等；（4）电

26、压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电源的电压【解答】解：A、由图若在ab间接入电流表，电流为R的简单电路，由欧姆定律得电路中电流：I=0.6A，所以可以接量程为0.6A的电流表，故A错误；B、在a、b两点间接入一个5的电阻，两电阻串联，由P=可得电路消耗的功率：P=2.4W，故B错误；C、由P=可得灯泡电阻：RL=6，由串联电路特点和欧姆定律可得灯泡两端电压：UL=IRL=RL=6=2.25VU额，所以灯泡不能正常发光故C错误；D、在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为6V，即电压表有明显示数，故D正确故选D15如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻

27、器上标有“2A，20”字样以下四个图象中，能正确表示当开关S闭合后，通过小灯泡L的电流I与滑动变阻器连入电路的电阻R的关系的是（）ABCD【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，当滑片P处于最左端时，电路为灯泡L的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大；当滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；当滑片P处于最右端时，电路中的电阻最大，电流最小且不为0，根据以上分析得出答案【解答】解：由图可知，当滑片P处于最左端时，电路为灯泡L的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大；当滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定

28、律可知电路中电流变小；滑片P处于最右端时，电路中的电阻最大，电流最小且不为0；综合以上分析可知符合题意的图象为A图故选A三、实验题（16题6分，17题6分，18题12分，共24分）16某小组的同学做“比较不同物质的吸热能力”的实验，他们使用了如图所示的装置（1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中多余的是BA采用完全相同的加热方式B酒精灯里所加酒精量相同C取相同质量的水和另一种液体D盛放水和另一种液体的容器相同（2）加热到一定时刻，水开始沸腾，此时的温度如图丙所示，则水的沸点是98，这表明实验时的大气压强小于（选填“大于”、“小于”或“等于”）一个标准大气压（3）而另一种液体相

29、应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多请你就此现象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力不同（选填“相同”或“不同”）你认为是水的比热容更大些【考点】探究比热容的实验【分析】（1）探究物质比热容的大小需要控制的变量包括：吸收的热量，不同物质的质量，加热的时间和加热的方式（2）液体沸腾时的温度叫沸点读取温度计示数时，要明确温度计的分度值，视线与液柱最高处的液面相垂直；液体的沸点与气压有关，气压越大沸点越高，气压越小，沸点越低（3）已知液体和水的质量相同，相同时间吸收的热量相同，但温度变化不同，说明它们的吸热能力不同【解答】解：（1）用控制变量法进行探究，因为引起温度变化的因素

30、是吸热的多少、物质的质量、加热时间和方式，与酒精的多少无关，所以B选项多余（2）在丙图中，水的沸点为98；因为沸点低于100，所以实验时的大气压小于一个标准大气压（3）在质量、吸收的热量相同时，不同液体升高的温度不同，说明不同物质的吸热能力不同，未知液体的吸热能力小于水的吸热能力，水的比比热容更大故答案为：（1）B；（2）98；小于；（3）不同；水17小明在学习电学知识时用图所示电路进行探究学习他首先在图中a、b两点间接入一个电阻，然后又在a、b两点间串联接入两个电阻，并依此方式串联接入不同数目的电阻分别进行实验他观察发现，每多接入一个电阻，电流表的示数就减小一些，于是他得出结论，在任何情况下

31、，电路中接入的电阻数目越多，电流越小请你利用图19所示的实验器材及一些定值电阻，设计一个实验说明小明的结论是错误的（1）在图19中a、b两点间补充完成你所设计的实验电路图（2）简述实验步骤和实验现象【考点】电路图设计；欧姆定律的应用；电阻的串联【分析】根据并联电路的电阻特点可知，电阻越并越小，小于任何一个分电阻；根据欧姆定律可知电路中的电流会变大，据此进行解答【解答】解：（1）两电阻并联后，再接入ab之间，电路图如图所示：（2）实验步骤：首先在图中a、b两点间接入一个电阻，观察电流表的示数；然后再以并联方式接入两个电阻，观察电流表的示数；再依此方式并联接入不同数目的电阻，观察电流表的示数；实验

32、现象：电路并联的电阻越多，电流表的示数越大18在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为5，所用滑动变阻器的最大阻值40（1）请用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接；要求滑动变阻器的滑片向右移动时阻值变大（2）小明正确连好电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数很大请指出故障的原因小灯泡断路（3）某次实验中电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则此时小灯泡的实际功率为0.51W要测量小灯泡的额定功率，正确的操作为：向A端移动滑片，直到电压表示数为2.5V，最后利用公式求出额定功率（4）实验要求改变小灯泡两端的电压进行

33、多次测量，这样做是为了测出小灯泡在不同电压下的实际功率（5）如果考虑电流表和电压表的内阻，计算出的电功率大小跟真实值比，是偏大的（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）【考点】电功率的测量【分析】（1）根据灯的额定电压和灯正常工作时通过的电流确定电表的量程，注意电表正负接线柱和滑动变阻器的滑片向右移动时阻值变大，选出滑动变阻器的下接线柱；（2）灯泡不亮说明某处断路或灯短路，电压表有示数，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，说明灯泡断路，电流表无示数说明是某处断路或电流表短路；（3）进行电流表、电压表的读数时，注意量程和分度值，将电压值和电流值代入公式P=UI计算出实际功率；根据分压原理

34、，在串联电路中，电阻越大分得的电压越多；当灯的实际电压为额定电压时，灯正常发光；（4）改变小灯泡两端的电压，小灯泡的电功率随着发生变化，这样做是为了测出不同电压下的电功率（5）根据电压表与电流表所测量的量，分析电压与电流的测量值与真实值间的关系，然后判断电功率的测量值与真实值间的关系【解答】解：（1）因灯的额定电压为2.5V，所以电压表选小量程03V，灯正常工作时的电流I=0.5A，电流表也选小量程00.6A，将滑动变阻器串联接入电路，滑动变阻器的滑片向右移动时阻值变大，所以滑动变阻器接左下接线柱；如图所示：（2）电压表有示数说明电压表两接线柱与电源之间是通路，灯泡不亮、电流表无示数说明电路断

35、路，即电压表并联部分断路，电路中发生的故障可能是小灯泡断路；（3）图乙电压表示数为1.5V，图丙电流表示数为0.34A，灯泡的实际功率P=UI=1.5V0.34A=0.51W；此时电压表示数为1.5V，小于灯泡的额定电压2.5V，应增大灯泡的电压，电源电压不变，则应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压知识可知，应减小变阻器接入电路的阻值，所以应向A端移动滑片，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V；即正确的操作为：向A端移动滑片，直到电压表示数为2.5V（4）改变小灯泡两端的电压小灯泡的实际功率随之发生变化，改变小灯泡两端电压，是为了测出不同电压下小灯泡的实际功率（5）由电路图知，电压表并联在灯

36、泡两端，电压表测得的电压是准确的；电流表测的是灯泡与电压表的总电流，电流表测得的电流偏大；因此，由P=UI求出的功率测量值比真实值偏大；故答案为：（1）如上图所示；（2）小灯泡断路；（3）0.51；向A端移动滑片，直到电压表示数为2.5V；（4）测出小灯泡在不同电压下的实际功率；（5）偏大四、计算与推导（19题5分，20题6分，21题8分，共19分，解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案不能得分）19n个相同的电阻R串联，其总电阻可以用一个等效电阻R0表示，请根据串联电路中电流、电压规律和欧姆定律推证：R0=nR【考点】欧姆定律的应用【分析】根据串联电路电流、电压特点和根据欧姆定律即可推证

37、串联电路电阻特点【解答】证明：由于n个相同的电阻R串联，则流过每个电阻的电流相等，设为I，由于R1、R2、Rn是相等的，都为R，根据I=可知每个电阻R两端的电压为：U1=IR，U2=IR，Un=IR，而U总=IR总，因为串联电路的总电压等于各部分电阻两端的电压之和，即U=U1+U2+Un，所以，IR总=IR+IR+IR，则：R总=nR20某种型号太阳能热水器贮水100kg在太阳照射下8h，装满水的太阳能热水器中水温升高50已知此热水器太阳能转化为水的内能的效率为70%；水的比热容4.2103J/（kg）试计算：（1）太阳能热水器照射8h，热水器中吸收的热量？（2）如热水器所接收到的太阳能由热值

38、为3107J/kg的焦炭提供，需完全燃烧多少焦炭？【考点】太阳能的其他相关计算【分析】（1）知道水的质量、比热容和水升高的温度，根据吸热公式Q吸=cmt求出水吸收的热量；（2）知道水吸收的热量和太阳能转化为水的内能的效率，根据=100%的变形公式E=求出太阳能热水器接收的太阳能，即焦炭完全燃烧放出的热量，又知道焦炭的热值，然后根据m=求出焦炭的质量【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（ kg）100kg50=2.1107J（2）由=100%得，8h太阳能热水器接收的太阳能（总能量）：E=3107J，则焦炭完全燃烧放出的热量：Q放=E=3107J，由Q放=mq得，需要焦

39、炭的质量：m焦碳=1kg答：（1）太阳能热水器照射10h，热水器中水吸收的热量是2.1107J；（2）如热水器所接收到的太阳能由热值为3107J/kg的焦炭提供，需完全燃烧1kg焦炭21某发电站的输出电压为250V，输出功率为100kw保持不变，向远方输电所用输电线的总电阻为0.5则：（1）若用250V电压直接对外供电，求输电线上损失的功率；（2）若将对外输电电压提高到10000V，求输电线上损失的功率；（3）利用所学知识分析说明怎样减少远距离输电线上的功率损耗【考点】电功率的计算【分析】（1）（2）根据P=UI求出输出电流的大小，由P=I2R求出输电线上损失的功率（3）由前两问计算分析减少远

40、距离输电线上的功率损耗的办法【解答】解：（1）根据P=UI得，输电线中的电流：I=400A，所以输电线上损失的功率：P损=I2R线=20.5=8104W；（2）当输电电压提高到10000V时，输电线中的电流：I=10A，所以输电线上损失的功率：P损=I2R线=（10A）20.5=50W；（3）由前面计算可知，由P=UI可知，在保证输出功率的情况，提高电压，可减小输出的电流，由P损=I2R线可知这样可以减少远距离输电线上的功率损耗答：（1）若用250V电压直接对外供电，输电线上损失的功率为8104W；（2）若将对外输电电压提高到10000V，输电线上损失的功率为50W；（3）提高电压，减小输出的电流，可以减少远距离输电线上的功率损耗2016年8月8日. .jz.