2018年山东省枣庄市中考数学试卷(共33页).docx

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1、精选优质文档-倾情为你奉上70、2018年山东省枣庄市中考数学试卷一、选择题：本大题共12小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的，请把正确的选项选出来.每小题选对得3分，选错、不选或选出的答案超过一个均计零分1（3分）（2018枣庄）-12的倒数是（）A2B12C2D122（3分）（2018枣庄）下列计算，正确的是（）Aa5+a5=a10Ba3a1=a2Ca2a2=2a4D（a2）3=a63（3分）（2018枣庄）已知直线mn，将一块含30角的直角三角板ABC按如图方式放置（ABC=30），其中A，B两点分别落在直线m，n上，若1=20，则2的度数为（）A20B30C45D504（3

2、分）（2018枣庄）实数a，b，c，d在数轴上的位置如图所示，下列关系式不正确的是（）A|a|b|B|ac|=acCbdDc+d05（3分）（2018枣庄）如图，直线l是一次函数y=kx+b的图象，若点A（3，m）在直线l上，则m的值是（）A5B32C52D76（3分）（2018枣庄）如图，将边长为3a的正方形沿虚线剪成两块正方形和两块长方形若拿掉边长2b的小正方形后，再将剩下的三块拼成一块矩形，则这块矩形较长的边长为（）A3a+2bB3a+4bC6a+2bD6a+4b7（3分）（2018枣庄）在平面直角坐标系中，将点A（1，2）向右平移3个单位长度得到点B，则点B关于x轴的对称点B的坐标为（

3、）A（3，2）B（2，2）C（2，2）D（2，2）8（3分）（2018枣庄）如图，AB是O的直径，弦CD交AB于点P，AP=2，BP=6，APC=30，则CD的长为（）A15B25C215D89（3分）（2018枣庄）如图是二次函数y=ax2+bx+c图象的一部分，且过点A（3，0），二次函数图象的对称轴是直线x=1，下列结论正确的是（）Ab24acBac0C2ab=0Dab+c=010（3分）（2018枣庄）如图是由8个全等的矩形组成的大正方形，线段AB的端点都在小矩形的顶点上，如果点P是某个小矩形的顶点，连接PA、PB，那么使ABP为等腰直角三角形的点P的个数是（）A2个B3个C4个D5个

4、11（3分）（2018枣庄）如图，在矩形ABCD中，点E是边BC的中点，AEBD，垂足为F，则tanBDE的值是（）A24B14C13D2312（3分）（2018枣庄）如图，在RtABC中，ACB=90，CDAB，垂足为D，AF平分CAB，交CD于点E，交CB于点F若AC=3，AB=5，则CE的长为（）A32B43C53D85二、填空题：本大题共6小题，满分24分，只填写最后结果，每小题填对得4分13（4分）（2018枣庄）若二元一次方程组&x+y=3&3x-5y=4的解为&x=a&y=b，则ab= 14（4分）（2018枣庄）如图，某商店营业大厅自动扶梯AB的倾斜角为31，AB的长为12米，

5、则大厅两层之间的高度为 米（结果保留两个有效数字）【参考数据；sin31=0.515，cos31=0.857，tan31=0.601】15（4分）（2018枣庄）我国南宋著名数学家秦九韶在他的著作数书九章一书中，给出了著名的秦九韶公式，也叫三斜求积公式，即如果一个三角形的三边长分别为a，b，c，则该三角形的面积为S=14a2b2-(a2+b2-c22)2现已知ABC的三边长分别为1，2，5，则ABC的面积为 16（4分）（2018枣庄）如图，在正方形ABCD中，AD=23，把边BC绕点B逆时针旋转30得到线段BP，连接AP并延长交CD于点E，连接PC，则三角形PCE的面积为 17（4分）（20

6、18枣庄）如图1，点P从ABC的顶点B出发，沿BCA匀速运动到点A，图2是点P运动时，线段BP的长度y随时间x变化的关系图象，其中M为曲线部分的最低点，则ABC的面积是 18（4分）（2018枣庄）将从1开始的连续自然数按以下规律排列：第1行1第2行234第3行98765第4行10111213141516第5行252423222120191817则2018在第 行三、解答题：本大题共7小题，满分60分.解答时，要写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤19（8分）（2018枣庄）计算：|32|+sin6027（112）2+2220（8分）（2018枣庄）如图，在44的方格纸中，ABC的三个顶点都

7、在格点上（1）在图1中，画出一个与ABC成中心对称的格点三角形；（2）在图2中，画出一个与ABC成轴对称且与ABC有公共边的格点三角形；（3）在图3中，画出ABC绕着点C按顺时针方向旋转90后的三角形21（8分）（2018枣庄）如图，一次函数y=kx+b（k、b为常数，k0）的图象与x轴、y轴分别交于A、B两点，且与反比例函数y=nx（n为常数，且n0）的图象在第二象限交于点CCDx轴，垂足为D，若OB=2OA=3OD=12（1）求一次函数与反比例函数的解析式；（2）记两函数图象的另一个交点为E，求CDE的面积；（3）直接写出不等式kx+bnx的解集22（8分）（2018枣庄）现今“微信运动”

8、被越来越多的人关注和喜爱，某兴趣小组随机调查了我市50名教师某日“微信运动”中的步数情况进行统计整理，绘制了如下的统计图表（不完整）：步数频数频率0x40008a4000x8000150.38000x1200012b12000x16000c0.216000x2000030.0620000x24000d0.04请根据以上信息，解答下列问题：（1）写出a，b，c，d的值并补全频数分布直方图；（2）本市约有37800名教师，用调查的样本数据估计日行走步数超过12000步（包含12000步）的教师有多少名？（3）若在50名被调查的教师中，选取日行走步数超过16000步（包含16000步的两名教师与大家

9、分享心得，求被选取的两名教师恰好都在20000步（包含20000步）以上的概率23（8分）（2018枣庄）如图，在RtACB中，C=90，AC=3cm，BC=4cm，以BC为直径作O交AB于点D（1）求线段AD的长度；（2）点E是线段AC上的一点，试问：当点E在什么位置时，直线ED与O相切？请说明理由24（10分）（2018枣庄）如图，将矩形ABCD沿AF折叠，使点D落在BC边的点E处，过点E作EGCD交AF于点G，连接DG（1）求证：四边形EFDG是菱形；（2）探究线段EG、GF、AF之间的数量关系，并说明理由；（3）若AG=6，EG=25，求BE的长25（10分）（2018枣庄）如图1，已

10、知二次函数y=ax2+32x+c（a0）的图象与y轴交于点A（0，4），与x轴交于点B、C，点C坐标为（8，0），连接AB、AC（1）请直接写出二次函数y=ax2+32x+c的表达式；（2）判断ABC的形状，并说明理由；（3）若点N在x轴上运动，当以点A、N、C为顶点的三角形是等腰三角形时，请写出此时点N的坐标；（4）如图2，若点N在线段BC上运动（不与点B、C重合），过点N作NMAC，交AB于点M，当AMN面积最大时，求此时点N的坐标2018年山东省枣庄市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共12小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的，请把正确的选项选出来.每小题选对得

11、3分，选错、不选或选出的答案超过一个均计零分1（3分）（2018枣庄）-12的倒数是（）A2B12C2D12【考点】17：倒数【分析】根据倒数的定义，直接解答即可【解答】解：-12的倒数是2故选：A【点评】主要考查倒数的概念及性质倒数的定义：若两个数的乘积是1，我们就称这两个数互为倒数2（3分）（2018枣庄）下列计算，正确的是（）Aa5+a5=a10Ba3a1=a2Ca2a2=2a4D（a2）3=a6【考点】49：单项式乘单项式；35：合并同类项；47：幂的乘方与积的乘方；48：同底数幂的除法；6F：负整数指数幂【专题】11 ：计算题【分析】根据合并同类项法则、同底数幂的除法法则、幂的乘方法

12、则、单项式乘单项式的运算法则计算，判断即可【解答】解：a5+a5=2a5，A错误；a3a1=a3（1）=a4，B错误；a2a2=2a3，C错误；（a2）3=a6，D正确，故选：D【点评】本题考查的是合并同类项、同底数幂的除法、幂的乘方、单项式乘单项式，掌握它们的运算法则是解题的关键3（3分）（2018枣庄）已知直线mn，将一块含30角的直角三角板ABC按如图方式放置（ABC=30），其中A，B两点分别落在直线m，n上，若1=20，则2的度数为（）A20B30C45D50【考点】JA：平行线的性质【分析】根据平行线的性质即可得到结论【解答】解：直线mn，2=ABC+1=30+20=50，故选：D

13、【点评】本题考查了平行线的性质，熟练掌握平行线的性质是解题的关键4（3分）（2018枣庄）实数a，b，c，d在数轴上的位置如图所示，下列关系式不正确的是（）A|a|b|B|ac|=acCbdDc+d0【考点】29：实数与数轴【专题】31 ：数形结合【分析】本题利用实数与数轴的对应关系结合实数的运算法则计算即可解答【解答】解：从a、b、c、d在数轴上的位置可知：ab0，dc1；A、|a|b|，故选项正确；B、a、c异号，则|ac|=ac，故选项错误；C、bd，故选项正确；D、dc1，则a+d0，故选项正确故选：B【点评】此题主要考查了数轴的知识：从原点向右为正数，向左为负数右边的数大于左边的数5

14、（3分）（2018枣庄）如图，直线l是一次函数y=kx+b的图象，若点A（3，m）在直线l上，则m的值是（）A5B32C52D7【考点】F8：一次函数图象上点的坐标特征【分析】待定系数法求出直线解析式，再将点A代入求解可得【解答】解：将（2，0）、（0，1）代入，得：&-2k+b=0&b=1解得：&k=12&b=1，y=12x+1，将点A（3，m）代入，得：32+1=m，即m=52，故选：C【点评】本题主要考查直线上点的坐标特点，熟练掌握待定系数法求函数解析式是解题的关键6（3分）（2018枣庄）如图，将边长为3a的正方形沿虚线剪成两块正方形和两块长方形若拿掉边长2b的小正方形后，再将剩下的三

15、块拼成一块矩形，则这块矩形较长的边长为（）A3a+2bB3a+4bC6a+2bD6a+4b【考点】32：列代数式【分析】观察图形可知，这块矩形较长的边长=边长为3a的正方形的边长边长2b的小正方形的边长+边长2b的小正方形的边长的2倍，依此计算即可求解【解答】解：依题意有3a2b+2b2=3a2b+4b=3a+2b故这块矩形较长的边长为3a+2b故选：A【点评】考查了列代数式，关键是得到这块矩形较长的边长与两个正方形边长的关系7（3分）（2018枣庄）在平面直角坐标系中，将点A（1，2）向右平移3个单位长度得到点B，则点B关于x轴的对称点B的坐标为（）A（3，2）B（2，2）C（2，2）D（2

16、，2）【考点】P5：关于x轴、y轴对称的点的坐标；Q3：坐标与图形变化平移【分析】首先根据横坐标右移加，左移减可得B点坐标，然后再根据关于x轴对称点的坐标特点：横坐标不变，纵坐标符号改变可得答案【解答】解：点A（1，2）向右平移3个单位长度得到的B的坐标为（1+3，2），即（2，2），则点B关于x轴的对称点B的坐标是（2，2），故选：B【点评】此题主要考查了坐标与图形变化平移，以及关于x轴对称点的坐标，关键是掌握点的坐标变化规律8（3分）（2018枣庄）如图，AB是O的直径，弦CD交AB于点P，AP=2，BP=6，APC=30，则CD的长为（）A15B25C215D8【考点】M2：垂径定理；K

17、O：含30度角的直角三角形；KQ：勾股定理【分析】作OHCD于H，连结OC，如图，根据垂径定理由OHCD得到HC=HD，再利用AP=2，BP=6可计算出半径OA=4，则OP=OAAP=2，接着在RtOPH中根据含30度的直角三角形的性质计算出OH=12OP=1，然后在RtOHC中利用勾股定理计算出CH=15，所以CD=2CH=215【解答】解：作OHCD于H，连结OC，如图，OHCD，HC=HD，AP=2，BP=6，AB=8，OA=4，OP=OAAP=2，在RtOPH中，OPH=30，POH=60，OH=12OP=1，在RtOHC中，OC=4，OH=1，CH=OC2-OH2=15，CD=2CH

18、=215故选：C【点评】本题考查了垂径定理：垂直于弦的直径平分这条弦，并且平分弦所对的两条弧也考查了勾股定理以及含30度的直角三角形的性质9（3分）（2018枣庄）如图是二次函数y=ax2+bx+c图象的一部分，且过点A（3，0），二次函数图象的对称轴是直线x=1，下列结论正确的是（）Ab24acBac0C2ab=0Dab+c=0【考点】H4：二次函数图象与系数的关系【分析】根据抛物线与x轴有两个交点有b24ac0可对A进行判断；由抛物线开口向上得a0，由抛物线与y轴的交点在x轴下方得c0，则可对B进行判断；根据抛物线的对称轴是x=1对C选项进行判断；根据抛物线的对称性得到抛物线与x轴的另一个

19、交点为（1，0），所以ab+c=0，则可对D选项进行判断【解答】解：抛物线与x轴有两个交点，b24ac0，即b24ac，所以A选项错误；抛物线开口向上，a0，抛物线与y轴的交点在x轴下方，c0，ac0，所以B选项错误；二次函数图象的对称轴是直线x=1，b2a=1，2a+b=0，所以C选项错误；抛物线过点A（3，0），二次函数图象的对称轴是x=1，抛物线与x轴的另一个交点为（1，0），ab+c=0，所以D选项正确；故选：D【点评】本题考查了二次函数的图象与系数的关系：二次函数y=ax2+bx+c（a0）的图象为抛物线，当a0，抛物线开口向上；对称轴为直线x=b2a；抛物线与y轴的交点坐标为（0，

20、c）；当b24ac0，抛物线与x轴有两个交点；当b24ac=0，抛物线与x轴有一个交点；当b24ac0，抛物线与x轴没有交点10（3分）（2018枣庄）如图是由8个全等的矩形组成的大正方形，线段AB的端点都在小矩形的顶点上，如果点P是某个小矩形的顶点，连接PA、PB，那么使ABP为等腰直角三角形的点P的个数是（）A2个B3个C4个D5个【考点】KW：等腰直角三角形【分析】根据等腰直角三角形的判定即可得到结论【解答】解：如图所示，使ABP为等腰直角三角形的点P的个数是3，故选：B【点评】本题考查了等腰直角三角形的判定，正确的找出符合条件的点P是解题的关键11（3分）（2018枣庄）如图，在矩形A

21、BCD中，点E是边BC的中点，AEBD，垂足为F，则tanBDE的值是（）A24B14C13D23【考点】LB：矩形的性质；T7：解直角三角形【分析】证明BEFDAF，得出EF=12AF，EF=13AE，由矩形的对称性得：AE=DE，得出EF=13DE，设EF=x，则DE=3x，由勾股定理求出DF=DE2-EF2=22x，再由三角函数定义即可得出答案【解答】解：四边形ABCD是矩形，AD=BC，ADBC，点E是边BC的中点，BE=12BC=12AD，BEFDAF，EFAF=BEAD=12，EF=12AF，EF=13AE，点E是边BC的中点，由矩形的对称性得：AE=DE，EF=13DE，设EF=

22、x，则DE=3x，DF=DE2-EF2=22x，tanBDE=EFDF=x22x=24；故选：A【点评】本题考查了相似三角形的判定和性质，矩形的性质，三角函数等知识；熟练掌握矩形的性质，证明三角形相似是解决问题的关键12（3分）（2018枣庄）如图，在RtABC中，ACB=90，CDAB，垂足为D，AF平分CAB，交CD于点E，交CB于点F若AC=3，AB=5，则CE的长为（）A32B43C53D85【考点】KQ：勾股定理；KF：角平分线的性质【分析】根据三角形的内角和定理得出CAF+CFA=90，FAD+AED=90，根据角平分线和对顶角相等得出CEF=CFE，即可得出EC=FC，再利用相似

23、三角形的判定与性质得出答案【解答】解：过点F作FGAB于点G，ACB=90，CDAB，CDA=90，CAF+CFA=90，FAD+AED=90，AF平分CAB，CAF=FAD，CFA=AED=CEF，CE=CF，AF平分CAB，ACF=AGF=90，FC=FG，B=B，FGB=ACB=90，BFGBAC，BFAB=FGAC，AC=3，AB=5，ACB=90，BC=4，4-FC5=FG3，FC=FG，4-FC5=FC3，解得：FC=32，即CE的长为32故选：A【点评】本题考查了直角三角形性质、等腰三角形的性质和判定，三角形的内角和定理以及相似三角形的判定与性质等知识，关键是推出CEF=CFE二

24、、填空题：本大题共6小题，满分24分，只填写最后结果，每小题填对得4分13（4分）（2018枣庄）若二元一次方程组&x+y=3&3x-5y=4的解为&x=a&y=b，则ab=74【考点】97：二元一次方程组的解【专题】11 ：计算题【分析】把x、y的值代入方程组，再将两式相加即可求出ab的值【解答】解：将&x=a&y=b代入方程组&x+y=3&3x-5y=4，得：a+b=33a-5b=4，+，得：4a4b=7，则ab=74，故答案为：74【点评】本题考查二元一次方程组的解，解题的关键是观察两方程的系数，从而求出ab的值，本题属于基础题型14（4分）（2018枣庄）如图，某商店营业大厅自动扶梯A

25、B的倾斜角为31，AB的长为12米，则大厅两层之间的高度为6.2米（结果保留两个有效数字）【参考数据；sin31=0.515，cos31=0.857，tan31=0.601】【考点】T9：解直角三角形的应用坡度坡角问题【专题】1 ：常规题型【分析】根据题意和锐角三角函数可以求得BC的长，从而可以解答本题【解答】解：在RtABC中，ACB=90，BC=ABsinBAC=120.5156.2（米），答：大厅两层之间的距离BC的长约为6.2米故答案为：6.2【点评】本题考查解直角三角形的应用，解答本题的关键是明确题意，找出所求问题需要的条件，利用锐角三角函数和数形结合的思想解答15（4分）（2018

26、枣庄）我国南宋著名数学家秦九韶在他的著作数书九章一书中，给出了著名的秦九韶公式，也叫三斜求积公式，即如果一个三角形的三边长分别为a，b，c，则该三角形的面积为S=14a2b2-(a2+b2-c22)2现已知ABC的三边长分别为1，2，5，则ABC的面积为1【考点】7B：二次根式的应用【分析】根据题目中的面积公式可以求得ABC的三边长分别为1，2，5的面积，从而可以解答本题【解答】解：S=14a2b2-(a2+b2-c22)2，ABC的三边长分别为1，2，5，则ABC的面积为：S=141222-(12+22-(5)22)2=1，故答案为：1【点评】本题考查二次根式的应用，解答本题的关键是明确题意

27、，利用题目中的面积公式解答16（4分）（2018枣庄）如图，在正方形ABCD中，AD=23，把边BC绕点B逆时针旋转30得到线段BP，连接AP并延长交CD于点E，连接PC，则三角形PCE的面积为953【考点】R2：旋转的性质；LE：正方形的性质【分析】根据旋转的思想得PB=BC=AB，PBC=30，推出ABP是等边三角形，得到BAP=60，AP=AB=23，解直角三角形得到CE=232，PE=423，过P作PFCD于F，于是得到结论【解答】解：四边形ABCD是正方形，ABC=90，把边BC绕点B逆时针旋转30得到线段BP，PB=BC=AB，PBC=30，ABP=60，ABP是等边三角形，BAP

28、=60，AP=AB=23，AD=23，AE=4，DE=2，CE=232，PE=423，过P作PFCD于F，PF=32PE=233，三角形PCE的面积=12CEPF=12（232）（233）=953，故答案为：953【点评】本题考查了旋转的性质，正方形的性质，等边三角形的判定和性质，解直角三角形，正确的作出辅助线是解题的关键17（4分）（2018枣庄）如图1，点P从ABC的顶点B出发，沿BCA匀速运动到点A，图2是点P运动时，线段BP的长度y随时间x变化的关系图象，其中M为曲线部分的最低点，则ABC的面积是12【考点】E7：动点问题的函数图象【分析】根据图象可知点P在BC上运动时，此时BP不断增

29、大，而从C向A运动时，BP先变小后变大，从而可求出BC与AC的长度【解答】解：根据图象可知点P在BC上运动时，此时BP不断增大，由图象可知：点P从B向C运动时，BP的最大值为5，即BC=5，由于M是曲线部分的最低点，此时BP最小，即BPAC，BP=4，由勾股定理可知：PC=3，由于图象的曲线部分是轴对称图形，PA=3，AC=6，ABC的面积为：1246=12故答案为：12【点评】本题考查动点问题的函数图象，解题的关键是注意结合图象求出BC与AC的长度，本题属于中等题型18（4分）（2018枣庄）将从1开始的连续自然数按以下规律排列：第1行1第2行234第3行98765第4行1011121314

30、1516第5行252423222120191817则2018在第45行【考点】37：规律型：数字的变化类【专题】2A ：规律型；51：数与式【分析】通过观察可得第n行最大一个数为n2，由此估算2018所在的行数，进一步推算得出答案即可【解答】解：442=1936，452=2025，2018在第45行故答案为：45【点评】本题考查了数字的变化规律，解题的关键是通过观察，分析、归纳并发现其中的规律，并应用发现的规律解决问题三、解答题：本大题共7小题，满分60分.解答时，要写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤19（8分）（2018枣庄）计算：|32|+sin6027（112）2+22【考点】2C：

31、实数的运算；6F：负整数指数幂；T5：特殊角的三角函数值【专题】11 ：计算题【分析】根据特殊角的三角函数值、负整数指数幂的意义和绝对值的意义计算【解答】解：原式=23+323394+14=732【点评】本题考查了实数的运算：实数的运算和在有理数范围内一样，值得一提的是，实数既可以进行加、减、乘、除、乘方运算，又可以进行开方运算，其中正实数可以开平方20（8分）（2018枣庄）如图，在44的方格纸中，ABC的三个顶点都在格点上（1）在图1中，画出一个与ABC成中心对称的格点三角形；（2）在图2中，画出一个与ABC成轴对称且与ABC有公共边的格点三角形；（3）在图3中，画出ABC绕着点C按顺时针

32、方向旋转90后的三角形【考点】R8：作图旋转变换；P7：作图轴对称变换【专题】13 ：作图题【分析】（1）根据中心对称的性质即可作出图形；（2）根据轴对称的性质即可作出图形；（3）根据旋转的性质即可求出图形【解答】解：（1）如图所示，DCE为所求作（2）如图所示，ACD为所求作（3）如图所示ECD为所求作【点评】本题考查图形变换，解题的关键是正确理解图形变换的性质，本题属于基础题型21（8分）（2018枣庄）如图，一次函数y=kx+b（k、b为常数，k0）的图象与x轴、y轴分别交于A、B两点，且与反比例函数y=nx（n为常数，且n0）的图象在第二象限交于点CCDx轴，垂足为D，若OB=2OA=

33、3OD=12（1）求一次函数与反比例函数的解析式；（2）记两函数图象的另一个交点为E，求CDE的面积；（3）直接写出不等式kx+bnx的解集【考点】G8：反比例函数与一次函数的交点问题【专题】153：代数几何综合题；534：反比例函数及其应用；538：用函数的观点看方程（组）或不等式【分析】（1）根据三角形相似，可求出点C坐标，可得一次函数和反比例函数解析式；（2）联立解析式，可求交点坐标；（3）根据数形结合，将不等式转化为一次函数和反比例函数图象关系【解答】解：（1）由已知，OA=6，OB=12，OD=4CDx轴OBCDABOACDOAAD=OBCD610=12CDCD=20点C坐标为（4，

34、20）n=xy=80反比例函数解析式为：y=80x把点A（6，0），B（0，12）代入y=kx+b得：&0=6k+b&b=12解得：&k=-2&b=12一次函数解析式为：y=2x+12（2）当80x=2x+12时，解得x1=10，x2=4当x=10时，y=8点E坐标为（10，8）SCDE=SCDA+SEDA=122010+12810=140（3）不等式kx+bnx，从函数图象上看，表示一次函数图象不低于反比例函数图象由图象得，x10，或4x0【点评】本题考查了应用待定系数法求一次函数和反比例函数解析式以及用函数的观点通过函数图象解不等式22（8分）（2018枣庄）现今“微信运动”被越来越多的人

35、关注和喜爱，某兴趣小组随机调查了我市50名教师某日“微信运动”中的步数情况进行统计整理，绘制了如下的统计图表（不完整）：步数频数频率0x40008a4000x8000150.38000x1200012b12000x16000c0.216000x2000030.0620000x24000d0.04请根据以上信息，解答下列问题：（1）写出a，b，c，d的值并补全频数分布直方图；（2）本市约有37800名教师，用调查的样本数据估计日行走步数超过12000步（包含12000步）的教师有多少名？（3）若在50名被调查的教师中，选取日行走步数超过16000步（包含16000步的两名教师与大家分享心得，求被

36、选取的两名教师恰好都在20000步（包含20000步）以上的概率【考点】X6：列表法与树状图法；V5：用样本估计总体；V7：频数（率）分布表；V8：频数（率）分布直方图【分析】（1）根据频率=频数总数可得答案；（2）用样本中超过12000步（包含12000步）的频率之和乘以总人数可得答案；（3）画树状图列出所有等可能结果，根据概率公式求解可得【解答】解：（1）a=850=0.16，b=1250=0.24，c=500.2=10，d=500.04=2，补全频数分布直方图如下：（2）37800（0.2+0.06+0.04）=11340，答：估计日行走步数超过12000步（包含12000步）的教师有1

37、1340名；（3）设16000x20000的3名教师分别为A、B、C，20000x24000的2名教师分别为X、Y，画树状图如下：由树状图可知，被选取的两名教师恰好都在20000步（包含20000步）以上的概率为220=110【点评】此题考查了频率分布直方图，用到的知识点是频率=频数总数，用样本估计整体让整体样本的百分比，读懂统计表，运用数形结合思想来解决由统计图形式给出的数学实际问题是本题的关键23（8分）（2018枣庄）如图，在RtACB中，C=90，AC=3cm，BC=4cm，以BC为直径作O交AB于点D（1）求线段AD的长度；（2）点E是线段AC上的一点，试问：当点E在什么位置时，直线

38、ED与O相切？请说明理由【考点】M5：圆周角定理；MD：切线的判定；S9：相似三角形的判定与性质【专题】15 ：综合题【分析】（1）由勾股定理易求得AB的长；可连接CD，由圆周角定理知CDAB，易知ACDABC，可得关于AC、AD、AB的比例关系式，即可求出AD的长（2）当ED与O相切时，由切线长定理知EC=ED，则ECD=EDC，那么A和DEC就是等角的余角，由此可证得AE=DE，即E是AC的中点在证明时，可连接OD，证ODDE即可【解答】解：（1）在RtACB中，AC=3cm，BC=4cm，ACB=90，AB=5cm；连接CD，BC为直径，ADC=BDC=90；A=A，ADC=ACB，Rt

39、ADCRtACB；ACAB=ADAC，AD=AC2AB=95；（2）当点E是AC的中点时，ED与O相切；证明：连接OD，DE是RtADC的中线；ED=EC，EDC=ECD；OC=OD，ODC=OCD；EDO=EDC+ODC=ECD+OCD=ACB=90；EDOD，ED与O相切【点评】此题综合考查了圆周角定理、相似三角形的判定和性质、直角三角形的性质、切线的判定等知识24（10分）（2018枣庄）如图，将矩形ABCD沿AF折叠，使点D落在BC边的点E处，过点E作EGCD交AF于点G，连接DG（1）求证：四边形EFDG是菱形；（2）探究线段EG、GF、AF之间的数量关系，并说明理由；（3）若AG=

40、6，EG=25，求BE的长【考点】LO：四边形综合题【分析】（1）先依据翻折的性质和平行线的性质证明DGF=DFG，从而得到GD=DF，接下来依据翻折的性质可证明DG=GE=DF=EF；（2）连接DE，交AF于点O由菱形的性质可知GFDE，OG=OF=12GF，接下来，证明DOFADF，由相似三角形的性质可证明DF2=FOAF，于是可得到GE、AF、FG的数量关系；（3）过点G作GHDC，垂足为H利用（2）的结论可求得FG=4，然后再ADF中依据勾股定理可求得AD的长，然后再证明FGHFAD，利用相似三角形的性质可求得GH的长，最后依据BE=ADGH求解即可【解答】解：（1）证明：GEDF，E

41、GF=DFG由翻折的性质可知：GD=GE，DF=EF，DGF=EGF，DGF=DFGGD=DFDG=GE=DF=EF四边形EFDG为菱形（2）EG2=12GFAF理由：如图1所示：连接DE，交AF于点O四边形EFDG为菱形，GFDE，OG=OF=12GFDOF=ADF=90，OFD=DFA，DOFADFDFAF=FODF，即DF2=FOAFFO=12GF，DF=EG，EG2=12GFAF（3）如图2所示：过点G作GHDC，垂足为HEG2=12GFAF，AG=6，EG=25，20=12FG（FG+6），整理得：FG2+6FG40=0解得：FG=4，FG=10（舍去）DF=GE=25，AF=10，AD=AF2-DF2=45GHDC，ADDC，GHADFGHFADGHAD=FGAF，即GH45=410GH=855BE=ADGH=45855=1255【点评】本题主要考查的是四边形与三角形的综合应用，解答本题主要应用了矩形的性质、菱形的判定和性质、相似三角形的性质和判定、勾股定理的应用，利用相似三角形的性质得到DF2=FOAF是解题答问题（2）的关键，依据相似三角形的性质求得GH