2016年高考四川卷理综物理试题解析(解析版)(共10页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2016年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷）理科综合物理试题解析第卷（选择题 共42分）1韩晓鹏是我国首位在冬奥会雪上项目夺冠的运动员。他在一次自由式滑雪空中技巧比赛中沿“助滑区”保持同一姿态下滑了一段距离，重力对他做功1900J，他克服阻力做功100J。韩晓鹏在此过程中A动能增加了1900JB动能增加了2000JC重力势能减小了1900JD重力势能减小了2000J【答案】C【解析】由题可得，重力做功1900J，则重力势能减少1900J ，可得C正确D错误。由动能定理：可得动能增加1800 J，则A，B错误。2如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给小灯泡L供电

2、，如果将原、副线圈减少相同匝数，其它条件不变，则A小灯泡变亮B小灯泡变暗C原、副线圈两端电压的比值不变D通过原、副线圈电流的比值不变【答案】B【解析】由变压器相关知识得： 原，副线圈减去相同的匝数后： -可以得出： 则说明的比值变大，则可得出C、D选项错误。对应的变大，由于原线圈电压恒不变，则不变，那么减小，电灯泡实际功率减小，小灯泡变暗，则选B。3国务院批复，自2016年起将4月24日设立为“中国航天日”。1970年4月24日我国首次成功发射的人造卫星东方红一号，目前仍然在椭圆轨道上运行，其轨道近地点高度约为440km，远地点高度约为2060km；1984年4月8日成功发射的东方红二号卫星运

3、行在赤道上空35786km的地球同步轨道上。设东方红一号在远地点的加速度为a1，东方红二号的加速度为a2，固定在地球赤道上的物体随地球自转的加速度为a3，则a1、a2、a3的大小关系为Aa2a1a3Ba3a2a1Ca3a1a2Da1a2a3【答案】D【解析】由于东方红二号卫星是同步卫星，则其角速度和赤道上的物体角速度相等，可得出：由于，,则可以得出：；又由万有引力定律：由题目中数据可以得出：则可以得出, 故整理，得出选项D正确。4如图所示，正六边形区域内有垂直于纸面的匀强磁场。一带正电的粒子从点沿 方向射入磁场区域，当速度大小为时，从点离开磁场，在磁场中运动的时间为，当速度大小为时，从点离开磁

4、场，在磁场中运动的时间为，不计粒子重力。则A ， B ， C ， D ， 【答案】A【解析】由题可得带正电粒子在匀强磁场中受洛伦兹力做匀速圆周运动，且洛伦兹力提供作圆周运动的向心力，由公式，可以得出, 又由且粒子运动一周为，可以得出时间之比等于偏转角之比。由下图看出偏转角之比为2：1。则，可得选项A正确，B，C，D错误。5某同学通过实验测定半圆形玻璃砖的折射率n。如图甲所示，O是圆心，MN是法线，AO、BO分别表示某次测量时光线在空气和玻璃砖中的传播路径。该同学测得多组入射角i和折射角r，作出sini-sinr图像如图乙所示，则A光由A经O到B，n=1.5B光由B经O到A，n=1.5C光由A经

5、O到B，n=0.67D光由B经O到A，n=0.67【答案】B【解析】在本题可以得出，介质折射率的计算为空气中的角度和介质中角度的正弦值之比，空气中角度较大，对应正弦值较大，对应图乙中，由折射率计算公式又由于题目中所说的入射角为，可以得出光线是从。 故选项B正确，A，C，D错误。6简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q是传播方向上相距10m的两质点。波先传到P，当波传到Q开始计时，P、Q两质点的振动图像如图所示，则A质点Q开始振动的方向沿y轴正方向B该波从P传到Q的时间可能为7sC该波的传播速度可能为2m/sD该波的波长可能为6m【答案】AD【解析】读图可知，质点P的振动图像为虚线，质点Q为实线

6、。从0时刻开始，质点Q的起振方向沿y轴正方向，所以A选项正确。由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期T=6s，质点Q的振动图像向左平移4s后与P点的振动图像重合，意味着Q比P的振动滞后了4s，即P传到Q的时间可能为4s，同时由周期性可知，从P传到Q的时间为 ，n=0，1，2，即=4s，10s，16s，所以B选项错误。由，考虑到简谐波的周期性，当=4s，10s，16s，时，速度v可能为2.5m/s，1m/s，0.625m/s，所以C选项错误。同理，考虑周期性， 可得，波长可能为15m，6m，3.75m，所以D选项正确。故此题答案选择AD。7如图所示，电阻不计，间距为L的光滑平行金属

7、导轨水平放置于磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中，导轨左端接一定值电阻R。质量为m、电阻为r的金属棒MN置于导轨上，受到垂直于金属棒的水平外力F的作用由静止开始运动，外力F与金属棒速度v的关系是F=F0+kv（F0、k是常量），金属棒与导轨始终垂直且接触良好。金属棒中感应电流为i，受到的安培力大小为FA，电阻R两端的电压为UR，感应电流的功率为P，它们随时间t变化图像可能正确的有（ ）【答案】BC【解析】设金属棒在某一时刻速度为，由题意可知，感应电动势，环路电流，即；安培力，方向水平向左，即；两端电压，即；感应电流功率，即。分析金属棒运动情况，由力的合成和牛顿运动第二定律可得，即加速度。

8、因为金属棒从静止出发，所以 ，且 ，即 ，加速度方向水平向右。(1)若，即，金属棒水平向右做匀加速直线运动。有，说明，也即是，所以在此情况下没有选项符合；(2)若，随增大而增大，即随v增大而增大，说明金属棒在做加速度增大的加速运动，速度与时间呈指数增长关系，根据四个物理量与速度的关系可知选项符合；(3)若，随增大而减小，即随v增大而减小，说明金属棒在做加速度减小的加速运动，直到加速度减小为0后金属棒做匀速直线运动，根据四个物理量与速度关系可知C选项符合；综上所述，、选项符合题意。第卷（非选择题 共68分）8（17分）I（6分）用如图所示的装置测量弹簧的弹性势能。将弹簧放置在水平气垫导轨上，左端

9、固定，右端在O点；在O点右侧的B、C位置各安装一个光电门，计时器（图中未画出）与两个光电门相连。先用米尺测得B、C两点间距离s，再用带有遮光片的滑块压缩弹簧到某位置A，静止释放，计时器显示遮光片从B到C所用的时间t，用米尺测量A、O之间的距离x。（1）计算滑块离开弹簧时速度大小的表达式是_。（2）为求出弹簧的弹性势能，还需要测量_。A弹簧原长B当地重力加速度C滑块（含遮光片）的质量（3）增大A、O之间的距离x，计时器显示时间t将_。A增大B减小 C不变【答案】（1）（2）C （3）B II（11分）用如图所示电路测量电源的电动势和内阻。实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2），保护电阻R1

10、（阻值10）和R2（阻值5），滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干。实验主要步骤：（）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；（）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；（）以U为纵坐标，I为横坐标，作UI图线（U、I都用国际单位）；（）求出UI图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。回答下列问题：（1）电压表最好选用_；电流表最好选用_。A电压表（0-3V，内阻约15k） B电压表（0-3V，内阻约3k）C电流表（0-200mA，内阻约2）D电流表（0-30mA，内阻约2）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大，两导线与滑动

11、变阻器接线柱连接情况是_。A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端的接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端的接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1、R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E=_，r=_，代入数值可得E和r的测量值。【答案】（1）A、C （2）C （3），【解析】（1）电压表内阻越大，分得的电流越小，误差也就越小，所以选内阻较大的A电压表；当滑动变阻器接入电阻最小时通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为，所以选量程为的C电流表。(2)由电路分析

12、可知，滑片右移电压表示数变大，意味着滑动变阻器接入电路部分阻值增大，考查A选项两导线都接在金属柱两端上，接入电阻为0；考查B选项若两导线都接电阻丝两端，接入电阻为最大阻值，不会变化；考查C选项一导线接金属杆左端，一导线接电阻丝左端，则滑片右移时阻值增大，符合题意；考查D选项一导线接金属杆右端，一导线接电阻丝右端，则滑片右移阻值减小，不符合题意。(3)由，得，对比伏安特性曲线可知，图像斜率大小，所以电源内阻；令,得，由题意知与横轴截距为，所以，则。9（15分）中国科学家2015年10月宣布中国将在2020年开始建造世界上最大的粒子加速器。加速器是人类揭示物质本源的关键设备，在放射治疗、食品安全、

13、材料科学等方面有广泛应用。如图所示，某直线加速器由沿轴线分布的一系列金属圆管(漂移管)组成，相邻漂移管分别接在高频脉冲电源的两极。质子从K点沿轴线进入加速器并依次向右穿过各漂移管，在漂移管内做匀速直线运动，在漂移管间被电场加速、加速电压视为不变。设质子进入漂移管B时速度为，进入漂移管E时速度为，电源频率为，漂移管间缝隙很小。质子在每个管内运动时间视为电源周期的1/2。质子的荷质比取。求：（1）漂移管B的长度；（2）相邻漂移管间的加速电压。【解析】（1）设高频脉冲电源的频率为f，周期为T；质子在每个漂移管中运动的时间为t；质子进入漂移管B时速度为 ；漂移管B的长度为 。则联立式并代入数据得（2）

14、设质子的电荷量为q，质量为m，荷质比为e；质子进入漂移管B时动能为；质子进入漂移管E时速度为，动能为；质子从漂移管B运动到漂移管E，动能的增加量为；质子每次在相邻漂移管间被电场加速，电场的电压为U，所做的功为W。则质子从漂移管B运动到漂移管E共被电场加速3次，根据动能定理有联立式并代入数据得 答：（1）漂移管B的长度为0.4 m （2）相邻漂移管间的加速电压为6104 V。10（17分）避险车道是避免恶性交通事故的重要设施，由制动坡床和防撞设施等组成，如图竖直平面内，制动坡床视为与水平面夹角为的斜面。一辆长12 m的载有货物的货车因刹车失灵从干道驶入制动坡床，当车速为23 m/s时，车尾位于制

15、动坡床的底端，货物开始在车厢内向车头滑动，当货物在车厢内滑动了4 m时，车头距制动坡床顶端38 m，再过一段时间，货车停止。已知货车质量是货物质量的4倍。货物与车厢间的动摩擦因数为0.4；货车在制动坡床上运动受到的坡床阻力大小为货车和货物总重的0.44倍。货物与货车分别视为小滑块和平板，取cos=1，sin=0.1，g=10 m/s2。求：（1）货物在车厢内滑动时加速度的大小和方向；（2）制动坡床的长度。【解析】（1）解：设货物质量为，受到货车支持力大小为，车对货物摩擦力大小为，受力分析如图货物与货车间滑动摩擦因数为，货物减速时加速度大小为，根据牛顿第二定律得 联立方程，代入数据得方向沿坡面向

16、下（2）解：设货物对车压力大小为，对车摩擦力大小为，根据牛顿第三定律车质量为，受到坡面支持力大小为，坡面对车阻力大小为，受力分析如图车减速时加速度大小为，根据牛顿第二定律得由题意得联立代入数据得方向沿坡面向下设货车和货物共同的初速度大小为，货物相对货车滑动4m用时，货物相对地面位移大小为，货车相对地面位移大小为，根据运动学公式有联立，代入数据得 车长为，货物相对车滑动4m时车头距顶端，坡长为代入数据，解之得答：(1) 货物在车厢内滑动时加速度的大小为，方向沿斜面向下(2) 制动坡床的长度为11（19分）如图所示，图面内有竖直线DD，过DD且垂直于图面的平面将空间分成、两区域。区域有方向竖直向上

17、的匀强电场和方向垂直于图面的匀强磁场B（图中未画出）；区域有固定在水平地面上高h=2l、倾角的光滑绝缘斜面，斜面顶端与直线DD距离s=4l，区域可加竖直方向的大小不同的匀强电场（图中未画出）；C点在DD上，距地面高H=3l。零时刻，质量为m、带电量为q的小球P在K点具有大小v0=、方向与水平面夹角的速度。在区域内做半径r=的匀速圆周运动，经C点水平进入区域。某时刻，不带电的绝缘小球A由斜面顶端静止释放，在某处与刚运动到斜面的小球P相遇。小球视为质点。不计空气阻力及小球P所带电量对空间电磁场的影响。l已知，g为重力加速度。（1）求匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）若小球A、P在斜面底端相遇，求

18、释放小球A的时刻tA；（3）若小球A、P在时刻t=(为常数)相遇于斜面某处，求此情况下区域的匀强电场的场强E，并讨论场强E的极大值和极小值及相应的方向。【解析】（1）小球在I区做匀速圆周运动，则小球必定带正电且所受电场力与重力大小相等。设I区磁感应强度大小为，由洛伦兹力提供向心力得：带入题设数据得：（2）小球先在I区以为圆心做匀速圆周运动，由小球初速度和水平方向夹角为可得，小球将偏转角后自点水平进入II区做类平抛运动到斜面底端点，如图所示。设做匀速圆周运动的时间为，类平抛运动的时间为则： 小球自斜面顶端释放后将沿斜面向下做匀加速直线运动，设加速度的大小为，释放后在斜面上运动时间为。对小球受力分

19、析，设小球质量为，斜面对小球的支持力为，如图所示。由牛顿第二定律得： 小球的释放时刻满足：联立得： （3）小球在在斜面上相遇即小球运动的时间为，小球从开始运动至斜面上先做时间的匀速圆周运动，然后自点进入II区做类平抛运动，设运动时间为，加速度为，电场强度为，以竖直向下为正： 类平抛运动在水平方向，竖直方向满足：、 由图中几何关系： 联立得： 小球落在斜面上则：， 将带入讨论单调性得：其中“、”代表方向，电场强度向上时大小的范围为，电场强度向下时大小的范围为 ，所以电场的极大值为，竖直向上；极小值为0答：（1）磁场强度大小为（2）小球释放时刻为（3）电场强度为，极大值，竖直向上；极小值0。试卷为手动录入，难免存在细微差错，如您发现试卷及解析中的问题，敬请谅解！转载请注明出处！专心-专注-专业