2019年全国统一高考数学试卷(文科)(全国卷)(共26页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2019年全国统一高考数学试卷（文科）（新课标） 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1（5分）设z，则|z|（）A2BCD12（5分）已知集合U1，2，3，4，5，6，7，A2，3，4，5，B2，3，6，7，则BUA（）A1，6B1，7C6，7D1，6，73（5分）已知alog20.2，b20.2，c0.20.3，则（）AabcBacbCcabDbca4（5分）古希腊时期，人们认为最美人体的头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是（0.618，称为黄金分割比例），著名的“断臂维纳斯”便是如此此外，最美

2、人体的头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比也是若某人满足上述两个黄金分割比例，且腿长为105cm，头顶至脖子下端的长度为26cm，则其身高可能是（）A165cmB175cmC185cmD190cm5（5分）函数f（x）在，的图象大致为（）ABCD6（5分）某学校为了解1000名新生的身体素质，将这些学生编号1，2，1000，从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验若46号学生被抽到，则下面4名学生中被抽到的是（）A8号学生B200号学生C616号学生D815号学生7（5分）tan255（）A2B2+C2D2+8（5分）已知非零向量，满足|2|，且（），则与的夹角为（）ABC

3、D9（5分）如图是求的程序框图，图中空白框中应填入（）AABA2+CADA1+10（5分）双曲线C：1（a0，b0）的一条渐近线的倾斜角为130，则C的离心率为（）A2sin40B2cos40CD11（5分）ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c已知asinAbsinB4csinC，cosA，则（）A6B5C4D312（5分）已知椭圆C的焦点为F1（1，0），F2（1，0），过F2的直线与C交于A，B两点若|AF2|2|F2B|，|AB|BF1|，则C的方程为（）A+y21B+1C+1D+1二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13（5分）曲线y3（x2+x）ex在点（0，0）

4、处的切线方程为 14（5分）记Sn为等比数列an的前n项和若a11，S3，则S4 15（5分）函数f（x）sin（2x+）3cosx的最小值为 16（5分）已知ACB90，P为平面ABC外一点，PC2，点P到ACB两边AC，BC的距离均为，那么P到平面ABC的距离为 三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。17（12分）某商场为提高服务质量，随机调查了50名男顾客和50名女顾客，每位顾客对该商场的服务给出满意或不满意的评价，得到下面列联表：满意不满意男顾客401

5、0女顾客3020（1）分别估计男、女顾客对该商场服务满意的概率；（2）能否有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异？附：K2P（K2k）0.0500.0100.001k3.8416.63510.82818（12分）记Sn为等差数列an的前n项和已知S9a5（1）若a34，求an的通项公式；（2）若a10，求使得Snan的n的取值范围19（12分）如图，直四棱柱ABCDA1B1C1D1的底面是菱形，AA14，AB2，BAD60，E，M，N分别是BC，BB1，A1D的中点（1）证明：MN平面C1DE；（2）求点C到平面C1DE的距离20（12分）已知函数f（x）2sinxxcosxx，

6、f（x）为f（x）的导数（1）证明：f（x）在区间（0，）存在唯一零点；（2）若x0，时，f（x）ax，求a的取值范围21（12分）已知点A，B关于坐标原点O对称，|AB|4，M过点A，B且与直线x+20相切（1）若A在直线x+y0上，求M的半径；（2）是否存在定点P，使得当A运动时，|MA|MP|为定值？并说明理由（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。选修4-4：坐标系与参数方程（10分）22（10分）在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为（t为参数）以坐标原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为2cos+s

7、in+110（1）求C和l的直角坐标方程；（2）求C上的点到l距离的最小值选修4-5：不等式选讲（10分）23已知a，b，c为正数，且满足abc1证明：（1）+a2+b2+c2；（2）（a+b）3+（b+c）3+（c+a）3242019年全国统一高考数学试卷（文科）（新课标） 参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1（5分）设z，则|z|（）A2BCD1【考点】A8：复数的模菁优网版权所有【分析】直接利用复数商的模等于模的商求解【解答】解：由z，得|z|故选：C【点评】本题考查复数模的求法，考查数学转化思想方法，

8、是基础题2（5分）已知集合U1，2，3，4，5，6，7，A2，3，4，5，B2，3，6，7，则BUA（）A1，6B1，7C6，7D1，6，7【考点】1H：交、并、补集的混合运算菁优网版权所有【分析】先求出UA，然后再求BUA即可求解【解答】解：U1，2，3，4，5，6，7，A2，3，4，5，B2，3，6，7，UA1，6，7，则BUA6，7故选：C【点评】本题主要考查集合的交集与补集的求解，属于基础试题3（5分）已知alog20.2，b20.2，c0.20.3，则（）AabcBacbCcabDbca【考点】4M：对数值大小的比较菁优网版权所有【分析】由指数函数和对数函数的单调性易得log20.2

9、0，20.21，00.20.31，从而得出a，b，c的大小关系【解答】解：alog20.2log210，b20.2201，00.20.30.201，c0.20.3（0，1），acb，故选：B【点评】本题考查了指数函数和对数函数的单调性，增函数和减函数的定义，属基础题4（5分）古希腊时期，人们认为最美人体的头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是（0.618，称为黄金分割比例），著名的“断臂维纳斯”便是如此此外，最美人体的头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比也是若某人满足上述两个黄金分割比例，且腿长为105cm，头顶至脖子下端的长度为26cm，则其身高可能是（）A165cmB175cmC185

10、cmD190cm【考点】31：函数的概念及其构成要素；F4：进行简单的合情推理菁优网版权所有【分析】充分运用黄金分割比例，结合图形，计算可估计身高【解答】解：头顶至脖子下端的长度为26cm，说明头顶到咽喉的长度小于26cm，由头顶至咽喉的长度与咽喉至肚脐的长度之比是0.618，可得咽喉至肚脐的长度小于42cm，由头顶至肚脐的长度与肚脐至足底的长度之比是，可得肚脐至足底的长度小于110，即有该人的身高小于110+68178cm，又肚脐至足底的长度大于105cm，可得头顶至肚脐的长度大于1050.61865cm，即该人的身高大于65+105170cm，故选：B【点评】本题考查简单的推理和估算，考查

11、运算能力和推理能力，属于中档题5（5分）函数f（x）在，的图象大致为（）ABCD【考点】3A：函数的图象与图象的变换菁优网版权所有【分析】由f（x）的解析式知f（x）为奇函数可排除A，然后计算f（），判断正负即可排除B，C【解答】解：f（x），x，f（x）f（x），f（x）为，上的奇函数，因此排除A；又f（），因此排除B，C；故选：D【点评】本题考查了函数的图象与性质，解题关键是奇偶性和特殊值，属基础题6（5分）某学校为了解1000名新生的身体素质，将这些学生编号1，2，1000，从这些新生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验若46号学生被抽到，则下面4名学生中被抽到的是（）A8号

12、学生B200号学生C616号学生D815号学生【考点】B4：系统抽样方法菁优网版权所有【分析】根据系统抽样的特征，从1000名学生从中抽取一个容量为100的样本，抽样的分段间隔为10，结合从第4组抽取的号码为46，可得第一组用简单随机抽样抽取的号码【解答】解：从1000名学生从中抽取一个容量为100的样本，系统抽样的分段间隔为10，46号学生被抽到，则根据系统抽样的性质可知，第一组随机抽取一个号码为6，以后每个号码都比前一个号码增加10，所有号码数是以6为首项，以10为公差的等差数列，设其数列为an，则an6+10（n1）10n4，当n62时，a62616，即在第62组抽到616故选：C【点评

13、】本题考查了系统抽样方法，关键是求得系统抽样的分段间隔7（5分）tan255（）A2B2+C2D2+【考点】GO：运用诱导公式化简求值菁优网版权所有【分析】利用诱导公式变形，再由两角和的正切求解【解答】解：tan255tan（180+75）tan75tan（45+30）故选：D【点评】本题考查三角函数的取值，考查诱导公式与两角和的正切，是基础题8（5分）已知非零向量，满足|2|，且（），则与的夹角为（）ABCD【考点】9S：数量积表示两个向量的夹角菁优网版权所有【分析】由（），可得，进一步得到，然后求出夹角即可【解答】解：（），故选：B【点评】本题考查了平面向量的数量积和向量的夹角，属基础题9

14、（5分）如图是求的程序框图，图中空白框中应填入（）AABA2+CADA1+【考点】EF：程序框图菁优网版权所有【分析】模拟程序的运行，由题意，依次写出每次得到的A的值，观察规律即可得解【解答】解：模拟程序的运行，可得：A，k1；满足条件k2，执行循环体，A，k2；满足条件k2，执行循环体，A，k3；此时，不满足条件k2，退出循环，输出A的值为，观察A的取值规律可知图中空白框中应填入A故选：A【点评】本题考查了程序框图的应用问题，解题时应模拟程序框图的运行过程，以便得出正确的结论，是基础题10（5分）双曲线C：1（a0，b0）的一条渐近线的倾斜角为130，则C的离心率为（）A2sin40B2co

15、s40CD【考点】KB：双曲线的标准方程菁优网版权所有【分析】由已知求得，化为弦函数，然后两边平方即可求得C的离心率【解答】解：双曲线C：1（a0，b0）的渐近线方程为y，由双曲线的一条渐近线的倾斜角为130，得，则，得，e故选：D【点评】本题考查双曲线的简单性质，考查同角三角函数基本关系式的应用，是基础题11（5分）ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c已知asinAbsinB4csinC，cosA，则（）A6B5C4D3【考点】HP：正弦定理菁优网版权所有【分析】利用正弦定理和余弦定理列出方程组，能求出结果【解答】解：ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，asinAbsinB

16、4csinC，cosA，解得3c2，6故选：A【点评】本题考查了正弦定理、余弦定理、三角函数性质，考查了推理能力与计算能力，属于中档题12（5分）已知椭圆C的焦点为F1（1，0），F2（1，0），过F2的直线与C交于A，B两点若|AF2|2|F2B|，|AB|BF1|，则C的方程为（）A+y21B+1C+1D+1【考点】K4：椭圆的性质菁优网版权所有【分析】根据椭圆的定义以及余弦定理列方程可解得a，b，可得椭圆的方程【解答】解：|AF2|2|BF2|，|AB|3|BF2|，又|AB|BF1|，|BF1|3|BF2|，又|BF1|+|BF2|2a，|BF2|，|AF2|a，|BF1|a，在RtA

17、F2O中，cosAF2O，在BF1F2中，由余弦定理可得cosBF2F1，根据cosAF2O+cosBF2F10，可得+0，解得a23，ab2a2c2312所以椭圆C的方程为：+1故选：B【点评】本题考查了椭圆的性质，属中档题二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13（5分）曲线y3（x2+x）ex在点（0，0）处的切线方程为y3x【考点】6H：利用导数研究曲线上某点切线方程菁优网版权所有【分析】对y3（x2+x）ex求导，可将x0代入导函数，求得斜率，即可得到切线方程【解答】解：y3（x2+x）ex，y3ex（x2+3x+1），当x0时，y3，y3（x2+x）ex在点（0，0）处的

18、切线斜率k3，切线方程为：y3x故答案为：y3x【点评】本题考查了利用导数研究函数上某点的切线方程，切点处的导数值为斜率是解题关键，属基础题14（5分）记Sn为等比数列an的前n项和若a11，S3，则S4【考点】89：等比数列的前n项和菁优网版权所有【分析】利用等比数列的通项公式及求和公式表示已知，可求公比，然后再利用等比数列的求和公式即可求解【解答】解：等比数列an的前n项和，a11，S3，q1，整理可得，解可得，q，则S4故答案为：【点评】本题主要考查了等差数列的通项公式及求和公式的简单应用，属于基础试题15（5分）函数f（x）sin（2x+）3cosx的最小值为4【考点】GF：三角函数的

19、恒等变换及化简求值菁优网版权所有【分析】线利用诱导公式，二倍角公式对已知函数进行化简，然后结合二次函数的 单调性即可去求解最小值【解答】解：f（x）sin（2x+）3cosx，cos2x3cosx2cos2x3cosx+1，令tcosx，则1t1，f（t）2t23t+1的开口向上，对称轴t，在1，1上先增后减，故当t1即cosx1时，函数有最小值4故答案为：4【点评】本题主要考查了诱导公式，二倍角的余弦公式在三角好按时化简求值中的应用及利用余弦函数，二次函数的性质求解最值的应用，属于基础试题16（5分）已知ACB90，P为平面ABC外一点，PC2，点P到ACB两边AC，BC的距离均为，那么P到

20、平面ABC的距离为【考点】MK：点、线、面间的距离计算菁优网版权所有【分析】过点P作PDAC，交AC于D，作PEBC，交BC于E，过P作PO平面ABC，交平面ABC于O，连结OD，OC，则PDPE，从而CDCEODOE1，由此能求出P到平面ABC的距离【解答】解：ACB90，P为平面ABC外一点，PC2，点P到ACB两边AC，BC的距离均为，过点P作PDAC，交AC于D，作PEBC，交BC于E，过P作PO平面ABC，交平面ABC于O，连结OD，OC，则PDPE，CDCEODOE1，POP到平面ABC的距离为故答案为：【点评】本题考查点到平面的距离的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等

21、基础知识，考查推理能力与计算能力，属于中档题三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。17（12分）某商场为提高服务质量，随机调查了50名男顾客和50名女顾客，每位顾客对该商场的服务给出满意或不满意的评价，得到下面列联表：满意不满意男顾客4010女顾客3020（1）分别估计男、女顾客对该商场服务满意的概率；（2）能否有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异？附：K2P（K2k）0.0500.0100.001k3.8416.63510.828【考点】BL

22、：独立性检验菁优网版权所有【分析】（1）由题中数据，结合等可能事件的概率求解；（2）代入计算公式：K2，然后把所求数据与3.841进行比较即可判断【解答】解：（1）由题中数据可知，男顾客对该商场服务满意的概率P，女顾客对该商场服务满意的概率P；（2）由题意可知，K24.7623.841，故有95%的把握认为男、女顾客对该商场服务的评价有差异【点评】本题主要考查了等可能事件的概率求解及独立性检验的基本思想的应用，属于基础试题18（12分）记Sn为等差数列an的前n项和已知S9a5（1）若a34，求an的通项公式；（2）若a10，求使得Snan的n的取值范围【考点】8K：数列与不等式的综合菁优网版

23、权所有【分析】（1）根据题意，等差数列an中，设其公差为d，由S9a5，即可得S99a5a5，变形可得a50，结合a34，计算可得d的值，结合等差数列的通项公式计算可得答案；（2）若Snan，则na1+da1+（n1）d，分n1与n2两种情况讨论，求出n的取值范围，综合即可得答案【解答】解：（1）根据题意，等差数列an中，设其公差为d，若S9a5，则S99a5a5，变形可得a50，即a1+4d0，若a34，则d2，则ana3+（n3）d2n+10，（2）若Snan，则na1+da1+（n1）d，当n1时，不等式成立，当n2时，有da1，变形可得（n2）da1，又由S9a5，即S99a5a5，则

24、有a50，即a1+4d0，则有（n2）a1，又由a10，则有n10，则有2n10，综合可得：n的取值范围是n|1n10，nN【点评】本题考查等差数列的性质以及等差数列的前n项和公式，涉及数列与不等式的综合应用，属于基础题19（12分）如图，直四棱柱ABCDA1B1C1D1的底面是菱形，AA14，AB2，BAD60，E，M，N分别是BC，BB1，A1D的中点（1）证明：MN平面C1DE；（2）求点C到平面C1DE的距离【考点】MK：点、线、面间的距离计算菁优网版权所有【分析】法一：（1）连结B1C，ME，推导出四边形MNDE是平行四边形，从而MNED，由此能证明MN平面C1DE（2）过C作C1E

25、的垂线，垂足为H，推导出DEBC，DEC1C，从而DE平面C1CE，DECH，进而CH平面C1DE，故CH的长即为C到时平面C1DE的距离，由此能求出点C到平面C1DE的距离法二：（1）以D为原点，DA为x轴，DE为y轴，DD1为z轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能证明MN平面C1DE（2）求出（1，0），平面C1DE的法向量（4，0，1），利用向量法能求出点C到平面C1DE的距离【解答】解法一：证明：（1）连结B1C，ME，M，E分别是BB1，BC的中点，MEB1C，又N为A1D的中点，NDA1D，由题设知A1B1DC，B1CA1D，MEND，四边形MNDE是平行四边形，MNED，又MN平

26、面C1DE，MN平面C1DE解：（2）过C作C1E的垂线，垂足为H，由已知可得DEBC，DEC1C，DE平面C1CE，故DECH，CH平面C1DE，故CH的长即为C到时平面C1DE的距离，由已知可得CE1，CC14，C1E，故CH，点C到平面C1DE的距离为解法二：证明：（1）直四棱柱ABCDA1B1C1D1的底面是菱形，AA14，AB2，BAD60，E，M，N分别是BC，BB1，A1D的中点DD1平面ABCD，DEAD，以D为原点，DA为x轴，DE为y轴，DD1为z轴，建立空间直角坐标系，M（1，2），N（1，0，2），D（0，0，0），E（0，0），C1（1，4），（0，0），（1，），（

27、0，），设平面C1DE的法向量（x，y，z），则，取z1，得（4，0，1），0，MN平面C1DE，MN平面C1DE解：（2）C（1，0），（1，0），平面C1DE的法向量（4，0，1），点C到平面C1DE的距离：d【点评】本题考查线面平行的证明，考查点到平面的距离的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查推理能力与计算能力，属于中档题20（12分）已知函数f（x）2sinxxcosxx，f（x）为f（x）的导数（1）证明：f（x）在区间（0，）存在唯一零点；（2）若x0，时，f（x）ax，求a的取值范围【考点】6B：利用导数研究函数的单调性菁优网版权所有【分析】（1）令g（

28、x）f（x），对g（x）再求导，研究其在（0，）上的单调性，结合极值点和端点值不难证明；（2）利用（1）的结论，可设f（x）的零点为x0，并结合f（x）的正负分析得到f（x）的情况，作出图示，得出结论【解答】解：（1）证明：f（x）2sinxxcosxx，f（x）2cosxcosx+xsinx1cosx+xsinx1，令g（x）cosx+xsinx1，则g（x）sinx+sinx+xcosxxcosx，当x（0，）时，xcosx0，当x时，xcosx0，当x时，极大值为g（）0，又g（0）0，g（）2，g（x）在（0，）上有唯一零点，即f（x）在（0，）上有唯一零点；（2）由（1）知，f（x）

29、在（0，）上有唯一零点x0，使得f（x0）0，且f（x）在（0，x0）为正，在（x0，）为负，f（x）在0，x0递增，在x0，递减，结合f（0）0，f（）0，可知f（x）在0，上非负，令h（x）ax，作出图示，f（x）h（x），a0，a的取值范围是（，0【点评】此题考查了利用导数研究函数的单调性，零点等问题，和数形结合的思想方法，难度较大21（12分）已知点A，B关于坐标原点O对称，|AB|4，M过点A，B且与直线x+20相切（1）若A在直线x+y0上，求M的半径；（2）是否存在定点P，使得当A运动时，|MA|MP|为定值？并说明理由【考点】J9：直线与圆的位置关系菁优网版权所有【分析】（1）

30、由条件知点M在线段AB的中垂线xy0上，设圆的方程为M的方程为（xa）2+（ya）2R2（R0），然后根据圆与直线x+20相切和圆心到直线x+y0的距离，半弦长和半径的关系建立方程组即可；（2）设M的坐标为（x，y），然后根据条件的到圆心M的轨迹方程为y24x，然后根据抛物线的定义即可得到定点【解答】解：M故点A，B且A在直线x+y0上，点M在线段AB的中垂线xy0上，设M的方程为：（xa）2+（ya）2R2（R0），则圆心M（a，a）到直线x+y0的距离d，又|AB|4，在RtOMB中，d2+（|AB|）2R2，即又M与x2相切，|a+2|R由解得或，M的半径为2或6；（2）线段为M的一条弦

31、，圆心M在线段AB的中垂线上，设点M的坐标为（x，y），则|OM|2+|OA|2|MA|2，M与直线x+20相切，|MA|x+2|，|x+2|2|OM|2+|OA|2x2+y2+4，y24x，M的轨迹是以F（1，0）为焦点x1为准线的抛物线，|MA|MP|x+2|MP|x+1|MP|+1|MF|MP|+1，当|MA|MP|为定值时，则点P与点F重合，即P的坐标为（1，0），存在定点P（1，0）使得当A运动时，|MA|MP|为定值【点评】本题考查了直线与圆的关系和抛物线的定义，考查了待定系数法和曲线轨迹方程的求法，属难题（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按

32、所做的第一题计分。选修4-4：坐标系与参数方程（10分）22（10分）在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为（t为参数）以坐标原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为2cos+sin+110（1）求C和l的直角坐标方程；（2）求C上的点到l距离的最小值【考点】Q4：简单曲线的极坐标方程菁优网版权所有【分析】（1）把曲线C的参数方程变形，平方相加可得普通方程，把xcos，ysin代入2cos+sin+110，可得直线l的直角坐标方程；（2）写出与直线l平行的直线方程为，与曲线C联立，化为关于x的一元二次方程，利用判别式大于0求得m，转化为两平行线间的距离求C上的点到l

33、距离的最小值【解答】解：（1）由（t为参数），得，两式平方相加，得（x1），C的直角坐标方程为（x1），由2cos+sin+110，得即直线l的直角坐标方程为得；（2）设与直线平行的直线方程为，联立，得16x2+4mx+m2120由16m264（m212）0，得m4当m4时，直线与曲线C的切点到直线的距离最小，为【点评】本题考查间单曲线的极坐标方程，考查参数方程化普通方程，考查直线与椭圆位置关系的应用，训练了两平行线间的距离公式的应用，是中档题选修4-5：不等式选讲（10分）23已知a，b，c为正数，且满足abc1证明：（1）+a2+b2+c2；（2）（a+b）3+（b+c）3+（c+a）32

34、4【考点】R6：不等式的证明菁优网版权所有【分析】（1）利用基本不等式和1的运用可证，（2）分析法和综合法的证明方法可证【解答】证明：（1）分析法：已知a，b，c为正数，且满足abc1要证（1）+a2+b2+c2；因为abc1就要证：+a2+b2+c2；即证：bc+ac+aba2+b2+c2；即：2bc+2ac+2ab2a2+2b2+2c2；2a2+2b2+2c22bc2ac2ab0（ab）2+（ac）2+（bc）20；a，b，c为正数，且满足abc1（ab）20；（ac）20；（bc）20恒成立；当且仅当：abc1时取等号即（ab）2+（ac）2+（bc）20得证故+a2+b2+c2得证（2

35、）证（a+b）3+（b+c）3+（c+a）324成立；即：已知a，b，c为正数，且满足abc1（a+b）为正数；（b+c）为正数；（c+a）为正数；（a+b）3+（b+c）3+（c+a）33（a+b）（b+c）（c+a）；当且仅当（a+b）（b+c）（c+a）时取等号；即：abc1时取等号；a，b，c为正数，且满足abc1（a+b）2；（b+c）2；（c+a）2；当且仅当ab，bc；ca时取等号；即：abc1时取等号；（a+b）3+（b+c）3+（c+a）33（a+b）（b+c）（c+a）3824abc24；当且仅当abc1时取等号；故（a+b）3+（b+c）3+（c+a）324得证故得证【点评】本题考查重要不等式和基本不等式的运用，分析法和综合法的证明方法声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/6/10 10:46:59；用户：；邮箱：；学号：专心-专注-专业