高二数学教案：不等式期末复习讲义(共17页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上不等式期末复习讲义一、 知识点1不等式性质比较大小方法：（1）作差比较法（2）作商比较法不等式的基本性质对称性：a bb a传递性: a b, b ca c可加性: a b a + c b + c 可积性: a b, c 0ac bc；a b, c 0ac b, c d a + c b + d 乘法法则：a b 0, c d 0 ac bd乘方法则：a b 0, an bn (nN)开方法则：a b 0, 2算术平均数与几何平均数定理：（1）如果a、bR,那么a2 + b2 2ab（当且仅当a=b时等号）（2）如果a、bR,那么（当且仅当a=b时等号）推广： 如果为实

2、数，则重要结论1）如果积xy是定值P，那么当xy时，和xy有最小值2；（2）如果和xy是定值S，那么当xy时，和xy有最大值S2/4。3证明不等式的常用方法：比较法：比较法是最基本、最重要的方法。当不等式的两边的差能分解因式或能配成平方和的形式，则选择作差比较法；当不等式的两边都是正数且它们的商能与1比较大小，则选择作商比较法；碰到绝对值或根式，我们还可以考虑作平方差。综合法：从已知或已证明过的不等式出发，根据不等式的性质推导出欲证的不等式。综合法的放缩经常用到均值不等式。分析法：不等式两边的联系不够清楚，通过寻找不等式成立的充分条件，逐步将欲证的不等式转化，直到寻找到易证或已知成立的结论。4

3、不等式的解法（1） 不等式的有关概念同解不等式：两个不等式如果解集相同，那么这两个不等式叫做同解不等式。同解变形：一个不等式变形为另一个不等式时，如果这两个不等式是同解不等式，那么这种变形叫做同解变形。提问：请说出我们以前解不等式中常用到的同解变形去分母、去括号、移项、合并同类项（2） 不等式ax b的解法 当a0时不等式的解集是x|xb/a； 当a0时不等式的解集是x|xb/a；当a=0时,b a f(x) a或f(x) a；| f(x) | a af(x) a(a0) f2(x) a2；| f(x) | 0) f2(x) |b|且abb，则|a|b| B、若ab，则1/ab，则a3b3D、

4、若ab，则a/b12、已知a0.1babab2 B、ab2abaC、abaab2 D、abab2a3、当0ab(1a)b B、(1+a)a(1+b)bC、(1a)b (1a)b/2 D、(1a)a(1b)b4、若loga3logb30，则a、b的关系是（ B ）A、0aba1C、0ba1 D、1bb0，则下列不等式1/ab2；lg(a2+1)lg(b2+1)；2a2b中成立的是（A ）A、B、C、D、（二）比较大小1、若0lg2xlg(lgx) 4、设a0,a1,比较logat/2与loga(t+1)/2的大小。分析：要比较大小的式子较多，为避免盲目性，可先取特殊值估测各式大小关系，然后用比较

5、法（作差）即可。（三）利用不等式性质判断P是Q的充分条件和必要条件1、设x、yR,判断下列各题中，命题甲与命题乙的充分必要关系命题甲：x0且y0，命题乙：x+y0且xy0 充要条件命题甲：x2且y2，命题乙：x+y4且xy4充分不必要条件2、已知四个命题，其中a、bRa2b2的充要条件是|a|b|；a2b2的充要条件是|a|2|b|2；a2b2的充要条件是(a+b)与(ab)异号；a22c”的一个充分条件是（ C）A、ac或bc B、ac或bcC、ac且bcD、ac且bc（四）范围问题1、设60a84,28b33,求：a+b,ab,a/b的范围。2、若二次函数y=f(x)的图象过原点，且1f(

6、1)2,3f(1)3，求f(2)的范围。（五）均值不等式变形问题1、当a、bR时,下列不等式不正确的是（ D）A、a2+b22|a|b| B、(a/2+b/2)2ab C、(a/2+b/2)2a2/2+b2/2 D、log1/2(a2+b2)log1/2(2|a|b|)2、x、y(0,+)，则下列不等式中等号不成立的是（ A） C、(x+y)(1/x+1/y)4 D、(lgx/2+lgy/2)2lg2x/2+lg2y/23、已知a0,b0,a+b=1，则(1/a21)(1/b21)的最小值为（ D）A、6B、7C、8D、91的代换4、已知a0,b0,c0，a+b+c=1，求证：1/a+1/b+

7、1/c95、已知a0,b0,c0,d0,求证：（六）求函数最值1、若x4,函数5、大、62、设x、yR, x+y=5，则3x+3y的最小值是（）DA、10B、C、D、3、下列各式中最小值等于2的是（）DA、x/y+y/x B、 C、tan+cot D、2x+2x4、已知实数a、b、c、d满足a+b=7,c+d=5,求(a+c)2+(b+d)2的最小值。5、已知x0,y0,2x+y=1,求1/x+1/y的最小值。（七）实际问题1、98（高考）如图，为处理含有某种杂质的污水，要制造一个底宽为2cm的无盖长方体沉淀箱，污水从A孔流入，经沉淀后从B孔流出，设箱体的长度为am，高度为bm，已知流出的水中

8、该杂质的质量分数与a、b的乘积ab成反比，现有制箱材料60m2，问当a、b各为多少米时，沉淀后流出的水中该杂质的质量分数最小（A、B孔的面积忽略不计）。baBA解一：设流出的水中杂质的质量分数为y，由题意y=k/ab，其中k为比例系数(k0)据题设22b+2ab+2a=60(a0,b0)由a0,b0可得0a0)要求y的最小值，即要求ab的最大值。据题设22b+2ab+2a=60(a0,b0)，即a+2b+ab=30即a=6,b=3时，ab有最大值，从而y取最小值。综上所述，当a=6m,b=3m时，经沉淀后流出的水中该杂质的质量分数最小。2、某工厂有旧墙一面长14米,现准备利用这面旧墙建造平面图

9、形为矩形，面积为126米2的厂房，工程条件是：建1米新墙的费用为a元；修1米旧墙的费用为a/4元；拆去1米旧墙用所得材料建1米新墙的费用为a/2元.经过讨论有两种方案：利用旧墙的一段x(x14)米为矩形厂房的一面边长；矩形厂房的一面长为x(x14).问如何利用旧墙，即x为多少米时，建墙费用最省？两种方案哪种方案最好？解：设总费用为y元，利用旧墙的一面矩形边长为x米，则另一边长为126/x米。若利用旧墙的一段x米(xx114，则f(x2)f(x1)= x2+126/x2(x1+126/x1)=(x2x1)(1126/x1x2)0f(x)=x+126/x在14，)上递增，f(x)f(14)x=14

10、时ymin=7a/2+2a(14+126/147)=35.5a综上所述，采用方案，即利用旧墙12米为矩形的一面边长，建墙费用最省。（八）比较法证明不等式1、已知a、b、m、nR+,证明：am+n+bm+nambn+anbm变：已知a、bR+,证明：a3/b+b3/aa2+b22、已知a、bR+,f(x)=2x2+1,a+b=1,证明：对任意实数p、q恒有af(p)+bf(q)f(ap+bq)（九）综合法证明不等式1、已知a、b、c为不全相等的正数，求证：2、已知a、b、cR，且a+b+c=1，求证：a2+b2+c21/33、已知a、b、c为不全相等的正数，且abc=1,求证：4、已知a、bR+

11、，a+b=1,求证：（十）分析法证明不等式1、已知a、b、c为不全相等的正数，求证：bc/a+ac/b+ab/ca+b+c2、已知函数f(x)=lg(1/x1),x1、x2(0,1/2)，且x1x2，求证：3、设实数x,y满足y+x2=0,0abc,求证：4、已知a、b、cR，且a+bc求证：.5、已知a、b、cR，证明：a2+ac+c2+3b(a+b+c)0，并指出等号何时成立。分析：整理成关于a的二次函数f(a)=a2+(c+3b)a+3b2+3bc+c2=(c+3b)24(3b2+3bc+c2)=3(b2+2bc+c2)0f(a)06、已知：x22xy + y2 + x + y + 10

12、，求证：1/3y/x37、在直角三角形ABC中，角C为直角，n2且nN，求证：cnan + bn（十二）解不等式1、解不等式：2、解关于x的不等式：（十三）不等式应用不等式的应用主要有三个方面：一是能转化为求解不等式（组）的有关问题（如求函数的定义域、讨论一元二次方程的根的分布等）；二是能转化为不等式证明的有关问题（如证明函数的单调性）；三是能转化为重要不等式的极端情形解决的最值问题。1、已知f(x)的定义域是（0,1，则函数的定义域是_。5，2)( 1,42、已知不等式ax2+bx+c0的解集是x|x(0),求不等式cx2+bx+a0的解集。3、设(x0).求证：f(x)是减函数；求f(x)

13、的值域。4、由于对某种商品实行征税，其售价比原价上涨x%，涨价后商品卖出量减少，已知税率为销售金额的20%.为实现销售金额和扣除税款的余额y不比原销售金额少，求上涨率x%的取值范围；x为何值时，y最大？（保留一位小数）解：设原价为a，销售量为b，则当且仅当1x%25/9x%，即x%8/9. x88.9时y最大。（十四）恒成立问题1、若不等式af(n)，即f(n)在N上是增函数，f(n)的最小值是f(1)又f(1)=1/2+1/3+1/4=13/12故对一切正整数n使得f(n)2a5的充要条件是13/122a5，a73/24故所求自然数a的最大值是3。2、已知抛物线y=f(x)=ax2+bx+c

14、过点（1,0），问是否存在常数a、b、c，使得不等式xf(x)(1+x2)/2对于一切实数x都成立？解：假设存在常数a、b、c，使得xf(x)(1+x2)/2对一切实数x恒成立，令x1有1f(1)1，f(1)1，即abc1抛物线过点（1,0）abc0解得：b=1/2,c=1/2a,f(x)=ax2+x/2+1/2a由xf(x)(1+x2)/2得2x2ax2+x+12a1+x2a=1/4,三、数学思想与方法（一）分类讨论的思想：1、设f(x) = 1+logx3,g(x)=2logx2，其中x0且x1，试比较f(x)与g(x)的大小。2、解关于x的不等式分析：当a1时，原不等式的解集为x|xa或

15、1x1 当1a时，原不等式的解集为x|x1或ax1当a1时，原不等式的解集为x|x1或1xa当a1时，原不等式的解集为x|x1 当a1时，原不等式的解集为x|x1且x1（二）数形结合的思想1、关于x的方程x2x(m1)0只在1,1上有解，则实数a的取值范围是（）A、5/4,+) B、(5/4,1) C、5/4，1D、(，12、设k、a都是实数，关于x的方程|2x1|=k(xa)+a对于一切实数k都有解，求实数a的取值范围。3、已知0a1，0b1.求证：+分析 观察待证式左端，它的每个根式都使我们想到RtABC中的等式a2+b2=c2，激起我们构造平面图形利用几何方法证明这个不等式的大胆想法.如

16、图27-3，作边长为1的正方形ABCD，分别在AB、AD上取AE=a，AG=b，过E、G分别作AD、AB的平行线，交CD、BC于F、H，EF、GH交于O点.由题设条件及作图可知，AOG、BOE、COF、DOG皆为直角三角形.OC=再连结对角形AC，BD，易知AC=BD=，OA+OCAC，OB+ODBD，（三）函数与方程的思想1、函数f(x)=lg(x2+ax+1)的值域为R，求实数a的取值范围。2、已知，若f(x)在（，1有意义，求实数a的取值范围。3、设不等式mx22xm1对于满足|m|2的一切实数m都成立，求x的取值范围。分析：设f(m)=(x21)m2x1，则对于满足|m|2的一切实数m

17、都有f(m)0f(2)0且f(2)04、已知x、y、z（0,1），求证：x(1y) + y(1z) + z(1x) 1证明：构造函数f(x)= x(1y) + y(1z) + z(1x)1 即f(x) = (1yz)x + y(1z) + z1当1yz = 0,即y + z = 1时，f(x) = y(1z) + z1 = y + z 1yz = yz 0 当1yz 0时，f(x)为一次函数，又x（0,1），由一次函数的单调性，只需证明f(0) 0, f(1) 0y、z（0,1）f(0) = y(1z) + z1 = (y1)(z1) 0 f(1) = (1yz) + y(1z) + z1 =

18、yz 0 对任意的x（0,1）都有f(x) 0 即x(1y) + y(1z) + z(1x) 1（四）转化与化归思想1、关于x的方程4x+(m3)2x+m=0有两个不等的实数根，求实数m的取值范围。（五）换元的思想1、解不等式：变：关于x的不等式的解集为5/2,2），求实数a、b的值。2、（六）1的代换1、已知a、bR+，a+b=1,x、yR,求证：ax2+by2(ax+by)22、已知x、y都是正数，a、b都是正常数，且a/x + b/y = 1，求证： 3、已知x、y都是正数，且x + y = 1,求证：(1 + 1/x)(1 + 1/y)94、已知x、yR+,且1/x + 9/y = 1

19、，求x + y的最小值。5、若0x1,a0，b0，求a/x + b/(1x)的最小值是。6、已知a,b是正数，且a + b = 1，求证：(ax + by)(ay + bx)xy分析：a,b是正数，且a + b = 1(ax + by)(ay + bx) = a2xy + abx2 + aby2 + b2xy= (a2 + b2)xy+ ab(x2 + y2) = (12ab)xy+ ab(x2 + y2)= xy+ ab(x2 + y22xy) = xy + ab(xy)2 xy（七）特殊与一般的思想1、已知a、b、c R,函数f (x) = ax2 + bx + c, g(x) = cx2

20、+bx + a, 当|x| 1时，有|f(x)2。（1）求证：|g(1)| 2；（2）求证：当|x| 1时，|g(x)| 4.证：（1）当|x| 1时，|f(x)|2,|f(1)|2又|f(1)|g(1)| |g(1)|2（2）f(x)= ax2+bx+c f(1)= a+b+c,f(1)= ab+c, f(0)= c a= f(1)+f(-1) -2f(0)/2,b= f(1)-f(-1)/2|x|1时|f(x)|2 |f(1)|2,|f(-1)|2,|f(0)|2|g(x)|=|cx2+bx+a|=|x2f(0)+f(1)-f(-1)x/2+f(1)+f(-1)-2f(0)/2|=|(x2

21、1)f(0)+(x+1)f(1)/2+(x-1)f(-1)/2|(x21)f(0)|+|(x+1)f(1)/2|+|(x-1)f(-1)/2|(x+1)/2|f(1)| +|(x-1)/2|f(-1)|+|(1x2)|f(0)|x+1+1-x+2 = 4小结：对于二次函数f(x)=ax2+bx+c c=f(0) 2a=f(1)+f(1)2f(0) 2b=f(1)f(1)2、已知a、b、c R,函数f (x) = ax2 + bx + c, g(x) = ax + b, 当1x1时，有|f(x)1。（1）证明：|c|1；（2）证明：当1x1时，|g(x)|2；（3）设a0，1x1时，g(x)的最

22、大值为2，求f(x)的解析式。证明：1x1时，有|f(x)|1,当x = 0时，有f (0) = c, 即|c| = |f(0)|1,故|c|1。证明：欲证当1x1时，有|g(x)|2,即证1x1时，2g(x)2。对a分类讨论当a0时，g(x)在1,1上是增函数，a+bg(x)a+b,a+b = f(1)c |f(1)| + |c|2, a +b = f(1)c|f(1)|+|c|2，2g(x)2，即|g(x)|2。当a0时，g(x)在1,1上是减函数，a+bg(x)a+b,a+b = f(1)c |f(1)|+|c|2 ，a +b = f(1)c |f(1)|+ |c|2,，2g(x)2，即

23、|g(x)|2。综上所述，有|g(x)|2。a0，g(x)在1,1上是增函数，x1时，g(x)取最大值2，即a+b2。f(1)f(0)a+b2，1f(0)f(1)2121，即c= f(0)1，1x1时，f(x)1= f(0)，x = 0为函数f(x)图象的对称轴，b = 0, 故a2，所以f(x)2x21。另解：f(x)= ax2+bx+c f(1)= a+b+c,f(1)= ab+c, f(0)= c a= f(1)+f(-1) -2f(0)/2,b= f(1)-f(-1)/2|x|1时|f(x)|1 |f(1)|1,|f(-1)|1,|f(0)|1|g(x)|=|ax+b|=|f(1)+f(-1)-2f(0)x/2+f(1)-f(-1)/2|=|(x+1)f(1)/2+(x-1)f(-1)/2-xf(0)|(x+1)f(1)/2|+|(x-1)f(-1)/2|+|-xf(0)|(x+1)/2|f(1)| +|(x-1)/2|f(-1)|+|-x|f(0)|(x+1)/2+(1-x)/2+1= 23、是否存在满足下列条件的二次函数f(x)：当|x|1时，|f(x)|1；f(2)7。若存在，求出解析式；若不存在，说明理由。4、设f(x)=x2+bx+c(b、c为常数)，定义域为1,1，设|f(x)|的最大值为M，求证：M1/2；求出中当M1/2时，f(x)的表达式。