2014年山东省潍坊市中考数学试卷及解析(共21页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上山东省潍坊市2014年中考数学试卷一、选择题1（3分）（2014潍坊）的立方根是（ ）A1B0C1D12（3分）（2014潍坊）下列标志中不是中心对称图形的是（ ）ABCD 3（3分）（2014潍坊）下列实数中是无理数的是（ ）AB22C5.Dsin454（3分）（2014潍坊）一个几何体的三视图如图，则该几何体是（ ） ABCD 5（3分）（2014潍坊）若代数式有意义，则实数x的取值范围是（ ）Ax1Bx1且x3Cx1Dx1且x3 6（3分）（2014潍坊）如图，ABCD的顶点A、B、D在O上，顶点C在O的直径BE上，连接AE，E=36，则ADC的度数是（ ） A

2、44B54C72D537（3分）（2014潍坊）若不等式组无解，则实数a的取值范围是（ ）Aa1Ba1Ca1Da18（3分）（2014潍坊）如图，已知矩形ABCD的长AB为5，宽BC为4，E是BC边上的一个动点，AEEF，EF交CD于点F设BE=x，FC=y，则点E从点B运动到点C时，能表示y关于x的函数关系的大致图象是（ ） ABCD9（3分）（2014潍坊）等腰三角形一条边的边长为3，它的另两条边的边长是关于x的一元二次方程x212x+k=0的两个根，则k的值是（ ）A27B36C27或36D1810（3分）（2014潍坊）如图是某市7月1日至10日的空气质量指数趋势图，空气质量指数小于1

3、00表示空气质量优良，空气质量指数大于200表示空气重度污染，某人随机选择7月1日至7月8日中的某一天到达该市，并连续停留3天，则此人在该市停留期间有且仅有1天空气质量优良的概率是（ ） ABCD11（3分）（2014潍坊）已知一次函数y1=kx+b（k0）与反比例函数y2=（m0）的图象相交于A、B两点，其横坐标分别是1和3，当y1y2时，实数x的取值范围是（ ）Ax1或0x3B1x0或0x3C1x0或x3Dxx3 12（3分）（2014潍坊）如图，已知正方形ABCD，顶点A（1，3）、B（1，1）、C（3，1）规定“把正方形ABCD先沿x轴翻折，再向左平移1个单位”为一次变换，如此这样，连

4、续经过2014次变换后，正方形ABCD的对角线交点M的坐标变为（ ） A（2012，2）B（2012，2）C（2013，2）D（2013，2）二、填空题13（3分）（2014潍坊）分解因式：2x（x3）8= 14（3分）（2014潍坊）计算：82014（0.125）2015= 15（3分）（2014潍坊）如图，两个半径均为的O1与O2相交于A、B两点，且每个圆都经过另一个圆的圆心，则图中阴影部分的面积为 （结果保留） 16（3分）（2014潍坊）已知一组数据3，x，2，3，1，6的中位数为1，则其方差为 17（3分）（2014潍坊）如图，某水平地面上建筑物的高度为AB，在点D和点F处分别竖立高

5、是2米的标杆CD和EF，两标杆相隔50米，并且建筑物AB、标杆CD和EF在同一竖直平面内，从标杆CD后退2米到点G处，在G处测得建筑物顶端A和标杆顶端C在同一条直线上；从标杆FE后退4米到点H处，在H处测得建筑物顶端A和标杆顶端E在同一条直线上，则建筑物的高是 米 18（3分）（2014潍坊）我国古代有这样一道数学问题：“枯木一根直立地上，高二丈，周三尺，有葛藤自根缠绕而上，五周而达其顶，问葛藤之长几何？”题意是：如图所示，把枯木看作一个圆柱体，因一丈是十尺，则该圆柱的高为20尺，底面周长为3尺，有葛藤自点A处缠绕而上，绕五周后其末端恰好到达点B处，则问题中葛藤的最短长度是 尺 三、解答题19

6、（9分）（2014潍坊）今年我市把男生“引体向上”项目纳入学业水平体育考试内容，考试前某校为了解该项目的整体水平，从九年级220名男生中，随机抽取20名进行“引体向上”测试，测试成绩（单位：个）如图1：其中有一数据被污损，统计员只记得11.3是这组样本数据的平均数（1）求该组样本数据中被污损的数据和这组数据的极差；（2）请补充完整下面的频数、频率分布表和频数分布直方图（如图2）；频数、频率分布表：测试成绩/个频数频率15 2 0.10610 6 0.30 1115 9 0.45 162030.15合计201.00（3）估计在学业水平体育考试中该校九年级有多少名男生能完成11个以上（包含11个）

7、“引体向上”？ 20（10分）（2014潍坊）如图，在梯形ABCD中，ADBC，B=90，以AB为直径作O，恰与另一腰CD相切于点E，连接OD、OC、BE（1）求证：ODBE；（2）若梯形ABCD的面积是48，设OD=x，OC=y，且x+y=14，求CD的长 21（10分）（2014潍坊）如图，某海域有两个海拔均为200米的海岛A和海岛B，一勘测飞机在距离海平面垂直高度为1100米的空中飞行，飞行到点C处时测得正前方一海岛顶端A的俯角是45，然后沿平行于AB的方向水平飞行1.99104米到达点D处，在D处测得正前方另一海岛顶端B的俯角是60，求两海岛间的距离AB 22（12分）（2014潍坊）

8、如图1，在正方形ABCD中，E、F分别为BC、CD的中点，连接AE、BF，交点为G（1）求证：AEBF；（2）将BCF沿BF对折，得到BPF（如图2），延长FP到BA的延长线于点Q，求sinBQP的值；（3）将ABE绕点A逆时针方向旋转，使边AB正好落在AE上，得到AHM（如图3），若AM和BF相交于点N，当正方形ABCD的面积为4时，求四边形GHMN的面积 23（12分）（2014潍坊）经统计分析，某市跨河大桥上的车流速度v（千米/小时）是车流密度x（辆/千米）的函数，当桥上的车流密度达到220辆/千米时，造成堵塞，此时车流速度为0千米/小时；当车流密度不超过20辆/千米时，车流速度为80千

9、米/小时，研究表明：当20x220时，车流速度v是车流密度x的一次函数（1）求大桥上车流密度为100辆/千米时的车流速度；（2）在交通高峰时段，为使大桥上的车流速度大于40千米/小时且小于60千米/小时，应控制大桥上的车流密度在什么范围内？（3）车流量（辆/小时）是单位时间内通过桥上某观测点的车辆数，即：车流量=车流速度车流密度求大桥上车流量y的最大值 24（13分）（2014潍坊）如图，抛物线y=ax2+bx+c（a0）与y轴交于点C（0，4），与x轴交于点A和点B，其中点A的坐标为（2，0），抛物线的对称轴x=1与抛物线交于点D，与直线BC交于点E（1）求抛物线的解析式；（2）若点F是直线

10、BC上方的抛物线上的一个动点，是否存在点F使四边形ABFC的面积为17，若存在，求出点F的坐标；若不存在，请说明理由；（3）平行于DE的一条动直线l与直线BC相交于点P，与抛物线相交于点Q，若以D、E、P、Q为顶点的四边形是平行四边形，求点P的坐标 山东省潍坊市2014年中考数学试卷一、选择题1考点：立方根分析：根据开立方运算，可得一个数的立方根解答：解：的立方根是1，故选：C点评：本题考查了立方根，先求幂，再求立方根2 考点：中心对称图形分析：根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解解答：解：A、是中心对称图形，故此选项不合题意；B、是中心对称图形，故此选项不合题意；C、不是中心对称图形，是轴

11、对称图形，故此选项符合题意；D、是中心对称图形，故此选项不合题意；故选：C点评：此题主要考查了中心对称图形与轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合3 考点：无理数分析：根据无理数是无限不循环小数，可得答案解答：解：A、B、C、是有理数；D、是无限不循环小数，是无理数；故选：D点评：本题考查了无理数，无理数是无限不循环小数4考点：由三视图判断几何体分析：由空间几何体的三视图可以得到空间几何体的直观图解答：解：由三视图可知，该组合体的上部分为圆台，下部分为圆柱，故选：D点评：本题只要考查三视图的识别和判

12、断，要求掌握常见空间几何体的三视图，比较基础 5 考点：二次根式有意义的条件；分式有意义的条件分析：根据被开方数大于等于0，分母不等于0列式计算即可得解解答：解：由题意得，x+10且x30，解得x1且x3故选B点评：本题考查的知识点为：分式有意义，分母不为0；二次根式的被开方数是非负数 6 考点：圆周角定理；平行四边形的性质分析：首先根据直径所对的圆周角为直角得到BAE=90，然后利用四边形ABCD是平行四边形，E=36，得到BEA=DAE=36，从而得到BAD=126，求得到ADC=54解答：解：BE是直径，BAE=90，四边形ABCD是平行四边形，E=36，BEA=DAE=36，BAD=1

13、26，ADC=54，故选B点评：本题考查了圆周角定理及平行四边形的性质，解题的关键是认真审题，发现图形中的圆周角7. 考点：解一元一次不等式组分析：分别求出各不等式的解集，再与已知不等式组无解相比较即可得出a的取值范围解答：解：，由得，xa，由得，x1，不等式组无解，a1，解得a1故选D点评：本题考查的是解一元一次不等式组，熟知“同大取大；同小取小；大小小大中间找；大大小小找不到”的原则是解答此题的关键 8 考点：动点问题的函数图象分析：利用三角形相似求出y关于x的函数关系式，根据函数关系式进行分析求解解答：解：BC=4，BE=x，CE=4xAEEF，AEB+CEF=90，CEF+CFE=90

14、，AEB=CFE又B=C=90，RtAEBRtEFC，即，整理得：y=（4xx2）=（x2）2+y与x的函数关系式为：y=（x2）2+（0x4）由关系式可知，函数图象为一段抛物线，开口向下，顶点坐标为（2，），对称轴为直线x=2故选A点评：本题考查了动点问题的函数图象问题，根据题意求出函数关系式是解题关键 9考点：等腰三角形的性质；一元二次方程的解分析：由于等腰三角形的一边长3为底或腰不能确定，故应分两种情况进行讨论：当3为腰时，其他两条边中必有一个为3，把x=3代入原方程可求出k的值，进而求出方程的另一根，再根据三角形的三边关系判断是否符合题意即可；当3为底时，则其他两条边相等，即方程有两个

15、相等的实数根，由=0可求出k的值，再求出方程的两个根进行判断即可解答：解：分两种情况：当其他两条边中有一个为3时，将x=3代入原方程，得32123+k=0，k=27将k=27代入原方程，得x212x+27=0，解得x=3或93，3，9不能够组成三角形，不符合题意舍去；当3为底时，则其他两条边相等，即=0，此时1444k=0，k=36将k=36代入原方程，得x212x+36=0，解得x=63，6，6能够组成三角形，符合题意故k的值为36故选B点评：本题考查的是等腰三角形的性质，一元二次方程根的判别式及三角形的三边关系，在解答时要注意分类讨论，不要漏解 10 考点：概率公式；折线统计图分析：先求出

16、3天中空气质量指数的所有情况，再求出有一天空气质量优良的情况，根据概率公式求解即可解答：解：由图可知，当1号到达时，停留的日子为1、2、3号，此时为（86，25，57），3天空气质量均为优；当2号到达时，停留的日子为2、3、4号，此时为（25，57，143），2天空气质量为优；当3号到达时，停留的日子为3、4、5号，此时为（57，143，220），1天空气质量为优；当4号到达时，停留的日子为4、5、6号，此时为（143，220，160），空气质量为污染；当5号到达时，停留的日子为5、6、7号，此时为（220，160，40），1天空气质量为优；当6号到达时，停留的日子为6、7、8号，此时为（16

17、0，40，217），1天空气质量为优；此人在该市停留期间有且仅有1天空气质量优良的概率=故选C点评：本题考查的是概率公式，熟知随机事件A的概率P（A）=事件A可能出现的结果数与所有可能出现的结果数的商是解答此题的关键 11 考点：反比例函数与一次函数的交点问题分析：根据观察图象，可得直线在双曲线上方的部分，可得答案解答：解：如图：直线在双曲线上方的部分，故答案为：x1或0x3，故选：A点评：本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，直线在双曲线上方的部分是不等式的解12 考点：翻折变换（折叠问题）；正方形的性质；坐标与图形变化-平移专题：规律型分析：首先由正方形ABCD，顶点A（1，3）、B（

18、1，1）、C（3，1），然后根据题意求得第1次、2次、3次变换后的对角线交点M的对应点的坐标，即可得规律：第n次变换后的点M的对应点的为：当n为奇数时为（2n，2），当n为偶数时为（2n，2），继而求得把正方形ABCD连续经过2014次这样的变换得到正方形ABCD的对角线交点M的坐标解答：解：正方形ABCD，顶点A（1，3）、B（1，1）、C（3，1）对角线交点M的坐标为（2，2），根据题意得：第1次变换后的点M的对应点的坐标为（21，2），即（1，2），第2次变换后的点M的对应点的坐标为：（22，2），即（0，2），第3次变换后的点B的对应点的坐标为（23，2），即（1，2），第n次变换后的

19、点B的对应点的为：当n为奇数时为（2n，2），当n为偶数时为（2n，2），连续经过2014次变换后，正方形ABCD的对角线交点M的坐标变为（2012，2）故选：A点评：此题考查了对称与平移的性质此题难度较大，属于规律性题目，注意得到规律：第n次变换后的对角线交点M的对应点的坐标为：当n为奇数时为（2n，2），当n为偶数时为（2n，2）是解此题的关键 二、填空题13 考点：因式分解-十字相乘法等分析：首先去括号，进而整理提取2，即可利用十字相乘法分解因式解答：解：2x（x3）8=2x26x8=2（x23x4）=2（x4）（x+1）故答案为：2（x4）（x+1）点评：此题主要考查了提取公因式法以及

20、十字相乘法分解因式，熟练掌握十字相乘法分解因式是解题关键 14考点：幂的乘方与积的乘方；同底数幂的乘法分析：根据同底数幂的乘法，可化成指数相同的幂的乘法，根据积的乘方，可得答案解答：解：原式=82014（0.125）2014（0.125）=（80.125）2014（0.125）=0.125，故答案为：0.125点评：本题考查了积的乘方，先化成指数相同的幂的乘法，再进行积的乘方运算 15 考点：扇形面积的计算；等边三角形的判定与性质；相交两圆的性质分析：根据题意得出一部分弓形的面积，得出=S进而得出即可解答：解：连接O1O2，过点O1作O1CAO2于点C，由题意可得：AO1=O1O2=AO2=，

21、AO1O2是等边三角形，CO1=O1O2sin60=，S=，=，=S=，图中阴影部分的面积为：4（）=23故答案为：23点评：此题主要考查了扇形的面积公式应用以及等边三角形的判定与性质，熟练记忆扇形面积公式是解题关键 16 考点：方差；中位数专题：计算题分析：由于有6个数，则把数据由小到大排列时，中间有两个数中有1，而数据的中位数为1，所以中间两个数的另一个数也为1，即x=1，再计算数据的平均数，然后利用方差公式求解解答：解：数据3，x，2，3，1，6的中位数为1，=1，解得x=1，数据的平均数=（32+1+1+3+6）=1，方差=（31）2+（21）2+（11）2+（11）2+（31）2+（

22、61）2=9故答案为5点评：本题考查了方差：一组数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数，叫做这组数据的方差方差通常用s2来表示，计算公式是：s2=（x1x）2+（x2x）2+（xnx）2；方差是反映一组数据的波动大小的一个量方差越大，则平均值的离散程度越大，稳定性也越小；反之，则它与其平均值的离散程度越小，稳定性越好也考查了中位数17 考点：相似三角形的应用分析：根据题意可得出CDGABG，EFHABH，再根据相似三角形的对应边成比例即可得出结论解答：解：ABBH，CDBH，EFBH，ABCDEF，CDGABG，EFHABH，=，=，CD=DG=EF=2m，DF=50m，FH=4m，=，

23、=，=，解得BD=50m，=，解得AB=52m故答案为：52点评：本题考查的是相似三角形的应用，熟知相似三角形的对应边成比例是解答此题的关键18 考点：平面展开-最短路径问题分析：这种立体图形求最短路径问题，可以展开成为平面内的问题解决，展开后可转化下图，所以是个直角三角形求斜边的问题，根据勾股定理可求出解答：解：如图，一条直角边（即枯木的高）长20尺，另一条直角边长53=15（尺），因此葛藤长为=25（尺）故答案为25点评：本题考查了平面展开最短路径问题，关键是把立体图形展成平面图形，本题是展成平面图形后为直角三角形按照勾股定理可求出解 三、解答题19 考点：频数（率）分布直方图；用样本估计

24、总体；频数与频率；频数（率）分布表分析：（1）直接利用平均数求法得出x的值，进而求出极差即可；（2）直接利用已知数据得出各组频数，进而求出频率，填表和补全条形图即可；（3）利用样本估计总体的方法得出，能完成11个以上的是后两组所占百分比，进而得出九年级男生能完成11个以上（包含11个）“引体向上”的人数解答：解：（1）设被污损的数据为x，由题意知：=11.3，解得：x=19，根据极差的定义，可得该组数据的极差是：193=16，（2）由样本数据知，测试成绩在610个的有6名，该组频数为6，相应频率是：=0.30，测试成绩在1115个的有9名，该组频数为9，相应频率是：=0.45，补全的频数、频率

25、分布表和频数分布直方图如下所示：测试成绩/个频数频率1520.1061060.30111590.45162030.15合计201.00（3）由频率分布表可知，能完成11个以上的是后两组，（0.45+0.15）100%=60%，由此估计在学业水平体育考试中能完成11个以上“引体向上”的男生数是：22060%=132（名）点评：此题主要考查了频数分布直方表以及条形统计图等知识，正确掌握相关定义求出各组频率是解题关键20 考点：切线的性质；全等三角形的判定与性质；勾股定理；梯形分析：（1）连接OE，证出RTOADRTOED，利用同弦对圆周角是圆心角的一半，得出AOD=ABE，利用同位角相等两直线平行

26、得到ODBE，（2）由RTCOERTCOB，得到COD是直角三角形，利用S梯形ABCD=2SCOD，求出xy=48，结合x+y=14，求出CD解答：（1）证明：如图，连接OE，CD是O的切线，OECD，在RtOAD和RtOED，RtOADRtOED（SAS）AOD=EOD=AOE，在O中，ABE=AOE，AOD=ABE，ODBE（2）解：与（1）同理可证：RtCOERtCOB，COE=COB=BOE，DOE+COE=90，COD是直角三角形，SDEO=SDAO，SOCE=SCOB，S梯形ABCD=2（SDOE+SCOE）=2SCOD=OCOD=48，即xy=48，又x+y=14，x2+y2=（

27、x+y）22xy=142248=100，在RTCOD中，CD=10，CD=10点评：本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径也考查了勾股定理、圆周角定理和全等三角形的判定与性质关键是综合运用，找准线段及角的关系 21 考点：解直角三角形的应用-仰角俯角问题分析：首先过点A作AECD于点E，过点B作BFCD于点F，易得四边形ABFE为矩形，根据矩形的性质，可得AB=EF，AE=BF由题意可知：AE=BF=1100200=900米，CD=1.99104米，然后分别在RtAEC与RtBFD中，利用三角函数即可求得CE与DF的长，继而求得两海岛间的距离AB解答：解：过点A作AECD于点E，过

28、点B作BFCD于点F，ABCD，AEF=EFB=ABF=90，四边形ABFE为矩形AB=EF，AE=BF由题意可知：AE=BF=1100200=900米，CD=1.99104米=19900米在RtAEC中，C=60，AE=900米CE=300（米） 在RtBFD中，BDF=45，BF=900米DF=900（米）AB=EF=CD+DFCE=19900+300900=19000+300（米） 答：两海岛间的距离AB为（19000+300）米点评：此题考查了俯角的定义、解直角三角形与矩形的性质注意能借助俯角构造直角三角形并解直角三角形是解此题的关键，注意数形结合思想的应用 22 考点：四边形综合题分

29、析：（1）运用RtABERtBCF，再利用角的关系求得BGE=90求证；（2）BCF沿BF对折，得到BPF，利用角的关系求出QF=QB，解出BP，QP求解；（3）先求出正方形的边长，再根据面积比等于相似边长比的平方，求得SAGN=，再利用S四边形GHMN=SAHMSAGN求解解答：（1）证明：如图1，E，F分别是正方形ABCD边BC，CD的中点，CF=BE，在RtABE和RtBCF中，RtABERtBCF（SAS），BAE=CBF，又BAE+BEA=90，CBF+BEA=90，BGE=90，AEBF（2）解：如图2，根据题意得，FP=FC，PFB=BFC，FPB=90CDAB，CFB=ABF，

30、ABF=PFB，QF=QB，令PF=k（k0），则PB=2k在RtBPQ中，设QB=x，x2=（xk）2+4k2，x=，sinBQP=（3）解：正方形ABCD的面积为4，边长为2，BAE=EAM，AEBF，AN=AB=2，AHM=90，GNHM，=，=，SAGN=，S四边形GHMN=SAHMSAGN=1=，四边形GHMN的面积是点评：本题主要考查了四边形的综合题，解决的关键是明确三角形翻转后边的大小不变，找准对应边，角的关系求解 23 考点：一次函数的应用分析：（1）当20x220时，设车流速度v与车流密度x的函数关系式为v=kx+b，根据题意的数量关系建立方程组求出其解即可；（2）由（1）的

31、解析式建立不等式组求出其解即可；（3）设车流量y与x之间的关系式为y=vx，当x20和20x220时分别表示出函数关系由函数的性质就可以求出结论解答：解：（1）设车流速度v与车流密度x的函数关系式为v=kx+b，由题意，得，解得：，当20x220时，v=x+88；（2）由题意，得，解得：70x120应控制大桥上的车流密度在70x120范围内；（3）设车流量y与x之间的关系式为y=vx，当0x20时y=80x，k=800，y随x的增大而增大，x=20时，y最大=1600；当20x220时y=（x+88）x=（x110）2+4840，当x=110时，y最大=484048401600，当车流密度是1

32、10辆/千米，车流量y取得最大值时4840辆/小时点评：本题考查了车流量=车流速度车流密度的运用，一次函数的解析式的运用，一元一次不等式组的运用，二次函数的性质的运用，解答时求出函数的解析式是关键 24 考点：二次函数综合题分析：（1）先把C（0，4）代入y=ax2+bx+c，得出c=4，再由抛物线的对称轴x=1，得到b=2a，抛物线过点A（2，0），得到0=4a2b+c，然后由可解得，a=，b=1，c=4，即可求出抛物线的解析式为y=x2+x+4；（2）假设存在满足条件的点F，连结BF、CF、OF，过点F作FHx轴于点H，FGy轴于点G设点F的坐标为（t，t2+t+4），则FH=t2+t+4

33、，FG=t，先根据三角形的面积公式求出SOBF=OBFH=t2+2t+8，SOFC=OCFG=2t，再由S四边形ABFC=SAOC+SOBF+SOFC，得到S四边形ABFC=t2+4t+12令t2+4t+12=17，即t24t+5=0，由=（4）245=40，得出方程t24t+5=0无解，即不存在满足条件的点F；（3）先运用待定系数法求出直线BC的解析式为y=x+4，再求出抛物线y=x2+x+4的顶点D（1，），由点E在直线BC上，得到点E（1，3），于是DE=3=若以D、E、P、Q为顶点的四边形是平行四边形，因为DEPQ，只须DE=PQ，设点P的坐标是（m，m+4），则点Q的坐标是（m，m2

34、+m+4）分两种情况进行讨论：当0m4时，PQ=（m2+m+4）（m+4）=m2+2m，解方程m2+2m=，求出m的值，得到P1（3，1）；当m0或m4时，PQ=（m+4）（m2+m+4）=m22m，解方程m22m=，求出m的值，得到P2（2+，2），P3（2，2+）解答：解：（1）抛物线y=ax2+bx+c（a0）过点C（0，4），c=4 对称轴x=1，b=2a 抛物线过点A（2，0），0=4a2b+c ，由解得，a=，b=1，c=4，抛物线的解析式为y=x2+x+4；（2）假设存在满足条件的点F，如图所示，连结BF、CF、OF，过点F作FHx轴于点H，FGy轴于点G设点F的坐标为（t，t2

35、+t+4），其中0t4，则FH=t2+t+4，FG=t，SOBF=OBFH=4（t2+t+4）=t2+2t+8，SOFC=OCFG=4t=2t，S四边形ABFC=SAOC+SOBF+SOFC=4t2+2t+8+2t=t2+4t+12令t2+4t+12=17，即t24t+5=0，则=（4）245=40，方程t24t+5=0无解，故不存在满足条件的点F；（3）设直线BC的解析式为y=kx+n（k0），B（4，0），C（0，4），解得，直线BC的解析式为y=x+4由y=x2+x+4=（x1）2+，顶点D（1，），又点E在直线BC上，则点E（1，3），于是DE=3=若以D、E、P、Q为顶点的四边形是平

36、行四边形，因为DEPQ，只须DE=PQ，设点P的坐标是（m，m+4），则点Q的坐标是（m，m2+m+4）当0m4时，PQ=（m2+m+4）（m+4）=m2+2m，由m2+2m=，解得：m=1或3当m=1时，线段PQ与DE重合，m=1舍去，m=3，P1（3，1）当m0或m4时，PQ=（m+4）（m2+m+4）=m22m，由m22m=，解得m=2，经检验适合题意，此时P2（2+，2），P3（2，2+）综上所述，满足题意的点P有三个，分别是P1（3，1），P2（2+，2），P3（2，2+）点评：本题是二次函数的综合题型，其中涉及到运用待定系数法求二次函数、一次函数的解析式，四边形的面积，平行四边形的判定等知识，综合性较强，难度适中运用数形结合、分类讨论及方程思想是解题的关键专心-专注-专业