2013年福建省高考物理试卷答案与解析(共12页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2013年福建省高考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1（3分）（2013福建）设太阳质量为M，某行星绕太阳公转周期为T，轨道可视作半径为r的圆已知万有引力常量为G，则描述该行星运动的上述物理量满足（）AGM=BGM=CGM=DGM=考点：万有引力定律及其应用菁优网版权所有专题：万有引力定律在天体运动中的应用专题分析：行星绕太阳公转时，万有引力提供行星圆周运动的向心力，列式分析即可解答：解：太阳对行星的万有引力提供行星圆周运动的向心力即由此可得：故选A点评：据万有引力提供向心力，列出等式只能求出中心体的质量2（3分）（2013福建）一束由红、紫两色光组成的复色光，从

2、空气斜射向玻璃三棱镜下面四幅图中能正确表示该复色光经三棱镜分离成两束单色光的是（）ABCD考点：光的折射定律；电磁波谱菁优网版权所有专题：光的折射专题分析：红光的折射率小于紫光的折射率，根据折射定律分析两种色光通过三棱镜后偏折角的大小光线通过三棱镜后经过了两次折射，两次折射角均不同解答：解：A、复色光进入三棱镜左侧面时发生了第一次，由于红光与紫光的折射率不同，则折射角应不同故A错误B、红光的折射率小于紫光的折射率，经过两次折射后，紫光的偏折角大于红光的偏折故B正确C、光线从从空气射入介质折射时，入射角大于折射角，而图中入射角小于折射角，而且两种色光的折射角不同故C错误D、光线从从空气射入介质折

3、射时，入射角大于折射角，而图中入射角小于折射角，故D错误故选：B点评：本题考查对光的色散现象的理解能力，关键抓住红光与紫光折射率的关系，根据折射定律进行分析3（3分）（2013福建）如图，实验室一台手摇交流发电机，内阻r=1.0，外接R=9.0的电阻闭合开关S，当发电机转子以某一转速匀速转动时，产生的电动势e=10sin10t（V），则（）A该交变电流的频率为10HzB该电动势的有效值为10VC外接电阻R所消耗的电功率为10WD电路中理想交流电流表A的示数为1.0A考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式菁优网版权所有专题：交流电专题分析：根据电动势瞬时值的表达式可以知道角速度、最大值，从而计算

4、频率和有效值，结合欧姆定律进行其它分析解答：解；A、交流电的频率f=5Hz，A错误；B、该电动势的最大值为，B错误；C、D电压有效值为10V，电路中电流为I=1A，外接电阻R所消耗的电功率为P=I2R=9W，C错误D正确；故选：D点评：本题考查了对交流电瞬时值表达式的认识，理解公式中各物理量的物理意义4（3分）（2013福建）如图，t=0时刻，波源在坐标原点从平衡位置沿y轴正方向开始振动，振动周期为0.4s，在同一均匀介质中形成沿x轴正、负两方向传播的简谐横波下图中能够正确表示t=0.6时波形的图是（）ABCD考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系菁优网版权所有专题：振动图像与波动图像专题分

5、析：由题，波源形成向右和向左传播的两列横波，左右具有对称性，根据t=0.6与周期的关系，分析形成的波形的长度，分析波源的状态，即可确定图象解答：解：由题，该波的周期为T=0.4s，则时间t=0.6s=1.5T，向左和向右分别形成1.5个波长的波形由于波源在坐标原点从平衡位置沿y轴正方向开始振动，则t=0.6时的振动方向沿y轴负方向，故C正确故选：C点评：本题的解题关键是抓住对称性，分析波源振动状态和波形的长度，即可得到答案5（3分）（2013福建）在国际单位制（简称SI）中，力学和电学的基本单位有：m（米）、kg（千克）、s（秒）、A（安培）导出单位V（伏特）用上述基本单位可表示为（）Am2k

6、gs4A1Bm2kgs3A1Cm2kgs2A1Dm2kgs1A1考点：力学单位制菁优网版权所有专题：压轴题分析：根据U=，q=It得出电势差的表达式，从而得出伏特的导出单位解答：解：根据U=，q=It得，U=，功的单位1J=1Nm=1kgm2/s2，则=1m2kgs3A1故B正确，A、C、D错误故选：B点评：物理量的关系对应着物理量单位的关系，本题关键得出电压的表达式，从而得出其单位6（3分）（2013福建）如图，矩形闭合线框在匀强磁场上方，由不同高度静止释放，用t1、t2分别表示线框ab边和cd边刚进入磁场的时刻线框下落过程形状不变，ab边始终保持与磁场水平边界OO平行，线框平面与磁场方向垂

7、直设OO下方磁场区域足够大，不计空气影响，则下列哪一个图象不可能反映线框下落过程中速度v随时间t变化的规律（）ABCD考点：导体切割磁感线时的感应电动势菁优网版权所有专题：压轴题；电磁感应功能问题分析：线框进入磁场前先做自由落体运动，进入磁场时，若安培力大于重力，则线框做加速度逐渐减小的减速运动，在cd边未进入磁场时，若加速度减为零，则做匀速运动，cd边进入磁场后做匀加速直线运动若安培力小于重力，进入磁场做加速度减小的加速运动，在cd边未进入磁场时，若加速度减为零，则做匀速运动，cd边进入磁场后做匀加速直线运动若安培力等于重力，进入磁场做匀速直线运动，cd边进入磁场后做匀加速直线运动解答：解：

8、A、线框先做自由落体运动，ab边进入磁场做减速运动，加速度应该是逐渐减小，而A图象中的加速度逐渐增大故A错误B、线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后做减速运动，因为重力小于安培力，当加速度减小到零做匀速直线运动，cd边进入磁场做匀加速直线运动，加速度为g故B正确C、线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后因为重力大于安培力，做加速度减小的加速运动，cd边离开磁场做匀加速直线运动，加速度为g，故C正确D、线框先做自由落体运动，ab边进入磁场后因为重力等于安培力，做匀速直线运动，cd边离开磁场做匀加速直线运动，加速度为g，故D正确本题选不可能的，故选A点评：解决本题的关键能够根据物体的受力判断物体

9、的运动，结合安培力公式、切割产生的感应电动势公式进行分析二、解答题7（6分）（2013福建）在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中（装置如图甲）：下列说法哪一项是正确的C（填选项前字母）A平衡摩擦力时必须将钩码通过细线挂在小车上B为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量C实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放图乙是实验中获得的一条纸带的一部分，选取O、A、B、C计数点，已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，则打B点时小车的瞬时速度大小为0.653m/s（保留三位有效数字）考点：探究功与速度变化的关系菁优网版权所有专题：实验题分析：平衡摩擦力是用重力的下滑分量来平衡小车受到的摩擦力，故

10、不应该将钩码通过细线挂在小车上，为减小系统误差，应使钩码质量远小于小车质量，实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放；用平均速度等于中间时刻的瞬时速度的结论求解解答：解：A、平衡摩擦力时要将纸带、打点计时器、小车等连接好，但不要通电和挂钩码，故A错误；B、为减小系统误差，应使钩码质量远小于小车质量，使系统的加速度较小，避免钩码失重的影响，故B错误；C、实验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放，故C正确；故选：C；B为AC时间段的中间时刻，根据匀变速运动规律得，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故：vB=m/s=0.653m/s故答案为：C 0.653点评：“探究恒力做功与动能改变的关系”与“探究

11、加速度与力、质量的关系”有很多类似之处，在平时学习中要善于总结、比较，提高对实验的理解能力8（12分）（2013福建）硅光电池在无光照时不产生电能，可视为一电子元件某实验小组设计如图甲电路，给硅光电池加反向电压（硅光电池负极接高电势点，正极接低电势点），探究其在无光照时的反向伏安特性图中电压表的V1量程选用3V，内阻为6.0k；电压表V2量程选用15V，内阻约为30k；R0为保护电阻；直流电源电动势E约为12V，内阻不计根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙连接成完整电路用遮光罩罩住硅光电池，闭合开关S，调节变阻器R，读出电压表V1、V2的示教U1、U2（）某次测量时，电压表V1示数如图丙，则U1

12、=1.40V，可算出通过硅光电他的反向电流大小为0.23mA（保留两位小数）（）该小组测出大量数据，筛选出下表所示的9组U1、U2数据，算出相应的硅光电池两端反向电压UX和通过反向电流IX（表中“”表示反向），并在坐标纸上建立IxUx坐标系，标出了与表中前5组Ux、ix数据对应的5个坐标点请你标出余下的4个坐标点，并绘出IxUx图线123456789U1/V0.000.000.060.120.240.420.721.141.74U1/V0.01.02.13.14.25.46.78.19.7Ux/V0.01.02.03.04.05.06.07.08.0Ix/mA0.000.000.010.020

13、.040.070.120.190.29（）由IxUx图线可知，硅光电池无光照下加反向电压时，Ix与Ux成非线性（填“线性”或“非线性”）关系考点：测定电源的电动势和内阻菁优网版权所有专题：实验题；恒定电流专题分析：根据电路图画出实物图，注意滑动变阻器的分压式接法由欧姆定律可求出电流根据表中数据标出余下的4个坐标点，用描点法平滑曲线绘出IXUX图线解答：解：根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙连接成完整电路连线如图：（）电压表V1示数U1=1.40V，内阻为RV=6.0k，由欧姆定律可知通过的电流为I=0.23A（）根据表中数据标出余下的4个坐标点，用描点法平滑曲线绘出IXUX图线如图所示（）由I

14、xUx图线可知，硅光电池无光照下加反向电压时，Ix与Ux成非线性关系故答案为：电路连接如图所示 （i）1.40 0.23 （ii）如图（iii）非线性点评：本题考查了伏安特性曲线，综合性较强，要求学生能全面掌握实验知识；注意分压接法等基本原理9（15分）（2013福建）如图，一不可伸长的轻绳上端悬挂于O点，下端系一质量m=1.0kg的小球现将小球拉到A点（保持绳绷直）由静止释放，当它经过B点时绳恰好被拉断，小球平抛后落在水平地面上的C点地面上的D点与OB在同一竖直线上，已知绳长L=1.0m，B点离地高度H=1.0m，A、B两点的高度差h=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不计空气影响，求：

15、（1）地面上DC两点间的距离s；（2）轻绳所受的最大拉力大小考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；向心力菁优网版权所有专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）从A到B由动能定理可得B位置时的速度，之后做平抛运动，由平抛规律求解；（2）在B位置，由牛顿第二定律可求轻绳所受的最大拉力大小解答：解：（1）设小球在B点速度为v，对小球从A到B由动能定理得：mgh=mv2绳子断后，小球做平抛运动，运动时间为t，则有：H=DC间距离：s=vt解得：s=m1.414m（2）在B位置，设绳子最大力量为F，由牛顿第二定律得：Fmg=联立得：F=2mg=2110N=20N根据牛顿第三定律，有F=F，因而轻绳所受的最

16、大拉力为20N答（1）DC两点间的距离1.414m；（2）轻绳所受的最大拉力20N点评：关键是建立物体运动的情境，寻找物理模型，本题为圆周和平抛模型的组合10（19分）（2013福建）质量为M、长为L的杆水平放置，杆两端A、B系着长为3L的不可伸长且光滑的柔软轻绳，绳上套着一质量为m的小铁环已知重力加速度为g，不计空气影响（1）现让杆和环均静止悬挂在空中，如图甲，求绳中拉力的大小：（2）若杆与环保持相对静止，在空中沿AB方向水平向右做匀加速直线运动，此时环恰好悬于A端的正下方，如图乙所示求此状态下杆的加速度大小a；为保持这种状态需在杆上施加一个多大的外力，方向如何？考点：共点力平衡的条件及其应

17、用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律菁优网版权所有专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题分析：（1）以环为研究对象，环处于静止状态，合力为零，根据平衡条件求解绳中拉力的大小；（2）以环为研究对象，由正交分解法，根据牛顿第二定律求解加速度；对整体研究，由正交分解法，根据牛顿第二定律求解外力的大小和方向解答：解：（1）以环为研究对象，环处于静止状态，合力为零，分析受力如图所示，设两绳的夹角为2则sin=，得cos=设绳子的拉力大小为T，由平衡条件得 2Tcos=mg解得；（2）对环：设绳子的拉力大小为T，则根据牛顿第二定律得：竖直方向：T+Tcos60=mg水平方向：Tsin60=ma，解得设外

18、力大小为F，方向与水平方向成角斜向右上方对整体：由牛顿第二定律得：水平方向：Fcos=（M+m）a竖直方向：Fsin=（M+m）g解得，=60即外力方向与水平方向夹角为60斜向右上方答：（1）现让杆和环均静止悬挂在空中，绳中拉力的大小是；（2）此状态下杆的加速度大小a为；为保持这种状态需在杆上施加一个的外力为，方向与水平方向夹角为60斜向右上方点评：本题中铁环与动滑轮相似，两侧绳子拉力大小相等，运用正交分解法研究平衡状态和非平衡情况11（20分）（2013福建）如图甲，空间存在范围足够大的垂直于xOy平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B让质量为m，电量为q（q0）的粒子从坐标原点O沿xOy平

19、面以不同的初速度大小和方向入射到该磁场中不计重力和粒子间的影响（1）若粒子以初速度v1沿y轴正向入射，恰好能经过x轴上的A（a，0）点，求v1的大小；（2）已知一粒子的初速度大小为v（vv1），为使该粒子能经过A（a，0）点，其入射角（粒子初速度与x轴正向的夹角）有几个？并求出对应的sin值；（3）如图乙，若在此空间再加入沿y轴正向、大小为E的匀强电场，一粒子从O点以初速度v0沿y轴正向发射研究表明：粒子在xOy平面内做周期性运动，且在任一时刻，粒子速度的x分量vx与其所在位置的y坐标成正比，比例系数与场强大小E无关求该粒子运动过程中的最大速度值vm考点：带电粒子在匀强磁场中的运动菁优网版权所

20、有专题：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题分析：（1）根据所受洛伦兹力情况，画出运动轨迹，求出去半径大小，即可求出速度v1的大小；（2）根据运动轨迹，结合数学知识求解（3）熟练应用功能关系和数学知识进行求解解答：解：（1）根据运动轨迹可以求出半径为： 洛伦兹力提供向心力有： 联立解得：答：v1的大小：（2）根据题意可知：O、A两点处于同一圆周上，且圆心在x=的直线上，半径为R当给定一个初速度v时，有两个入射角，分别在第1、2象限，由此解得：答：其入射角（粒子初速度与x轴正向的夹角）有2个，（3）粒子在运动过程中仅有电场力做功，因此在轨道的最高点处速率最大，且此处速度方向水平用ym表示该处的纵坐

21、标，有：；由题意vm=kym，且k与E的大小无关，因此可利用E=0时的状况来求k，E=0时洛伦兹力充当向心力，即，得，其中的R0就是对应的纵坐标y0，因此得：，此时带入得：，将此式带入，整理后可得：，解得：，舍弃负值，得：答：点评：本题考查了带电粒子在磁场中的运动，是考查学生综合应用物理和数学能力的好题三、物理-选修3-3（本题共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12（6分）（2013福建）下列四幅图中，能正确反映分子间作用力f和分子势能EP随分子间距离r变化关系的图线是 （）ABCD考点：分子势能；分子间的相互作用力菁优网版权所有专题：压轴题；内能及其变化专题分析：分

22、子力与分子距离r，分子势能与分子距离r的关系图象很类似，特别注意的是当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，同时注意分子力为矢量，分子势能为标量解答：解：根据分子力、分子势能与分子之间距离关系可知，当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，由此可知B正确故选：B点评：正确区分和理解分子力与分子距离r，分子势能与分子距离r的关系图象是理解分子力、分子势能的关键13（6分）（2013福建）某自行车轮胎的容积为V里面已有压强为p0的空气，现在要使轮胎内的气压增大到p，设充气过程为等温过程，空气可看作理想气体，轮胎容积保持不变，则还要向轮胎充入温度相同，压强也是p0，体积为 （）的空气ABC（1）VD（

23、+1）V考点：理想气体的状态方程菁优网版权所有专题：压轴题；理想气体状态方程专题分析：根据等温变化的气体方程列式即可解答：解：气体做等温变化，设充入V的气体，P0V+P0V=PV，所以V=，C正确故选：C点评：本题考查了理想气体状态方程中的等温变化，还要知道其它两种变化的分析四、物理选修3-5（本题共有两小题，每小题0分，共12分每小题只有一个符合题意）14（2013福建）在卢瑟福粒子散射实验中，金箔中的原子核可以看作静止不动，下列各图画出的是其中两个粒子经历金箔散射过程的径迹，其中正确的是（）ABCD考点：粒子散射实验菁优网版权所有专题：压轴题；原子的核式结构及其组成分析：在卢瑟福粒子散射实

24、验中，大多数粒子沿直线前进，少数粒子辐射较大角度偏转，极少数粒子甚至被弹回解答：解：粒子受到原子核的斥力作用而发生散射，离原子核越近的粒子，受到的斥力越大，散射角度越大，选项C正确故选：C点评：本题考查了卢瑟福粒子散射实验的现象，还要记住此实验的两个结论15（2013福建）将静置在地面上，质量为M（含燃料）的火箭模型点火升空，在极短时间内以相对地面的速度v0竖直向下喷出质量为m的炽热气体忽略喷气过程重力和空气阻力的影响，则喷气结束时火箭模型获得的速度大小是（）Av0Bv0Cv0Dv0考点：动量守恒定律菁优网版权所有专题：压轴题；动量定理应用专题分析：以火箭为研究对象，由动量守恒定律可以求出火箭的速度解答：解：取向上为正方向，由动量守恒定律得： 0=（Mm）vmv0则火箭速度v=故选：D点评：在发射火箭过程中，系统动量守恒，由动量守恒定律即可正确解题专心-专注-专业