2017年黑龙江省高考数学试卷(理科)(全国新课标Ⅱ)(共20页).docx

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2017年黑龙江省高考数学试卷（理科）（全国新课标）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1. 复数3+i1+i等于（ ） A.1+2iB.12iC.2+iD.2i2. 设集合A=1,2,4，B=x|x24x+m=0若AB=1，则B=( ) A.1,3B.1,0C.1,3D.1,53. 我国古代数学名著算法统宗中有如下问题：“远望巍巍塔七层，红光点点倍加增，共灯三百八十一，请问尖头几盏灯？”意思是：一座7层塔共挂了381盏灯，且相邻两层中的下一层灯数是上一层灯数的2倍，则塔的顶层共有灯（ ） A.1盏B.3盏

2、C.5盏D.9盏4. 如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗实线画出的是某几何体的三视图，该几何体由一平面将一圆柱截去一部分后所得，则该几何体的体积为()A.90B.63C.42D.365. 设x，y满足约束条件2x+3y302x3y+30y+30，则z=2x+y的最小值是（ ） A.15B.9C.1D.96. 安排3名志愿者完成4项工作，每人至少完成1项，每项工作由1人完成，则不同的安排方式共有（ ） A.12种B.18种C.24种D.36种7. 甲、乙、丙、丁四位同学一起去问老师询问成语竞赛的成绩老师说：你们四人中有2位优秀，2位良好，我现在给甲看乙、丙的成绩，给乙看丙的成绩，给丁看甲的成绩

3、看后甲对大家说：我还是不知道我的成绩根据以上信息，则（ ） A.乙可以知道四人的成绩B.丁可以知道四人的成绩C.乙、丁可以知道对方的成绩D.乙、丁可以知道自己的成绩8. 执行如图的程序框图，如果输入的a=1，则输出的S=( )A.2B.3C.4D.59. 若双曲线C:x2a2y2b2=1(a0,b0)的一条渐近线被圆(x2)2+y2=4所截得的弦长为2，则C的离心率为（ ） A.2B.3C.2D.23310. 已知直三棱柱ABCA1B1C1中，ABC=120，AB=2，BC=CC1=1，则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为（ ） A.32B.155C.105D.3311. 若x=2是函数f

4、(x)=(x2+ax1)ex1的极值点，则f(x)的极小值为（ ） A.1B.2e3C.5e3D.112. 已知ABC是边长为2a(a0)的等边三角形，P为平面ABC内一点，则PA(PB+PC)的最小值是( ) A. 2a2 B.32a2C.43a2D. a2 三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13. 一批产品的二等品率为0.02，从这批产品中每次随机取一件，有放回地抽取100次X表示抽到的二等品件数，则DX=_ 14. 函数f(x)=sin2x+3cosx34（x0,2）的最大值是_ 15. 等差数列an的前n项和为Sn，a3=3，S4=10，则k=1n1Sk=_ 16. 已知

5、F是抛物线C:y2=8x的焦点，M是C上一点，FM的延长线交y轴于点N若M为FN的中点，则|FN|=_ 三、解答题：共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第1721题为必做题，每个试题考生都必须作答第22、23题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题：共60分。17. ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知sin(A+C)=8sin2B2 (1)求cosB； (2)若a+c=6，ABC的面积为2，求b18. 海水养殖场进行某水产品的新、旧网箱养殖方法的产量对比，收获时各随机抽取了100个网箱，测量各箱水产品的产量（单位：kg），其频率分布直方图如图： （1）设两种养殖方法的

6、箱产量相互独立，记A表示事件“旧养殖法的箱产量低于50kg，新养殖法的箱产量不低于50kg”，估计A的概率； (2)填写下面列联表，并根据列联表判断是否有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关：箱产量50kg箱产量50kg旧养殖法新养殖法 (3)根据箱产量的频率分布直方图，求新养殖法箱产量的中位数的估计值（精确到0.01）附：P(K2k)0.0500.0100.001k3.8416.63510.828K2=n(adbc)2(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)19. 如图，四棱锥PABCD中，侧面PAD为等边三角形且垂直于底面ABCD，AB=BC=12AD，BAD=ABC=90，E是PD的中点

7、 （1）证明：直线CE/平面PAB； （2）点M在棱PC上，且直线BM与底面ABCD所成角为45，求二面角MABD的余弦值20. 设O为坐标原点，动点M在椭圆C:x22+y2=1上，过M作x轴的垂线，垂足为N，点P满足NP=2NM （1）求点P的轨迹方程； （2）设点Q在直线x=3上，且OPPQ=1证明：过点P且垂直于OQ的直线l过C的左焦点F21. 已知函数f(x)=ax2axxlnx，且f(x)0 （1）求a； （2）证明：f(x)存在唯一的极大值点x0，且e2f(x0)0，b0，a3+b3=2证明： (1)(a+b)(a5+b5)4； （2）a+b2参考答案与试题解析2017年黑龙江省高

8、考数学试卷（理科）（全国新课标）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.【答案】D【考点】复数代数形式的乘除运算【解析】分子和分母同时乘以分母的共轭复数，再利用虚数单位i的幂运算性质，求出结果【解答】解：3+i1+i=(3+i)(1i)(1+i)(1i)=42i2=2i，故选D2.【答案】C【考点】交集及其运算【解析】由交集的定义可得1A且1B，代入二次方程，求得m，再解二次方程可得集合B【解答】集合A=1,2,4，B=x|x24x+m=0若AB=1，则1A且1B，可得14+m=0，解得m=3，即有B=x|x24x+3=0=1,33

9、.【答案】B【考点】等比数列的前n项和等比数列的通项公式【解析】设这个塔顶层有a盏灯，由题意和等比数列的定义可得：从塔顶层依次向下每层灯数是等比数列，结合条件和等比数列的前n项公式列出方程，求出a的值【解答】解：设这个塔顶层有a盏灯， 宝塔一共有七层，每层悬挂的红灯数是上一层的2倍， 从塔顶层依次向下每层灯数是以2为公比、a为首项的等比数列，又总共有灯381盏， 381=a(127)12=127a，解得a=3，则这个塔顶层有3盏灯，故选B4.【答案】B【考点】由三视图求面积、体积【解析】由三视图可得，直观图为一个完整的圆柱减去一个高为6的圆柱的一半，即可求出几何体的体积【解答】解：由三视图可得

10、，直观图为一个高为10的圆柱减去一个高为6的圆柱的一半，V=321012326=63.故选B.5.【答案】A【考点】简单线性规划【解析】画出约束条件的可行域，利用目标函数的最优解求解目标函数的最小值即可【解答】解：x、y满足约束条件2x+3y302x3y+30y+30的可行域如图：z=2x+y经过可行域的A时，目标函数取得最小值，由y=32x3y+3=0解得A(6,3)，则z=2x+y的最小值是：15故选：A6.【答案】D【考点】排列、组合及简单计数问题【解析】把工作分成3组，然后安排工作方式即可【解答】解：4项工作分成3组，可得：C42=6，安排3名志愿者完成4项工作，每人至少完成1项，每项

11、工作由1人完成，可得：6A33=36种故选：D7.【答案】D【考点】进行简单的合情推理【解析】根据四人所知只有自己看到，老师所说及最后甲说话，继而可以推出正确答案【解答】解：四人所知只有自己看到，老师所说及最后甲说话，甲不知自己的成绩乙丙必有一优一良，（若为两优，甲会知道自己的成绩；若是两良，甲也会知道自己的成绩）乙看到了丙的成绩，知自己的成绩丁看到甲、丁也为一优一良，丁知自己的成绩，故选：D8.【答案】B【考点】程序框图【解析】执行程序框图，依次写出每次循环得到的S，K值，当k=7时，程序终止即可得到结论【解答】解：执行程序框图，有S=0，K=1，a=1，代入循环，第一次满足循环，S=1，a

12、=1，K=2；满足条件，第二次满足循环，S=1，a=1，K=3；满足条件，第三次满足循环，S=2，a=1，K=4；满足条件，第四次满足循环，S=2，a=1，K=5；满足条件，第五次满足循环，S=3，a=1，K=6；满足条件，第六次满足循环，S=3，a=1，K=7；76不成立，退出循环输出，S=3；故选：B9.【答案】A【考点】圆与圆锥曲线的综合问题双曲线的性质【解析】通过圆的圆心与双曲线的渐近线的距离，列出关系式，然后求解双曲线的离心率即可【解答】解：双曲线C:x2a2y2b2=1(a0,b0)的一条渐近线不妨为：bx+ay=0，圆(x2)2+y2=4的圆心(2,0)，半径为2，双曲线C:x2

13、a2y2b2=1(a0,b0)的一条渐近线被圆(x2)2+y2=4所截得的弦长为2，可得圆心到直线的距离为：2212=3=|2b|a2+b2，解得：4c24a2c2=3，可得e2=4，即e=2故选A10.【答案】C【考点】异面直线及其所成的角【解析】【解法一】设M、N、P分别为AB，BB1和B1C1的中点，得出AB1、BC1夹角为MN和NP夹角或其补角；根据中位线定理，结合余弦定理求出AC、MQ，MP和MNP的余弦值即可【解法二】通过补形的办法，把原来的直三棱柱变成直四棱柱，解法更简洁【解答】【解法一】如图所示，设M、N、P分别为AB，BB1和B1C1的中点，则AB1、BC1夹角为MN和NP夹

14、角或其补角（因异面直线所成角为（0,2），可知MN=12AB1=52，NP=12BC1=22；作BC中点Q，则PQM为直角三角形； PQ=1，MQ=12AC，ABC中，由余弦定理得AC2=AB2+BC22ABBCcosABC=4+1221(12)=7， AC=7， MQ=72；在MQP中，MP=MQ2+PQ2=112；在PMN中，由余弦定理得cosMNP=MN2+NP2PM22*MN*NP=(52)2+(22)2(112)225222=105；又异面直线所成角的范围是(0,2， AB1与BC1所成角的余弦值为105【解法二】如图所示，补成四棱柱ABCDA1B1C1D1，求BC1D即可；BC1=

15、2，BD=22+12221cos60=3，C1D=5， BC12+BD2=C1D2， DBC1=90， cosBC1D=25=10511.【答案】A【考点】利用导数研究函数的极值【解析】求出函数的导数，利用极值点，求出a，然后判断函数的单调性，求解函数的极小值即可【解答】解：函数f(x)=(x2+ax1)ex1，可得f(x)=(2x+a)ex1+(x2+ax1)ex1，x=2是函数f(x)=(x2+ax1)ex1的极值点，可得：4+a+(32a)=0解得a=1可得f(x)=(2x1)ex1+(x2x1)ex1，=(x2+x2)ex1，函数的极值点为：x=2，x=1，当x1时，f(x)0函数是增

16、函数，x(2,1)时，函数是减函数，x=1时，函数取得极小值：f(1)=(1211)e11=1故选：A12.【答案】B【考点】平面向量数量积的性质及其运算律【解析】根据条件建立坐标系，求出点的坐标，利用坐标法结合向量数量积的公式进行计算即可【解答】解：建立如图所示的坐标系，以BC中点为坐标原点，则A(0,3a)，B(a,0)，C(a,0)，设P(x,y)，则PA=(x,3ay)，PB=(ax,y)，PC=(ax,y)，则PA(PB+PC)，=2x223ay+2y2=2x2+(y32a)234a2, 当x=0，y=32a时，取得最小值2(34a2)=32a2.故选B.三、填空题：本题共4小题，每

17、小题5分，共20分.13.【答案】1.96【考点】离散型随机变量的期望与方差【解析】判断概率满足的类型，然后求解方差即可【解答】解：由题意可知，该事件满足独立重复试验，是一个二项分布模型，其中，p=0.02，n=100，则DX=npq=np(1p)=1000.020.98=1.96故答案为：1.9614.【答案】1【考点】三角函数的最值【解析】同角的三角函数的关系以及二次函数的性质即可求出【解答】解：f(x)=sin2x+3cosx34=1cos2x+3cosx34，令cosx=t且t0,1，则y=t2+3t+14=(t32)2+1，当t=32时，f(t)max=1，即f(x)的最大值为1，故

18、答案为：115.【答案】2nn+1【考点】数列的求和等差数列的前n项和【解析】利用已知条件求出等差数列的前n项和，然后化简所求的表达式，求解即可【解答】解：等差数列an的前n项和为Sn，a3=3，S4=10，S4=2(a2+a3)=10，可得a2=2，数列的首项为1，公差为1，Sn=n(n+1)2，1Sn=2n(n+1)=2(1n1n+1)，则k=1n1Sk=2112+1213+1314+.+1n1n+1=2(11n+1)=2nn+1故答案为：2nn+116.【答案】6【考点】抛物线的性质【解析】求出抛物线的焦点坐标，推出M坐标，然后求解即可【解答】解：抛物线C:y2=8x的焦点F(2,0)，

19、M是C上一点，FM的延长线交y轴于点N若M为FN的中点，可知M的横坐标为：1，则M的纵坐标为：22，|FN|=2|FM|=2(12)2+(220)2=6故答案为：6三、解答题：共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤第1721题为必做题，每个试题考生都必须作答第22、23题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题：共60分。17.【答案】解：(1)sin(A+C)=8sin2B2， sinB=4(1cosB)， sin2B+cos2B=1， 16(1cosB)2+cos2B=1， (17cosB15)(cosB1)=0， cosB=1517或cosB=1，B0,，cosB=1517.(2)

20、由(1)可知sinB=817， SABC=12acsinB=2， ac=172， b2=a2+c22accosB=a2+c221721517=a2+c215=(a+c)22ac15=361715=4， b=2【考点】正弦定理二倍角的正弦公式【解析】(1)利用三角形的内角和定理可知A+C=B，再利用诱导公式化简sin(A+C)，利用降幂公式化简8sin2B2，结合sin2B+cos2B=1，求出cosB，(2)由(1)可知sinB=817，利用勾面积公式求出ac，再利用余弦定理即可求出b【解答】解：(1)sin(A+C)=8sin2B2， sinB=4(1cosB)， sin2B+cos2B=1

21、， 16(1cosB)2+cos2B=1， (17cosB15)(cosB1)=0， cosB=1517；(2)由(1)可知sinB=817， SABC=12acsinB=2， ac=172， b2=a2+c22accosB=a2+c221721517=a2+c215=(a+c)22ac15=361715=4， b=218.【答案】解：（1）记B表示事件“旧养殖法的箱产量低于50kg”，C表示事件“新养殖法的箱产量不低于50kg”，由P(A)=P(BC)=P(B)P(C)，则旧养殖法的箱产量低于50kg：(0.012+0.014+0.024+0.034+0.040)5=0.62，故P(B)的估

22、计值0.62，新养殖法的箱产量不低于50kg：(0.068+0.046+0.010+0.008)5=0.66，故P(C)的估计值为，则事件A的概率估计值为P(A)=P(B)P(C)=0.620.66=0.4092； A发生的概率为0.4092；(2)22列联表：箱产量6.635， 有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关.(3)由新养殖法的箱产量频率分布直方图中，箱产量低于50kg的直方图的面积：(0.004+0.020+0.044)5=0.34，箱产量低于55kg的直方图面积为：(0.004+0.020+0.044+0.068)5=0.680.5，故新养殖法产量的中位数的估计值为：50+0.5

23、0.340.06852.35(kg)，新养殖法箱产量的中位数的估计值52.35(kg)【考点】众数、中位数、平均数频率分布直方图独立性检验用样本的数字特征估计总体的数字特征【解析】（1）由题意可知：P(A)=P(BC)=P(B)P(C)，分布求得发生的频率，即可求得其概率；（2）完成22列联表：求得观测值，与参考值比较，即可求得有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关：（3）根据频率分布直方图即可求得其中位数【解答】解：（1）记B表示事件“旧养殖法的箱产量低于50kg”，C表示事件“新养殖法的箱产量不低于50kg”，由P(A)=P(BC)=P(B)P(C)，则旧养殖法的箱产量低于50kg：(0.

24、012+0.014+0.024+0.034+0.040)5=0.62，故P(B)的估计值0.62，新养殖法的箱产量不低于50kg：(0.068+0.046+0.010+0.008)5=0.66，故P(C)的估计值为，则事件A的概率估计值为P(A)=P(B)P(C)=0.620.66=0.4092； A发生的概率为0.4092；(2)22列联表：箱产量6.635， 有99%的把握认为箱产量与养殖方法有关；(3)由新养殖法的箱产量频率分布直方图中，箱产量低于50kg的直方图的面积：(0.004+0.020+0.044)5=0.34，箱产量低于55kg的直方图面积为：(0.004+0.020+0.0

25、44+0.068)5=0.680.5，故新养殖法产量的中位数的估计值为：50+0.50.340.06852.35(kg)，新养殖法箱产量的中位数的估计值52.35(kg)19.【答案】（1）证明：取PA的中点F，连接EF，BF，因为E是PD的中点，所以EF=/12AD，AB=BC=12AD，BAD=ABC=90， BC/12AD， BCEF是平行四边形，可得CE/BF，BF平面PAB，CE平面PAB， 直线CE/平面PAB；（2）解：四棱锥PABCD中，侧面PAD为等边三角形且垂直于底面ABCD，AB=BC=12AD，BAD=ABC=90，E是PD的中点取AD的中点O，M在底面ABCD上的射影

26、N在OC上，设AD=2，则AB=BC=1，OP=3， PCO=60，直线BM与底面ABCD所成角为45，可得：BN=MN，CN=33MN，BC=1，可得：1+13BN2=BN2，BN=62，MN=62，作NQAB于Q，连接MQ，所以MQN就是二面角MABD的平面角，MQ=12+(62)2=102，二面角MABD的余弦值为：1102=105【考点】二面角的平面角及求法直线与平面平行的判定【解析】（1）取PA的中点F，连接EF，BF，通过证明CE/BF，利用直线与平面平行的判定定理证明即可（2）利用已知条件转化求解M到底面的距离，作出二面角的平面角，然后求解二面角MABD的余弦值即可【解答】（1）

27、证明：取PA的中点F，连接EF，BF，因为E是PD的中点，所以EF=/12AD，AB=BC=12AD，BAD=ABC=90， BC/12AD， BCEF是平行四边形，可得CE/BF，BF平面PAB，CE平面PAB， 直线CE/平面PAB；（2）解：四棱锥PABCD中，侧面PAD为等边三角形且垂直于底面ABCD，AB=BC=12AD，BAD=ABC=90，E是PD的中点取AD的中点O，M在底面ABCD上的射影N在OC上，设AD=2，则AB=BC=1，OP=3， PCO=60，直线BM与底面ABCD所成角为45，可得：BN=MN，CN=33MN，BC=1，可得：1+13BN2=BN2，BN=62，

28、MN=62，作NQAB于Q，连接MQ，所以MQN就是二面角MABD的平面角，MQ=12+(62)2=102，二面角MABD的余弦值为：1102=10520.【答案】解：（1）设M(x0,y0)，由题意可得N(x0,0)，设P(x,y)，由点P满足NP=2NM可得(xx0,y)=2(0,y0)，可得xx0=0，y=2y0，即有x0=x，y0=y2，代入椭圆方程x22+y2=1，可得x22+y22=1，即有点P的轨迹方程为圆x2+y2=2；（2）证明：设Q(3,m)，P(2cos,2sin)，(02)，OPPQ=1，可得(2cos,2sin)(32cos,m2sin)=1，即为32cos2cos2

29、+2msin2sin2=1，解得m=3(1+2cos)2sin，即有Q(3,3(1+2cos)2sin)，椭圆x22+y2=1的左焦点F(1,0)，由kOQ=1+2cos2sin，kPF=2sin2cos+1，由kOQkPF=1，可得过点P且垂直于OQ的直线l过C的左焦点F【考点】直线与椭圆的位置关系轨迹方程【解析】（1）设M(x0,y0)，由题意可得N(x0,0)，设P(x,y)，运用向量的坐标运算，结合M满足椭圆方程，化简整理可得P的轨迹方程；（2）设Q(3,m)，P(2cos,2sin)，(02)，运用向量的数量积的坐标表示，可得m，即有Q的坐标，求得椭圆的左焦点坐标，求得OQ，PF的斜

30、率，由两直线垂直的条件：斜率之积为1，即可得证【解答】解：（1）设M(x0,y0)，由题意可得N(x0,0)，设P(x,y)，由点P满足NP=2NM可得(xx0,y)=2(0,y0)，可得xx0=0，y=2y0，即有x0=x，y0=y2，代入椭圆方程x22+y2=1，可得x22+y22=1，即有点P的轨迹方程为圆x2+y2=2；（2）证明：设Q(3,m)，P(2cos,2sin)，(00)，则f(x)0等价于h(x)=axalnx0，求导可知h(x)=a1x则当a0时h(x)1时，h(x0)0因为当0x1a时h(x)1a时h(x)0，所以h(x)min=h(1a)，又因为h(1)=aaln1=

31、0，所以1a=1，解得a=1；（2）证明：由（1）可知f(x)=x2xxlnx，f(x)=2x2lnx，令f(x)=0，可得2x2lnx=0，记t(x)=2x2lnx，则t(x)=21x，令t(x)=0，解得：x=12，所以t(x)在区间(0,12)上单调递减，在(12,+)上单调递增，所以t(x)min=t(12)=ln210，从而t(x)=0有解，即f(x)=0存在两根x0，x2，且不妨设f(x)在(0,x0)上为正、在(x0,x2)上为负、在(x2,+)上为正，所以f(x)必存在唯一极大值点x0，且2x02lnx0=0，所以f(x0)=x02x0x0lnx0=x02x0+2x02x02=

32、x0x02，由x012可知f(x0)(x0x02)max=122+12=14；由f(1e)0可知x01ef(1e)=1e2；综上所述，f(x)存在唯一的极大值点x0，且e2f(x0)22【考点】利用导数研究函数的极值【解析】（1）通过分析可知f(x)0等价于h(x)=axalnx0，进而利用h(x)=a1x可得h(x)min=h(1a)，从而可得结论；（2）通过（1）可知f(x)=x2xxlnx，记t(x)=f(x)=2x2lnx，解不等式可知t(x)min=t(12)=ln210，从而可知f(x)=0存在两根x0，x2，利用f(x)必存在唯一极大值点x0及x012可知f(x0)f(1e)=1

33、e2【解答】（1）解：因为f(x)=ax2axxlnx=x(axalnx)(x0)，则f(x)0等价于h(x)=axalnx0，求导可知h(x)=a1x则当a0时h(x)1时，h(x0)0因为当0x1a时h(x)1a时h(x)0，所以h(x)min=h(1a)，又因为h(1)=aaln1=0，所以1a=1，解得a=1；（2）证明：由（1）可知f(x)=x2xxlnx，f(x)=2x2lnx，令f(x)=0，可得2x2lnx=0，记t(x)=2x2lnx，则t(x)=21x，令t(x)=0，解得：x=12，所以t(x)在区间(0,12)上单调递减，在(12,+)上单调递增，所以t(x)min=t

34、(12)=ln210，从而t(x)=0有解，即f(x)=0存在两根x0，x2，且不妨设f(x)在(0,x0)上为正、在(x0,x2)上为负、在(x2,+)上为正，所以f(x)必存在唯一极大值点x0，且2x02lnx0=0，所以f(x0)=x02x0x0lnx0=x02x0+2x02x02=x0x02，由x012可知f(x0)(x0x02)max=122+12=14；由f(1e)0可知x01ef(1e)=1e2；综上所述，f(x)存在唯一的极大值点x0，且e2f(x0)22（二）选考题：共10分请考生在第22、23题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分选修4-4：坐标系与参数方程22.【

35、答案】曲线C1的直角坐标方程为：x=4，设P(x,y)，M(4,y0)，则x4=yy0， y0=4yx， |OM|OP|=16， x2+y216+y02=16，即(x2+y2)(1+y2x2)=16， x4+2x2y2+y4=16x2，即(x2+y2)2=16x2，两边开方得：x2+y2=4x，整理得：(x2)2+y2=4(x0)， 点P的轨迹C2的直角坐标方程：(x2)2+y2=4(x0)点A的直角坐标为A(1,3)，显然点A在曲线C2上，|OA|=2， 曲线C2的圆心(2,0)到弦OA的距离d=41=3， AOB的最大面积S=12|OA|(2+3)=2+3【考点】简单曲线的极坐标方程【解析

36、】（1）设P(x,y)，利用相似得出M点坐标，根据|OM|OP|=16列方程化简即可；（2）求出曲线C2的圆心和半径，得出B到OA的最大距离，即可得出最大面积【解答】曲线C1的直角坐标方程为：x=4，设P(x,y)，M(4,y0)，则x4=yy0， y0=4yx， |OM|OP|=16， x2+y216+y02=16，即(x2+y2)(1+y2x2)=16， x4+2x2y2+y4=16x2，即(x2+y2)2=16x2，两边开方得：x2+y2=4x，整理得：(x2)2+y2=4(x0)， 点P的轨迹C2的直角坐标方程：(x2)2+y2=4(x0)点A的直角坐标为A(1,3)，显然点A在曲线C

37、2上，|OA|=2， 曲线C2的圆心(2,0)到弦OA的距离d=41=3， AOB的最大面积S=12|OA|(2+3)=2+3选修4-5：不等式选讲23.【答案】证明：（1）由柯西不等式得：(a+b)(a5+b5)(aa5+bb5)2=(a3+b3)24，当且仅当ab5=ba5，即a=b=1时取等号，（2） a3+b3=2， (a+b)(a2ab+b2)=2， (a+b)(a+b)23ab=2， (a+b)33ab(a+b)=2， (a+b)323(a+b)=ab，由均值不等式可得：(a+b)323(a+b)=ab(a+b2)2， (a+b)323(a+b)34， 14(a+b)32， a+b

38、2，当且仅当a=b=1时等号成立【考点】不等式的证明【解析】（1）由柯西不等式即可证明，（2）由a3+b3=2转化为(a+b)323(a+b)=ab，再由均值不等式可得：(a+b)323(a+b)=ab(a+b2)2，即可得到14(a+b)32，问题得以证明【解答】证明：（1）由柯西不等式得：(a+b)(a5+b5)(aa5+bb5)2=(a3+b3)24，当且仅当ab5=ba5，即a=b=1时取等号，（2） a3+b3=2， (a+b)(a2ab+b2)=2， (a+b)(a+b)23ab=2， (a+b)33ab(a+b)=2， (a+b)323(a+b)=ab，由均值不等式可得：(a+b)323(a+b)=ab(a+b2)2， (a+b)323(a+b)34， 14(a+b)32， a+b2，当且仅当a=b=1时等号成立专心-专注-专业