2019年山东省淄博市中考物理试卷(共36页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2019年山东省淄博市中考物理试卷一、选择1（2分）音乐会上，小提琴曲让人如痴如醉，钢琴演奏让人心旷神怡。关于声音的说法正确的是（）A调节琴弦松紧可以改变声音的响度B用力拉琴可以改变声音的音调C小提琴和钢琴发出的声音传播速度相同D禁止听众喧哗是从传播过程中减弱噪声2（2分）小明在湖边树荫下乘凉，想到了所学的物理知识。其中合理的是（）A树下的圆形光斑，是光沿直线传播形成的B看到池水“变”浅，是光的反射引起的C水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小D阳光中的紫外线可以灭菌，也可以用来遥控3（2分）物理与生活密切相关，下列数据符合实际的是（）A人体的安全电压不高于220

2、VB人体感觉舒适的环境温度约为37C中学生从二楼走到三楼做功约为200JD光在真空中的传播速度为3105km/s4（2分）图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，图乙是描绘的温度随时间变化的图象。下列说法错误的是（）A加热过程中，水含有的热量增加B沸腾过程中，水吸收热量，温度不变C烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失D水的沸点是99，此时大气压低于标准大气压5（2分）下列运动项目涉及的物理知识描述正确的是（）A三级跳远快速助跑是为了增大惯性B划船比赛船桨和水之间力的作用是相互的C引体向上人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力D百米赛跑裁判员通过相同时间比较路程的方法判断运动快慢6（2

3、分）关于下面四幅图的说法正确的是（）A甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同B乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象C丙图：抽出玻璃板，下瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体间可以发生扩散现象D丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力7（2分）下列有关生产和生活中的应用解释正确的是（）A斧头具有很薄的刃，是为了增大压力B用吸管吸饮料，利用了大气压C风筝能在空中飞行，是因为受到空气的浮力D拉杆箱下安装轮子，是通过减小受力面积减小摩擦8（2分）如图所示，小球沿轨道由静止从A点向D点运动的过程中（小球和轨道间存在摩擦），下列说法错误的

4、是（）A小球在A点的重力势能最大B小球在B点的速度最大C小球在C点和B点的机械能相等D小球不能到达D点9（2分）如图是一款太阳能LED灯，下列相关说法错误的是（）ALED灯是由半导体材料制成的BLED灯可以把太阳能转化为电能C太阳能是可再生能源D太阳能是太阳内部发生核裂变释放的能量10（2分）共享电动汽车通过刷卡开锁，实现循环使用。租赁者将带有磁条的租车卡靠近电动汽车的感应器，检测头的线圈中就会产生变化的电流，读取解锁信息。图中能反映刷卡读取信息原理的是（）ABCD11（2分）如图所示，电源电压为5V，闭合开关S，电压表的示数为1V则（）A通过灯泡L1的电流比L2的电流大B灯泡L1两端的电压是

5、1VC灯泡L1和L2的电阻之比是4：1D若灯泡L2灯丝烧断，电压表示数为零12（2分）新型PTC发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用，图甲是PTC调试工作电路，R0是保护电阻，阻值恒定；R1是PTC电阻，阻值随温度变化的图象如图乙所示。闭合开关S，当温度从20升高到120的过程中（）A电流表示数先变小后变大B电压表示数先变大后变小C电压表与电流表示数的比值先变小后变大D保护电阻R0消耗的功率先变小后变大13（2分）有一种插线板，当开关断开时，指示灯不亮，插孔无法正常工作；当开关闭合时，如果指示灯损坏，插孔也能正常工作。图既能满足控制要求，又符合安全用电原则的是（）ABCD14（2

6、分）把木块放入装满水的溢水杯中，溢出水的体积为V1（如图甲）；用细针将该木块全部压入水中，溢出水的总体积为V2（如图乙），忽略细针的体积。则（）A木块的质量为水V2B缓慢下压木块的过程中，溢水杯底部受到水的压强变大C木块全部压入水中静止时，细针对木块的压力大小为水gV2D木块的密度为水15（2分）如图所示，电源电压为12V，滑动变阻器的规格为“50 2A”，L1和L2分别标有“6V 3W”和“6V 9W”的字样，闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片，在保证电路安全的情况下（不考虑温度对灯丝的影响），下列说法正确的是（）AL2能正常发光B滑动变阻器接入电路的最小阻值是8C电流表示数的变化范围是00

7、.5AD电路消耗的最大功率是12W二、理解与应用16（3分）春节是中华民族的传统节日，年夜饭“吃饺子”是一种习俗。包饺子时，用力捏出褶边，说明力可以 ；刚下锅的饺子沉在锅底，加热一段时间会上浮，在上浮过程中， 转化为机械能；出锅后的饺子变瘪了，饺子内气体密度 。17（3分）如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S1和S2时，小磁针N极指向右端，则电磁铁的左端为 极，电源右端为 极。要使指示灯变亮，滑动变阻器的滑片应向 滑动。18（3分）2019年1月3日，嫦娥四号探测器在月球背面成功着陆，并通过“鹊桥”中继星传回了世界上第一张近距离拍摄的月背景影像图，传输过程

8、中利用了 ；嫦娥四号的巡视器玉兔二号质量为135g，与月球表面的接触面积约为0.8m2，玉兔二号对月球表面的压强为 pa，（g取10N/kg，物体在月球上的重力为地球上的）：玉兔二号移动很慢，速度约为250m/h，累计在月球表面行驶了120m，用时约为 h。19（3分）灯泡L的电流随电压变化的图象如图甲所示，将此灯泡与定值电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.5W，则电源电压是 V；再闭合开关S1，电流表的示数变化了0.1A，则R的阻值是 ；通电1min，定值电阻R消耗的电能是 J20（3分）如图是小明起跑时的背景，请画出小明所受重力（点O为重心）和右脚所受摩擦力的示

9、意图。三、实验与探究21（6分）小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，所用凸透镜的焦距为15cm。（1）如图甲所示，移动光屏找到清晰的蜡烛的像，这个像是图乙中的 ，利用此原理可以制成 。（选填“照相机”、“幻灯片”、“放大镜”）（2）小明把蜡烛依次放在A、B位置，在坐标纸上记录了光屏上像的大小。如图丙所示（A、B分别表示蜡烛在A、B处所成的像）。跟同学们交流后发现：成倒立放大像的条件是 成实像时，物距减小，像距 （3）保持凸透镜位置不动，小明又把蜡烛放在距凸透镜18cm处，在光具座上无论怎样移动光屏，都找不到清晰的像，原因可能是 。聪明的小明拿起一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜处，在光具

10、座上移动光屏，光屏上出现了清晰的像，则小明拿起的眼镜是 。（选填“近视镜”或“远视镜”）22（9分）在日常生活和工农业生产中，提高机械效率有着重要的意义。提高机械效率，要从研究影响机械效率的因素出发，寻求办法。（1）为了探究影响机械效率的因素，小明选取了大小相同的滑轮，利用图甲和图乙装置进行实验，并把数据整理记录在下表中。实验次数滑轮材质钩码重G/N提升的高度h/m有用功W有用/J拉力F/N绳端移动的距离s/m总功W总/J机械效率。1铝10.10.10.60.30.1856%2铝20.10.21.00.30.367%3铝20.20.41.00.60.667%4塑料20.20.40.80.60.

11、4883%5塑料20.20.42.10.20.4295%比较1和2两次实验发现：在所用滑轮组一定时，提升的钩码 ，机械效率越高。比较3和4两次实验发现：滑轮组的机械效率还与 有关。比较 两次实验发现：在所用滑轮组一定时，机械效率与提升钩码的高度无关。第5次实验室利用了图 的装置完成的，判断依据是 。利用图甲的装置，把重4N的物体用2.5N的拉力迅速拉起，滑轮组的机械效率为 。可见如果没有刻度尺，只有测力计，也可以测量出滑轮组的机械效率。（2）小明利用图丙装置实验发现：斜面的机械效率与斜面的倾斜程度和摩擦有关，与物重无关。保持斜面倾斜程度不变，可以采用 的方法减小摩擦，从而提高斜面的机械效率。（

12、3）实验表明：额外功越小，总功越接近有用功：进一步推理得出：假设没有额外功，总功等于有用功；可见使用任何机械都 。下列物理规律的得出运用了这种研究方法的是 。A、焦耳定律B、牛顿第一定律C、阿基米德原理D、欧姆定律23（3分）在“探究并联电路中的电流关系”实验中（1）小明想测量干路电流，连接的电路如图甲所示，检查电路发现只有一根导线接错了，请在这根导线上打上“”，并改正。（2）连接正确的电路后，闭合开关，电流表的示数为0.46A，请在图乙中画出指针的位置（O为指针转轴）。（3）小明换用不同规格的灯泡，多次改变电表位置，将测量数据记录在下表中。实验次数支路电流I1/A支路电流I2/A干路电流I总

13、/A10.300.160.4620.200.200.4030.240.340.58分析数据得出结论：在并联电路中， 。（4）第1次实验发现，灯泡L1比L2亮，则灯泡L1的电阻 灯泡L2的电阻；若两灯泡灯丝长度相同， 的灯丝更细。四、分析与计算24（9分）2019年4月23日，在庆祝中国人民解放军海军成立70周年海上阅兵活动中，055大型驱逐舰接受检阅，向世界展示了我国大型驱逐舰的发展规模和强大实力。驱逐舰长174m，宽23m，吃水深度8m，满载排水量12300t，最大航速32节（1节0.5m/s，海水密度为1.03103kg/m3，g取10N/kg）。求：（1）驱逐舰行驶到某海域时，舰底受到的

14、海水压强为7.21104Pa，此时舰底所处的深度；（2）驱逐舰满载时受到的浮力；（3）驱逐舰满载时，以最大航速匀速直线航行，若所受海水阻力是其总重的0.1倍，它的动力功率。25（8分）表为一台饮水机的铭牌，其内部简化电路如图所示，R1和R2均为电热丝且阻值不变。 XX牌饮水机额定电压220V额定功率加热1000W保温22W加热效率80%（1）该饮水机处于加热状态时，正常工作3min，在1标准大气压下能否把0.5kg的水从20加热至沸腾？【c水4.2103J/（kg）】（2）保温功率是指S断开时电路消耗的总功率。该饮水机正常保温时，R1实际消耗的电功率是多少？2019年山东省淄博市中考物理试卷参

15、考答案与试题解析一、选择1（2分）音乐会上，小提琴曲让人如痴如醉，钢琴演奏让人心旷神怡。关于声音的说法正确的是（）A调节琴弦松紧可以改变声音的响度B用力拉琴可以改变声音的音调C小提琴和钢琴发出的声音传播速度相同D禁止听众喧哗是从传播过程中减弱噪声【分析】（1）对于弦乐，弦的粗细、松紧和长短都影响音调；拨动弦的力度影响响度。通过音色来辨别是什么物体。（2）声传播速度跟介质的种类和温度有关。（3）减弱噪声的途径在声源处、在传播过程中、在人耳处。【解答】解：A、调节琴弦松紧可以改变琴弦的振动快慢，从而改变声音的音调，故A说法错误。B、用力拉琴可以改变弦的振动幅度，从而改变声音的响度，故B说法错误。C

16、、小提琴和钢琴发出的声音在空气中传播速度是相同的，故C说法正确。D、禁止听众喧哗是从声源处减弱噪声的，故D说法错误。故选：C。【点评】声音的三个特征音调、响度和音色是经常考查的内容，也是容易混淆的问题。2（2分）小明在湖边树荫下乘凉，想到了所学的物理知识。其中合理的是（）A树下的圆形光斑，是光沿直线传播形成的B看到池水“变”浅，是光的反射引起的C水中出现树的倒影，水中的“树”比岸上的树小D阳光中的紫外线可以灭菌，也可以用来遥控【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水

17、面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。物体在平面镜中成倒立等大的虚像；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；（4）根据紫外线有杀菌作用制成消毒灯；根据紫外线能使荧光物质发光制成验钞机；紫外线能促使人体合成维生素D促进钙的吸收。【解答】解：A、浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的直线传播引起的。故A合理；B、池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的。故B错误；C、水中出现树的倒影，是平面镜成像现象，水中的“树”是岸上的树的虚像，两者大小相等。故

18、C错误；D、紫外线具有杀菌作用，遥控器利用的是红外线。故D错误。故选：A。【点评】本题考查了几种光现象及紫外线的应用，注重了物理和生活的联系，考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力，属于基础知识的考查3（2分）物理与生活密切相关，下列数据符合实际的是（）A人体的安全电压不高于220VB人体感觉舒适的环境温度约为37C中学生从二楼走到三楼做功约为200JD光在真空中的传播速度为3105km/s【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、对人体的安全电压不高于36V，故A不符合实际；B、人的正常体温是36

19、.5，人感到比较舒适的温度为23，故B不符合实际；C、中学生的体重在500N左右，二楼到三楼的高度在3m左右，所以中学生从二楼走到三楼所做的功约为WGh500N3m1500J，故C不符合实际；D、真空中的光速约为3105千米/秒，故D符合实际。故选：D。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。4（2分）图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置，图乙是描绘的温度随时间变化的图象。下列说法错误的是（）A加热过程中，水含有的热量增加B沸腾过程中，水吸收热量，温度不变C烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失D水的

20、沸点是99，此时大气压低于标准大气压【分析】（1）热量指在热传递的过程中传递能量的多少。（2）水在沸腾过程中的特点：吸热，但温度保持不变；（3）烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失；（4）根据沸点的概念判断出水的沸点；气压越低，沸点越低；【解答】解：A、加热过程中，水吸收热量，其温度升高，内能增加；热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；B、水在沸腾过程中，仍然要吸收热量，由图可知其温度保持99不变，故B正确；C、烧杯上方带孔的纸板可以减少热量散失，能缩短把水加热到沸腾的时间，故C正确；D、由图可知，水的沸点是99，沸点低于100，此时大气压低于标准大气压，故D正确；故选：A。【点评

21、】此题是探究“水的沸腾”的实验，考查了水沸腾过程中的特点，同时考查沸腾图象的分析，常见题目。5（2分）下列运动项目涉及的物理知识描述正确的是（）A三级跳远快速助跑是为了增大惯性B划船比赛船桨和水之间力的作用是相互的C引体向上人对单杠的拉力与单杠对人的拉力是一对平衡力D百米赛跑裁判员通过相同时间比较路程的方法判断运动快慢【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；（2）物体间力的作用是相互的；（3）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；（4）比较物体运动快慢的方法：通过相同的路程，比较时间的多少，用时越多，运动越慢。利用相同的

22、时间，比较路程的长短，经过路程越长，运动越快。【解答】解：A、跳远运动员在起跳前要助跑是为了利用惯性，但惯性的大小只与物体的质量有关，所以快速助跑不能增大惯性，故A错误；B、运动员用桨向后划水，对水施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，水就会对船桨产生向前的反作用力使龙舟前进，故B正确；C、引体向上人对单杠的拉力与单杠对人的拉力作用在不同的物体上，是相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；D、百米赛跑裁判员是在路程相同的情况下，比较时间判断运动快慢，谁用时间少，谁跑得快，故D错误。故选：B。【点评】本题以体育运动为背景，考查了不同运动项目中所涉及的多个物理知识点，有一定综合性，体现了物理知识

23、的无处不在。6（2分）关于下面四幅图的说法正确的是（）A甲图：活塞压缩空气，硝化棉燃烧，此过程与热机的压缩冲程原理相同B乙图：瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是汽化现象C丙图：抽出玻璃板，下瓶中出现红棕色二氧化氮气体，表明气体间可以发生扩散现象D丁图：悬挂重物不能把两块铅块分开，说明分子间存在引力，没有斥力【分析】（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增加，物体对外做功，其内能会减小；四冲程汽油机的做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程有能量转化，将机械能转化为内能。（2）汽化是从液态变为气态；液化是从气态变为液态；（3）扩散现象表明，一切物质的

24、分子都在不停地做无规则运动；（4）分子同时存在相互作用的引力和斥力。【解答】解：A、图甲所示，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的过程，故与内燃机的压缩冲程相类似，故A正确；B、乙图中，瓶内空气推开瓶塞，内能减少，瓶口出现的白雾是水蒸气遇冷液化现象，故B错误；C、丙图中，上方的二氧化氮气体密度大，抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，可能是扩散现象，但也可能是重力的作用，故不能表明气体间可以发生扩散现象，故C错误；D、图中两个压紧的铅块能吊起钩码而不分开，是由于分子间存在引力，但也有斥力

25、，故D错误。故选：A。【点评】知道做功可以改变物体的内能，了解液化现象，熟知扩散现象的实验，了解分子间作用力的特点等，可顺利解答此题。7（2分）下列有关生产和生活中的应用解释正确的是（）A斧头具有很薄的刃，是为了增大压力B用吸管吸饮料，利用了大气压C风筝能在空中飞行，是因为受到空气的浮力D拉杆箱下安装轮子，是通过减小受力面积减小摩擦【分析】（1）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。（2）利用大气压往往是物体的一个位置和空气接触，另一个位置没有空气或空气减少，大气压是利用内外压强差的原理。（3）风筝是利用流体压强产生的升力升空的。（4）减小

26、摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：A、斧头具有很薄的刃，是在压力一定时，减小受力面积来增大斧头对物体的压强，故A错误；B、用吸管吸饮料时是在大气压的作用下把饮料吸入人的口腔，是利用了大气压，故B正确；C、风筝是利用风筝上下方空气的流速不同产生的升力升空的，不是因为受到空气的浮力，故C错误；D、拉杆箱下安装轮子，是用滚动代替滑动来减小摩擦力，故D错误。故选：B。【点评】生活处处有物理，我们要能够从生活现象找出用到的物理知识。联系生活实际出题，这是中考出题最常见的一种

27、方式，需要引起注意。8（2分）如图所示，小球沿轨道由静止从A点向D点运动的过程中（小球和轨道间存在摩擦），下列说法错误的是（）A小球在A点的重力势能最大B小球在B点的速度最大C小球在C点和B点的机械能相等D小球不能到达D点【分析】（1）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：A、小球在A时，高度最高，重力势能最大，速度增大，动能增大，由于存在摩擦，减小的重力势能转化为动能和内能；故A正确。B、小球在B时，小球的质量不变，高度最小，势能最小，动能最大，速度最大，故B正确；C、小球和轨道间

28、存在摩擦，小球需要克服摩擦做功，故小球从B点到C点的机械能减小，故C错误；D、因为小球需要克服摩擦做功，在运动过程中有一部分机械能转化为内能，故小球不能到达D点，故D正确。故选：C。【点评】本题考查了影响动能和势能大小的因素以及能量的转化知识的应用，知道动能和重力势能之间的相互转化是解决该题的关键。9（2分）如图是一款太阳能LED灯，下列相关说法错误的是（）ALED灯是由半导体材料制成的BLED灯可以把太阳能转化为电能C太阳能是可再生能源D太阳能是太阳内部发生核裂变释放的能量【分析】（1）二级管主要有半导体材料制成；（2）它为LED灯提供电能；（3）可再生能源是短时间内可以从自然界得到补充的能

29、源；（4）太阳内部不断发生着氢核聚变成氦核的反应，又称热核反应；【解答】解：A、LED灯主要工作原件是发光二极管，二级管主要有半导体材料制成；故A正确。B、太阳能板把太阳能转化为电能，而LED灯要消耗电能发光，把电能转化为光能，所以过程中有太阳能变成电能；故B正确。C、可再生能源是短时间内可以从自然界得到补充的能源；故C正确。D、太阳内部不断发生着氢核聚变成氦核的反应，又称热核反应；故D错误。故选：D。【点评】改题目考查了半导体的特点与应用、太阳能、能量转化等知识，难度不大。10（2分）共享电动汽车通过刷卡开锁，实现循环使用。租赁者将带有磁条的租车卡靠近电动汽车的感应器，检测头的线圈中就会产生

30、变化的电流，读取解锁信息。图中能反映刷卡读取信息原理的是（）ABCD【分析】（1）通电导体周围存在磁场，应用于电磁起重机、电磁继电器、电磁铁等。（2）电动机是利用通电导体在磁场中受力而运动原理制成的。（3）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生。【解答】解：租赁者将带有磁条的租车卡靠近电动汽车的感应器，检测头的线圈中就会产生变化的电流，说明这是电磁感应现象。A、如图是奥斯特实验，反映通电导体周围存在磁场。不符合题意。B、如图是通电螺旋管，反映通电导体周围存在磁场。不符合题意。C、因为电路中有电源，这是电动机的工作原理图，不符合题意。D、闭合电路的一部分导

31、体在磁场中进行切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，符合题意。故选：D。【点评】电动机和发电机的原理图非常相似，重要区别在于电动机电路中有电源，发电机电路中没有电源。11（2分）如图所示，电源电压为5V，闭合开关S，电压表的示数为1V则（）A通过灯泡L1的电流比L2的电流大B灯泡L1两端的电压是1VC灯泡L1和L2的电阻之比是4：1D若灯泡L2灯丝烧断，电压表示数为零【分析】（1）由图知两灯串联，电压表测L1两端电压，由此可知L1两端的电压；由串联电路的电流特点可知两灯电流关系；（2）由串联电路电压特点和欧姆定律可得两灯电阻关系；（3）串联中，一处断路则整个电路断路，由此根据

32、电路图分析电压表示数情况。【解答】解：AB、由图知，两灯串联在电路中，电压表测L1两端电压，即L1两端的电压是1V，故B正确；串联电路中电流处处相等，所以通过灯泡L1的电流和L2的电流相等，故A错误；C、由串联电路的电压特点知，U2UU15V1V4V，通过两灯电流相等，由欧姆定律有：，即：，故C错误；D、由图知，若灯泡灯丝烧断，则整个电路断路，所以电压表示数为0，故D正确。故选：BD。【点评】本题考查了串联电路电流、电压特点、欧姆定律的应用以及电路故障的问题，正确分析电路是解题的关键。12（2分）新型PTC发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用，图甲是PTC调试工作电路，R0是保护

33、电阻，阻值恒定；R1是PTC电阻，阻值随温度变化的图象如图乙所示。闭合开关S，当温度从20升高到120的过程中（）A电流表示数先变小后变大B电压表示数先变大后变小C电压表与电流表示数的比值先变小后变大D保护电阻R0消耗的功率先变小后变大【分析】A、甲中，两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流，由图乙知，温度升高时电阻R1先变小后变大，根据串联电阻的规律和欧姆定律分析电流表示数变化；B、根据UIR，确定定值电阻的电压变化，由串联电路电压的规律得出电压表示数变化；C、根据欧姆定律，电压表与电流表的比值即热敏电阻大小，据此分析；D、根据PI2R分析R0消耗的功率变化。【解答】解：A、甲中

34、，两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流，由图乙知，当温度从20升高到100的过程中电阻R1变小，从100升高120的过程中电阻R1变大，则根据串联电阻的规律，总电阻先变小后变大，由欧姆定律可知，电路中的电流先变大后变小，即电流表示数先变大后变小，故A错误；B、电路中的电流先变大后变小，根据UIR可知，定值电阻R0的电压先变大后变小，由串联电路电压的规律可知，R1的电压先变小后变大，即电压表示数先变小后变大，故B错误；C、根据欧姆定律可知，电压表与电流表的比值等于PTC电阻R1的阻值，所以电压表与电流表的比值先变小后变大，故C正确；D、因电路中的电流先变大后变小，根据PI2R0可知

35、，R0消耗的功率先变大后变小，故D错误。故选：C。【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键明确R温度的变化规律。13（2分）有一种插线板，当开关断开时，指示灯不亮，插孔无法正常工作；当开关闭合时，如果指示灯损坏，插孔也能正常工作。图既能满足控制要求，又符合安全用电原则的是（）ABCD【分析】干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。据此判断插线板的连接情况。【解答】解：插线板上的指示灯在开关闭合时会发光，插孔正常通电，说明开关同时控制灯泡和插座，灯泡和插座之间可能是串联，也可能是并联，如果两者并联，开关应该在干路上；如果指示灯损坏，开关闭合时

36、插孔也能正常通电，说明灯泡和插座之间是并联的，开关接在灯泡、插座和火线之间控制火线使用更安全，故只有D正确。故选：D。【点评】根据用电器之间是否相互影响是判断用电器串联和并联的方法之一；家庭电路中，开关控制用电器，开关一定接在用电器和火线之间，既能控制用电器，又能保证使用安全。14（2分）把木块放入装满水的溢水杯中，溢出水的体积为V1（如图甲）；用细针将该木块全部压入水中，溢出水的总体积为V2（如图乙），忽略细针的体积。则（）A木块的质量为水V2B缓慢下压木块的过程中，溢水杯底部受到水的压强变大C木块全部压入水中静止时，细针对木块的压力大小为水gV2D木块的密度为水【分析】（1）木块漂浮在水面

37、上时，对木块进行受力分析，由平衡条件求出木块所受的重力，然后由浮力公式的变形公式求出木块的质量，根据木块完全浸入水中时排出水的总体积求出木块的体积，然后根据密度公式求出木块的密度表达式。（2）缓慢下压木块的过程中，溢水杯中水的深度不变，由pgh分析压强变化；（3）当木块刚好全部没入水中时，木块受到的浮力等于木块重加上对木块的压力，据此求出对木块的压力。【解答】解：（1）木块静止地漂浮在水面上时，F浮G；因为木块所受到的浮力F浮水gV1，所以水gV1mg，木块的质量m水V1；木块完全浸入水中时所排开水的体积等于木块的体积，由题意知木块的体积VV2，则木块的密度：；故A错误，故D正确；（2）缓慢下

38、压木块的过程中，溢水杯中水的深度不变，由pgh可知，溢水杯底部受到水的压强不变，故B错误；（3）木块完全浸没后的浮力：F浮水gV2，木块完全浸没时，由力的平衡条件可得：F浮F压+G木，所以手对木块的压力（最大压力）：F压F浮G木水gV2mg水gV2水V1g水g（V2V1），故C错误；故选：D。【点评】本题是一道力学综合题，考查了密度的计算、浮力的计算、知识点多、综合性强，属于难题。本题关键有二：一是阿基米德原理和漂浮条件的联合使用，二是两个过程中压力的求解。15（2分）如图所示，电源电压为12V，滑动变阻器的规格为“50 2A”，L1和L2分别标有“6V 3W”和“6V 9W”的字样，闭合开关

39、S后，调节滑动变阻器的滑片，在保证电路安全的情况下（不考虑温度对灯丝的影响），下列说法正确的是（）AL2能正常发光B滑动变阻器接入电路的最小阻值是8C电流表示数的变化范围是00.5AD电路消耗的最大功率是12W【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据PUI求出灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，比较灯泡的额定电流和、滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出数滑动变阻器两端的最小电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中

40、的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电路中的最小电流；（3）根据PUI求出电路消耗的最大电功率。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡L1、L2串联，电流表测电路中的电流。（1）由PUI可得，灯泡的额定电流分别为：I额10.5A，I额21.5A，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的最大电流为I最大I额10.5A，则L1能正常发光；故A错误；此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据I可得，最小总电阻：R总小24；灯泡的电阻分别为：R112；R24；因串联电路的总电阻等于各电阻之和，

41、所以变阻器接入电路中的最小阻值：R滑小R总小R1R2241248；故B正确；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，则R总大R滑+R1+R250+12+466；电路中的最小电流：I最小A，所以，电流表示数的变化范围是0.5A，故C错误；（3）电路消耗的最大功率：P最大UI最大12V0.5A6W，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是会根据电路中的电流确定滑动变阻器接入电路中的最小阻值。二、理解与应用16（3分）春节是中华民族的传统节日，年夜饭“吃饺子”是一种习俗。包饺子时，用力捏出褶边，说明力可以改变物体的形状；刚下锅的饺子沉

42、在锅底，加热一段时间会上浮，在上浮过程中，内能转化为机械能；出锅后的饺子变瘪了，饺子内气体密度变大。【分析】（1）力的作用效果：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；（2）根据饺子在热水中吸收热量，饺子内的气体膨胀对外做功，据此分析能量的转化；（3）根据密度公式分析饺子内气体密度的变化。【解答】解：（1）包饺子时用手捏饺子可捏出漂亮的褶边，这是力使饺子皮的形状发生了改变；（2）饺子下锅后，在热水中吸收热量，饺子内的气体膨胀对饺子做功，饺子会上浮，此时内能转化为机械能；（3）出锅后的饺子变瘪了，饺子内空气的质量不变，内部空气的体积减小，根据密度公式可知，饺子内气体密度变大。故答案为：改变物

43、体的形状；内能；变大。【点评】本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，要求灵活运用所学知识解释实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。17（3分）如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关S1和S2时，小磁针N极指向右端，则电磁铁的左端为N极，电源右端为正极。要使指示灯变亮，滑动变阻器的滑片应向左滑动。【分析】（1）根据磁极间的相互作用得出电磁铁的两极，利用安培定则可知电源的正负极；（2）根据灯泡亮度的变化可知，电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化，进一步得出滑动变阻器的滑片移动方向。【解答】解：已知小磁针N极指向右端，根据磁极间的相互作用可知，

44、电磁铁的左端N极，右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，则电源右端为正极，左端为负极，闭合开关S1和S2，要使指示灯变亮，则电路电流变大，巨磁电阻的阻值减小，磁场的磁性增强，电流变大，电阻变小，则使滑片P向左滑动。故答案为：N；正；左。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系等，判读出巨磁电阻的变化是解题的关键。18（3分）2019年1月3日，嫦娥四号探测器在月球背面成功着陆，并通过“鹊桥”中继星传回了世界上第一张近距离拍摄的月背景影像图，传输过程中利用了电磁波；嫦娥四号的巡视器玉兔二号质量为135g，与月球表面的接触面积约为0.8m2，玉兔二号对月球表面的压强为0.28pa，（g取10N/kg，物体在月球上的重力为地球上的）：玉兔二号移动很慢，速度约为250m/h，累计在月球表面行驶了120m，用时约为0.48h。【分析】（1）电磁波可以在真空中传播；（2）根据P，求得压强；（3）根据速度公式v求得时间。【解答】解：（1）通过“鹊桥”中继星传回了世界上第一张近距离拍摄的月背景影像图，传输过程中