2019年高考物理二轮复习精编练习：选择题48分练+13+Word版含解析(共7页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上选择题48分练(十三)(时间：20分钟分值：48分)(15小题为单选题，68小题为多选题)1(2018深圳第二次调研)下列论述中正确的是()A开普勒根据万有引力定律得出行星运动规律B爱因斯坦的狭义相对论，全面否定了牛顿的经典力学规律C普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念D玻尔提出的原子结构假说，成功地解释了各种原子光谱的不连续性C开普勒用三句话概括了第谷数千个观察数据，展示了行星运动规律，A错误；爱因斯坦的狭义相对论不是否定了牛顿的经典力学，而是牛顿的经典力学规律在高速微观范围内不再适用，B错误；普朗克把能量子引入物理学，正确地破除了“能量

2、连续变化”的传统观念，C正确；玻尔提出的原子结构假说，不能解释氦原子核光谱的不连续性，D错误2(2018济南外国语学校模拟)如图1甲所示，线圈ABCD固定于匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面向外，当磁场变化时，线圈AB边所受安培力向右且变化规律如图乙所示，则磁场的变化情况可能是下列选项中的()图1 AB CDD由法拉第电磁感应定律可知ES，结合闭合电路欧姆定律，则安培力的表达式FBILBSL，由图可知安培力的大小不变，而SL是定值，若磁场B增大，则减小，若磁场B减小，则增大；线圈AB边所受安培力向右，则感应电流的方向是顺时针，原磁场磁感强度应是增加的，故D正确，A、B、C错误3(2018太原模拟)

3、“月亮正加速远离地球！后代没月亮看了”一项新的研究表明，月球的引力在地球上产生了周期性的潮汐现象，潮汐力耗散地球的自转能量，降低地球的旋转速度，同时也导致月球正在以每年3.8 cm的速度远离地球不考虑其他变化，则很多年后与现在相比，下列说法正确的是()A月球绕地球做圆周运动的周期将减小B月球绕地球做圆周运动的线速度增大C地球同步定点卫星的高度增大D地球同步定点卫星的角速度增大C万有引力充当向心力，故Gmr，解得T2，可知轨道半径越大，周期越大，所以月球绕地球做圆周运动的周期增大，A错误；根据公式Gm可得v，故轨道半径越大，线速度越小，所以月球绕地球运动的线速度减小，B错误；因为地球旋转速度减小

4、，即角速度减小，根据T可知自转周期变大，根据T2可知同步卫星的轨道半径变大，即地球同步定点卫星的高度增大，C正确，D错误4如图2甲所示，倾角为30的斜面固定在水平地面上，一个小物块在沿斜面向上的恒定拉力F作用下，从斜面底端A点由静止开始运动，一段时间后撤去拉力F，小物块能达到的最高位置为C点，己知小物块的质量为0.3 kg，小物块从A到C的vt图象如图乙所示，g取10 m/s2，则下列说法正确的是() 甲乙图2A小物块加速时的加速度大小是减速时加速度的B小物块与斜面间的动摩擦因数为C小物块到达C点后将沿斜面下滑D拉力F的大小为4 NC在速度时间图象中图象的斜率表示加速度，在有F作用时小物块做加

5、速运动，a1 m/s22.5 m/s2，撤去拉力F后做减速运动，故a2 m/s27.5 m/s2，所以|a1|a2|，A错误；撤去拉力后，在沿斜面方向上有mgsin mgcos ma2，解得，B错误；因为mgsin 30mgcos 30，故小物块到达C点后将沿斜面下滑，C正确；有拉力作用时，根据牛顿第二定律可知Fmgsin 30mgcos 30ma1，解得F3 N，D错误5(2018昆明3月质检)如图3所示为一理想变压器，其中a、b、c为三个额定电压相同的灯泡，输入电压u Umsin 100t(V)当输入电压为灯泡额定电压的8倍时，三个灯泡刚好都正常发光下列说法正确的是()图3A三个灯泡的额定

6、电压为Um/8B变压器原、副线圈匝数比为92C此时灯泡a和b消耗的电功率之比为27D流过灯泡c的电流，每0.02 s方向改变一次C设灯泡的额定电压为U，根据题意，输入电压U入8U，得：U，此时原线圈两端的电压为U1U入U7U，副线圈两端的电压为U22U，则变压器原、副线圈匝数比为，根据，因为a、b此时都能正常发光，故电压都为额定电压，根据PUI，可知a、b消耗的电功率与电流成正比，即此时灯泡a和b消耗的电功率之比为27，由输入电压的表达式，可知周期T0.02 s，而变压器不会改变交变电流的周期，故每0.02 s电流方向改变两次，故A、B、D错误，C正确6.如图4所示，将质量为M1、半径为R且内

7、壁光滑的半圆槽置于光滑水平面上，左侧靠竖直墙壁，右侧靠一质量为M2的物块今让一质量为m的小球自左侧槽口A的正上方h高处从静止开始下落，与半圆槽相切自A点进入槽内，则以下结论中正确的是()图4A小球在槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒B小球在槽内运动由B至C过程中，小球、半圆槽和物块组成的系统在水平方向动量守恒C小球离开C点以后，将做竖直上抛运动D小球从A点经最低点向右侧最高点运动的过程中，小球、半圆槽和物块组成的系统机械能守恒BD小球从AB的过程中，半圆槽对球的支持力沿半径方向指向圆心，而小球对半圆槽的压力方向相反指向左下方，因为有竖直墙挡住，所以半圆槽不会向左运动，可见，该过

8、程中，小球与半圆槽在水平方向受到外力作用，动量并不守恒，而由小球、半圆槽和物块组成的系统动量也不守恒；从BC的过程中，小球对半圆槽的压力方向向右下方，所以半圆槽要向右推动物块一起运动，因而小球参与了两个运动：一个是沿半圆槽的圆周运动，另一个是与半圆槽一起向右运动，小球所受支持力方向与速度方向并不垂直，此过程中，因为有物块挡住，小球与半圆槽在水平方向动量并不守恒，但是小球、半圆槽和物块组成的系统水平方向动量守恒，小球运动的全过程，水平方向动量也不守恒，选项A错误，选项B正确；当小球运动到C点时，它的两个分运动的合速度方向并不是竖直向上，所以此后小球做斜上抛运动，故选项C错误；因接触面都是光滑的，

9、所以小球、半圆槽、物块组成的系统机械能守恒，故选项D正确7(2018衡阳二次联考)质量M1 kg、长为L6 m的长木板静置于粗糙水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数0.1.可视为质点的A、B两物块静放在木板上，其所在位置恰把木板的长度三等分，A、B质量分别为m12 kg和m21 kg，与木板间的动摩擦因数分别为10.3、20.5，现让一水平恒力F作用在物块A上，如图5所示已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g10 m/s2，则()图5A若F3 N，木板受到B的摩擦力大小为3 NB若F5 N，物块B受到的摩擦力大小为5 NC若F10 N,2 s时物块A将会从木板左端滑离D无论力F多大，物体B一定不会

10、从长木板的右端掉落CDA与长木板要发生相对运动的最大静摩擦力为fAm1m1g6 N，而木板要发生运动的最大静摩擦力为fm(m1m2M)g4 N，故当F3 N时，三者都处于静止，所以B在水平方向上不受外力，摩擦力为零，A错误；若F5 N，三者相对静止的发生滑动，对整体有Ffm(m1m2M)a，解得a0.25 m/s2，而B在水平方向上受到的摩擦力提供加速度，故对B有fBm2a0.25 N，B错误；若F6 N，则A相对长木板滑动，A会给长木板一个水平向左、大小为6 N的摩擦力，这也是长木板在水平方向上受到的最大的力，即长木板受到的最大的力为F6 N，假如此过程中B不会相对木板运动，则Ffm(m2M

11、)a，解得a1 m/s2，对B分析，fBm2a1 NfBm2m2g5 N，即假设成立，所以无论力F多大，物体B一定不会从长木板的右端掉落，若F10 N，则A相对B和木板滑动，B和木板相对静止，对A分析，FfAmm1a1，解得a12 m/s2，而B和木板整体的加速度为a1 m/s2，所以两者相对加速度为a相对1 m/s2，又都是从静止开始运动的，所以a1t2at2，解得t2 s，即2 s时物块A将会从木板左端滑离，C、D正确8(2018甘肃河西五市一模)如图6所示，若干个动量相同的带电粒子，先后沿直线通过由相互正交磁感应强度为B1的匀强磁场和电场强度为E的匀强电场组成的速度选择器，这些粒子沿直线

12、通过平板MN上的狭缝P进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，最终落在平板MN上的A1A3处，下列判断正确的是()图6A磁感应强度为B1的磁场方向垂直于纸面向外B能通过狭缝P的带电粒子的速度大小等于C所有打在MN上的粒子，在磁感应强度为B2的磁场中的运动时间都相同D打在MN上的粒子位置离P越远，粒子的电荷量q越小ABD根据速度选择器中粒子所受电场力与洛伦兹力平衡，设粒子带正电，根据电场方向可知电场力方向向右，则洛仑兹力方向向左，利用左手定则可知，磁感应强度为B1的磁场方向垂直于纸面向外，故A项正确根据速度选择器模型中，满足qvB1qE，所以可得带电粒子的速度大小v，故B项正确所有打在MN上的粒子，都穿过速度选择器，所以粒子的速度均相同，且v，粒子在磁场中运动的周期T，由图可知打在A1、A2处粒子半径R不同，故粒子在磁场中运动的时间t也不同，故C项错误半径公式R，因为粒子动量pmv均相同，打在MN上的粒子位置离P的距离d2R，所以可知d与q成反比，则打在MN上的粒子位置离P越远，粒子的电荷量q越小，故D项正确专心-专注-专业