大学物理活页作业答案(上册)(共22页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上11B2D3D4B53.0m；5.0m（提示：首先分析质点的运动规律，在t2.0s时质点沿x轴反方向运动；由位移和路程的定义可以求得答案。）6135m（提示：质点作变加速运动，可由加速度对时间t的两次积分求得质点运动方程。）7解：（1） （2） 8解：ths9解：（1）设太阳光线对地转动的角速度为（2）当旗杆与投影等长时，10解： -kv dv / dy 已知y=yo ，v=vo 则21D2A3B4C5；6； 7解：（1）由速度和加速度的定义；（2）由切向加速度和法向加速度的定义（3）8解：火箭竖直向上的速度为火箭达到最高点时垂直方向速度为零，解得9解：10解：；31

2、C2C3A4；5；6解：（1） （2）FN=0时；a=gcot7解： 8解：由牛顿运动定律可得分离变量积分 9解：由牛顿运动定律可得分离变量积分 10解：设f沿半径指向外为正，则对小珠可列方程，以及 ，积分并代入初条件得 ，41A； 2A；3B；4C；5相同6；7解：（1）；（2）8解：9解： 物体m落下h后的速度为 当绳子完全拉直时，有 10解：设船移动距离x，人、船系统总动量不变为零等式乘以d t后积分，得 5.1C2D3D4C518J；6m/s65/37解：摩擦力由功能原理 解得 .8解：根据牛顿运动定律 由能量守恒定律 质点脱离球面时 解得：9解：(1)在碰撞过程中，两球速度相等时两小

3、球间距离最小 (2) 两球速度相等时两小球间距离最小，形变最大，最大形变势能等于总动能之差 联立、得 10解：(1)由题给条件m、M系统水平方向动量守恒，m、M、地系统机械能守恒 解得： ； (2) 当m到达B点时，M以V运动，且对地加速度为零，可看成惯性系，以M为参考系 6.1B2C3C4C5v = 1.23 m/s；an = 9.6 m/s2； = 0.545 rad/ s2；N = 9.73转。67解：（1）由转动定律，（2）由刚体转动的动能定理（3）根据牛顿运动定律和转动定律：mgF=marF=Ja=r联立解得飞轮的角加速度8解：（1）由转动定律 （2）取棒与地球为系统，机械能守恒 (

4、3)棒下落到竖直位置时 9解：（1）系统的能量守恒，有 联立解得： ； （2）设绳子对物体(或绳子对轮轴)的拉力为T，则根据牛顿运动定律和转动定律得： mg Tma T rJb 由运动学关系有： a = rb 联立解得： 10解：以中心O 为原点作坐标轴Ox、Oy和Oz如图所示，取质量为 式中面密度为常数，按转动惯量定义， 薄板的质量 所以 71C2A3D4B5；6；7解：小球转动过程中角动量守恒 8子弹与木杆在水平方向的角动量守恒 9解：圆环所受的摩擦力矩为，由转动定律 ， 至圆环停止所经历的时间 10解：落下过程棒的机械能守恒。设棒刚到竖直位置时角速度为， 碰撞过程，物体与棒系统角动量守恒

5、， 碰撞过程轴不受侧向力，物体与棒系统水平方向动量守恒， 、消去，得 ， 、消去，得.81 B2 B3 C4 A56 2:17 解：，运动方程（1）由旋转矢量法，；（2）由旋转矢量法，；（3）由旋转矢量法，。8 解：木块处于平衡位置时，浮力大小。上下振动时，取其处于力平衡位置点为坐标原点，竖直向下作为x轴正向，则当木块向下偏移x位移时，合外力为其中，浮力合外力为常数，表明木块在其平衡位置上下所作的微小振动是简谐运动。由可得木块运动的微分方程为令，可得其振动周期为图8-19 解：如图，由旋转矢量法可知 10. 解：（1）（2）9.10 B11 B12 C13 ，1415 （1）0.5s，1.5s

6、；（2）0s，1s, 2s 。16 解：（1）由已知的运动方程可知：，（2），17 解：振动系统的角频率为图9-1由动量守恒定律得振动的初速度即子弹和木块的共同运动初速度的值为又因初始位移，则振动系统的振幅为如图由旋转矢量法可知，则简谐运动方程为18 解：如图由旋转矢量法可知，合振动振幅为图9-2合振动初相为 10. 解：图9-3如图由旋转矢量法可知，。可见它们是反相的，因此合振动振幅为：合振动初相为：同样由旋转矢量法可知10.19 B20 C21 B22 1.67m2324 6，3025 解：（1）由波动方程可知振幅，角频率，则波速，频率，波长。（2）26 解：（1）由图可知振幅，波长，波速

7、则。又O点初始时刻位于平衡位置且向y轴正向运动，则由旋转矢量法可得，因此波动方程为（2）P处质点的振动方程为27 解：由图可知振幅，波长，则角频率。由P点的运动方向可知波向x轴负方向传播。又由图可知原点O初始时刻位于A/2处，且向y轴负方向运动，则由旋转矢量法可得。则波动方程为10解：（1）以A点为坐标原点的波动方程为（2）则以B点为坐标原点的波动方程为11.28 C29 B30 C31 ，32 550Hz，458.3Hz33 0.08W/m234 解：两列波传到连线和延长线上任一点P的相位差左侧各点：，振动都加强；右侧各点：，振动都加强；图11-7、之间：则距点为：处各点静止不动。35 解：（1）（2）时振动加强，即36 解：反射点为固定端，即为波节，则反射波为=驻波表达式10. 解：乙接受并反射的信号频率为甲接受到的信号频率为专心-专注-专业