2019年山东省潍坊市中考物理试卷含答案解析(原卷+解析)(共19页).docx

《2019年山东省潍坊市中考物理试卷含答案解析(原卷+解析)(共19页).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年山东省潍坊市中考物理试卷含答案解析(原卷+解析)(共19页).docx（20页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、精选优质文档-倾情为你奉上2019年山东省潍坊市中考物理试卷一、单项选择题（本题有10个小题，共20分每个小题给出的四个选项中，只有一个是正确的，选对的每小题得2分多选、不选、错选均不得分）1下列有关物理量的估测，最符合实际的是（）A教室课桌的高度约为20dmB潍坊市夏季高温约为40C中学生正常步行的速度约为1km/hD一本初中物理课本的质量约为2kg【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=8

2、dm左右，故A不符合实际；B、潍坊市夏季气温较高，可以高达40，故B符合实际；C、人正常步行的速度在1.1m/s=1.13.6km/h4km/h左右，故C不符合实际；D、一个苹果的质量在200g左右，一本初中物理课本的质量与此差不多，在200g左右，故D不符合实际。故选：B。2如图所示，人在科技馆内用手触摸静电球时，头发丝一根根竖起并散开，由该现象可推断竖起的头发丝所带的电荷一定是（）A正电荷B负电荷C异种电荷D同种电荷【分析】在自然界中只有两种电荷，即正电荷和负电荷，且电荷间存在着相互作用规律，即同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故该题据上分析即可解决。【解答】解：当人在触摸静电球时，人的

3、身体就会带上电荷，即人的头发上会带上同种电荷（但不能确定是正电荷还是负电荷），由于同种电荷相互排斥，故此时人的头发会飘起来。故选：D。3如图所示的光现象中，与小孔成像原理相同的是（）A苹果的影子B海市蜃楼C平面镜中的像D水中筷子“变弯”【分析】光在同种、均匀介质中沿直线传播，日食、月食、影子、小孔成像都是光的直线传播形成的。【解答】解：小孔成像是光的直线传播形成的；A、苹果的影子是由于光的直线传播形成的，故A符合题意；B、海市蜃楼是由于光的折射形成的，故B不符合题意；C、平面镜中的像属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意；D、水中筷子“变弯”是由于光的折射形成的，故D不符合题意。

4、故选：A。4夏天，刚从冰箱中取出的雪糕周围会出现“白气”，“白气”形成对应的物态变化是（）A汽化B升华C凝华D液化【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态-固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：“白气”是空中的水蒸气遇到冷的雪糕形成的小水滴，属于液化现象。故选：D。5将教室的门窗关闭，室内同学听到的室外噪声减弱。对该现象说法正确的是（）A室外噪声不再产生B噪声音调大幅降低C在传播过程中减弱了噪声D噪声在室内的传播速

5、度大幅减小【分析】要解答本题需掌握：防治噪声的途径，即在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。【解答】解：将教室的门窗关闭，属于在传播过程中减弱了噪声，室外噪声照样产生，噪声音调没有大幅降低，噪声在室内的传播速度也没有减小，故只有C正确，ABD错误。故选：C。6无人机已被应用于诸多领域，如图所示是一款四翼无人机。在无人机匀速上升过程中，对其分析正确的是（）A质量增加B动能增加C重力势能增加D机械能不变【分析】从动能和重力势能大小的影响因素进行判断。（1）动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举

6、得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。【解答】解：无人机匀速上升过程中，无人机的质量不变，高度增大，重力势能增大；速度不变，质量不变，其动能不变；无人机上升过程中，没有发生弹性形变，不具有弹性势能，所以机械能等于重力势能与动能的总和，重力势能增大，动能不变，其机械能增大。故选：C。7某款售水机可通过刷卡（闭合“感应”开关）或投币（闭合“投币”开关）接通供水电机取水；光线较暗时“光控”开关自动闭合，提供照明。下列简化电路中符合要求的是（）ABCD【分析】根据题意可知，刷卡和投币都可以使电动机工作；光控开关控制照明灯。【解答】解：由题知，售水机既可以通过刷卡闭合

7、“感应开关”，也可以通过投币闭合“投币开关”，来接通供水电机取水，这说明刷卡和投币互不影响，故感应开关和投币开关应是并联的，然后与电动机串联；光线较暗时“光控开关”自动闭合，接通灯泡提供照明，这说明灯泡能独立工作，故灯泡与电动机是并联的；结合图示可知，只有B符合题意，ACD不符合题意。故选：B。8小明通过透镜观察“美丽潍坊”四个字，看到的情形如图所示，下列说法正确的是（）A该透镜只能成放大的像B该透镜可以用作近视眼镜C该透镜可以用作照相机镜头D字到透镜的距离小于此透镜的焦距【分析】（1）凸透镜成像的三种情况：U2f 时，在另一侧光屏上得到倒立、缩小的实像。2fUf 时，在另一侧光屏上得到一个倒

8、立、放大的实像。Uf 时，通过凸透镜能看到一个正立的、放大的虚像。（2）凹透镜成正立的缩小的虚像。凹透镜是矫正近视眼的眼镜。【解答】解：图中看到字是倒立的，放大的像。应用了凸透镜成像时2fUf 时，在另一侧光屏上得到一个倒立、放大的实像，此透镜是凸透镜，A、已知此透镜是凸透镜，凸透镜也可以成倒立、缩小的实像，故A错误；B、凹透镜是矫正近视眼的眼镜。此透镜是凸透镜，故B错误；C、此透镜是凸透镜，U2f 时，在另一侧光屏上得到倒立、缩小的实像，照相机利用此原理，因此可以用来做照相机的镜头，故C正确。D、由凸透镜成像规律可知，此时字到透镜的距离大于此透镜的焦距，故D错误；故选：C。92019年4月2

9、8日，第55届世界乒乓球锦标赛单项赛在匈牙利结束，中国乒乓球队时隔八年再度包揽单项赛全部五枚金牌。如图是运动员在比赛中的场景，下列说法正确的是（）A乒乓球速度越大，惯性越大B击球时，球和拍都会发生弹性形变C球在空中运动时，运动状态不变D球被水平击出后，若所受外力全部消失，球将立即竖直下落【分析】（1）一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的。（2）力的作用效果有两个：力可以改变物体的形状即使物体发生形变。力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。【

10、解答】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，与其他因素无关，汽车的质量没有改变，所以惯性不变，A错误；B、力可以改变物体的形状，球拍击球时，它们之间的作用力会使乒乓球和球拍的形状发生形变；即乒乓球和球拍都会发生弹性形变；故B正确；C、球在空中运动时，其方向不断发生变化，则运动状态发生改变，故C错误；D、球被水平击出后，若所受外力全部消失，根据牛顿第一定律可知，球将沿水平方向作匀速直线运动。故D错误。故选：B。10在如图所示家庭电路中，将插头插入插座，打开电视，电视不工作；闭合开关，灯泡不亮；保持开关闭合，拔出插头，将测电笔分别插入插座两孔时氖管均发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（）A零

11、线上保险丝烧断B火线上保险丝烧断C灯丝烧断D插座短路【分析】在家庭电路中只有一处故障时，用试电笔检测，氖管发光的接触的是火线，氖管不发光的接触的是零线。【解答】解：将插头插入插座，打开电视，电视不工作；闭合开关，灯泡不亮，说明电路中存在断路故障；若灯丝烧断，则电视机应该工作，故不可能是灯丝烧断；保持开关闭合，拔出插头，将测电笔分别插入插座两孔时氖管均发光，插孔的左孔能使氖管发光，说明蓝色线是通的（即插孔的左孔通过灯泡、开关与火线相连，如下图）；插孔的右孔能使氖管发光，说明红色线是通的（即火线是完好的），综合分析可知是A点左侧的零线断路（可能是零线上保险丝烧断）。故选：A。二、多项选择题（本题有

12、5个小题，共20分每个小题给出的四个选项中，至少有两个是正确的，选对的每小题得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分）11关于热现象，下列说法正确的是（）A液体很难被压缩，说明分子间有引力B内能和温度有关，0的冰块没有内能C常用水作冷却剂，是利用了水比热容大这一性质D四冲程内燃机工作时，压缩冲程将机械能转化为内能【分析】（1）分子间存在相互的引力和斥力；（2）内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度和质量有关；（3）水具有较大的比热容，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量，温度变化小，因此水常被用来做取暖介质和冷却剂，比热容是物质的一种属性，其大小只与

13、物质的种类和状态有关；（4）内燃机的四个冲程中，压缩冲程活塞压缩燃料混合物做功，将机械能转化为内能。【解答】解：A、液体很难被压缩，说明分子间有斥力，故A错误；B、任何温度的物体都具有内能，故B错误；C、常用水作冷却剂，利用了水比热容较大的性质，这样在同等情况下可以吸收更多的热量，故C正确；D、压缩冲程活塞压缩燃料混合物做功，将机械能转化为内能，故D正确。故选：CD。12如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（）A电流表A的示数变大B电压表V1的示数变大C电路中消耗的总功率变大D电压表V2与电流表A示数的比值变小【分析】由图可知

14、：定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电压表V2测量电源电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据P=UI判断功率的变化；再根据欧姆定律结合定值电阻的阻值判断电压表和电流表示数的比值变化。【解答】解：由电路图可知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测量R1两端的电压，电流表测电路中的电流。A、当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A正确；B、由U=IR可知，R1两端的

15、电压变大，即电压表V2的示数变大，由于电源电压不变，根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的等于之和可知：R2两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故B错误；C、电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知电路中消耗的总功率变大，故C正确；D、由R=可知，电压表V2与电流表A示数的比值等于定值电阻R1的阻值，则两者的比值不变，故D错误。故选：AC。132019年4月，中国自主研发的600m无人遥控潜水器“海龙”成功完成下潜任务。在某次下潜中，若从“海龙”刚好浸没开始计时，到返回水面结束计时，下潜深度h随时间t的变化关系如图乙所示。忽略海水密度变化和“海龙”的形变，下列对“海龙”分析正确的是

16、（）A从开始到结束计时，共用时10minB在13min，受到海水的浮力逐渐变大C在46min，处于匀速直线运动状态D在68min，受到海水的压强逐渐减小【分析】（1）由图可知，从开始到结束计时共用时间；（2）潜水器从刚好浸没时开始下潜到返回水面，在13min内潜水器排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知受到水的浮力变化；（3）由h-t图象可知在46min内潜水器的速度，然后判断其状态；（4）由h-t图象可知在68min内潜水器所处深度的变化，根据p=gh可知受到水的压强变化。【解答】解：A、由图乙可知，从开始到结束计时，共用时10min，故A正确；B、由题知，从“海龙”刚好浸没开始计时，则在1

17、3min内，潜水器浸没水中，排开水的体积不变，由F浮=gV排可知，其受到海水的浮力不变，故B错误；C、由图乙可知，在46min内，下潜深度h不变，说明潜水器的速度为0，处于静止状态，故C错误；D、由图乙可知，在68min内潜水器所处的深度逐渐减小，即潜水器在上浮，由p=gh可知，潜水器受到海水的压强逐渐减小，故D正确。故选：AD。14如图所示，用绝缘细线分别将铜棒ab、cd水平悬挂，置于磁场方向竖直的蹄形磁铁间，两铜棒间用柔软的细长导线连接成闭合回路。下列说法中正确的是（）A竖直上下移动ab，闭合回路abcd中有电流产生B左右移动ab，cd将会运动Cab左右移动的方向，对cd受力方向无影响D仅

18、调换右侧蹄形磁铁上下磁极，对cd所受磁场作用力的方向有影响【分析】（1）如图是一侧发生切割磁感线运动，整个电路中有电流，另一侧就成了通电导体在磁场中受力而运动，本图是发电机和电动机在一个电路中的应用。（2）通电导体在磁场中运动方向跟电流方向和磁场方向有关。（3）感应电流方向跟导体切割磁感线方向和磁场方向有关。【解答】解：如图，ab做切割磁感线运动时，电路中有电流产生，cd就成了通电导体，通电导体在磁场中受力而运动。A、竖直上下移动ab，ab顺着磁感线方向运动，没有切割磁感线运动，闭合回路abcd中没有电流产生。说法错误。B、左右移动ab，ab切割磁感线运动，闭合回路abcd中有电流产生，cd成

19、为通电导体，在磁场中受力遇到。说法正确。C、ab向左切割磁感线和向右切割磁感线，磁场方向不变，切割磁感线方向改变，感应电流方向改变，cd中通电电流方向变化，磁场方向不变，所以cd受力运动方向改变。说法错误。D、调换右侧蹄形磁铁上下磁极，电流方向不变，所以cd运动方向变化，所以仅调换右侧蹄形磁铁的上下磁极，是影响cd运动的。说法正确。故选：BD。15如图所示，用水平推力F将质量均为m的木块A、B压在竖直墙面上保持静止，下列说法中正确的是（）A木块B受到的摩擦力大小一定等于FB木块B受到的摩擦力方向竖直向上C木块A受到墙面的摩擦力大小等于2mgD若增大力F，则木块B受到的摩擦力变大【分析】可分别将

20、AB看成一个整体和两个物体进行受力分析，结合二力平衡、力的作用的相互性可做出分析。【解答】解：A、对B进行受力分析可知，B在竖直方向上受到重力和A对B的摩擦力，二者是一对平衡力，因此，木块B受到的摩擦力大小等于B的重力，为mg，其大小与F无关，故A错误；B、B在竖直方向上受到重力和A对B的摩擦力，二者是一对平衡力，故木块B受到的摩擦力方向竖直向上，故B正确；C、把AB看成一个整体，其在竖直方向上受到的重力与墙面的摩擦力是一对平衡力，故木块A受到墙面的摩擦力大小等于2mg，故C正确；D、若增大力F，木块仍保持静止状态，重力与摩擦力仍平衡，所以木块B受到的摩擦力不变，故D错误。故选：BC。三、作图

21、题（本题有2个小题，共5分）16如图所示，当开关闭合时，弹簧测力计示数变小。（1）画出弹簧测力计对条形磁铁拉力的示意图；（2）在虚线框内用电路图符号画出电源。【分析】（1）弹簧测力计对条形磁铁拉力方向竖直向上，由此作出拉力的示意图；（2）开关闭合弹簧测力计示数变小，由此分析电磁铁与条形磁铁力的作用情况，从而分析出电磁铁的极性，再由安培定则判断电流方向，从而画出电源。【解答】解：（1）条形磁铁受到弹簧测力计的拉力方向竖直向上，作用点可画在磁铁的重心上，由此画出拉力的示意图如图所示；（2）开关断开时，弹簧测力计对条形磁铁的拉力与其重力是一对平衡力，即F=G，开关闭合后，弹簧测力计示数变小，说明条形

22、磁铁受到电磁铁对它向上的力，所以电磁铁与条形磁铁S极相互排斥，则电磁铁上端与S极是同名磁极，由安培定则可知，电流从电磁铁下端流入，上端流出，所以虚线内下方为电源正极，上方为负极，如图所示：17如图所示，AB为遮光板，S是点光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。请画出：（1）光源S的位置；（2）光线EF的入射光线；（3）光线EF经凸透镜后的出射光线。【分析】（1）根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称作出光源S的位置；（2）连接光源S与入射点补出入射光线；（3）凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线

23、经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。【解答】解：（1）通过平面镜作出S的对称点S，即为光源S的位置，（2）连接S与入射点E，则SE即为光线EF的入射光线；（3）由图可知，光线EF过凸透镜左侧焦点F，则该光线经凸透镜折射后将平行于主光轴射出，如图所示：四、科普阅读题（本题有1个小题，共5分）18嫦娥四号月背之旅月球是地球的天然卫星，月球绕地球公转的周期与自转周期相同，所以月球总是同一面背对地球，这一面被称为月球背面。物体在月球上的重力只有地球上的16。月球背面与地球间的通讯是一个难题，为解决该问题，我国在2018年5月成功发射了人类史上首个月球信号中继卫星“鹊桥”（

24、如图甲所示）。2018年12月8日，我国又将嫦娥四号探测器送入太空。嫦娥四号经历地月转移、近月制动、环月飞行和落月过程，最终在月球背面软着陆，成为人类史上首个着陆于月球背面的无人探测器。为避免嫦娥四号在着陆瞬间“闪着腰”，工作人员给它研制了4条强有力的“腿”，让它既能平稳着陆，又能有效“吸收”着陆时产生的冲击力，防止它携带的设备被震坏。在嫦娥四号的“腿”上，还“长着”脸盆一样的圆形“大脚掌”（如图乙所示）。“大脚掌”中央装有一个形如足弓的金属构件，可以有效分散冲击力。嫦娥四号由着陆器与巡视器（即月球车，又称“玉兔二号”）组成，2019年1月3日，巡视器与着陆器成功分离，“玉兔二号”利用其底部6

25、个带齿紋的轮子有效增大了与月面间摩擦，顺利在月背表面行驶。“玉兔二号”配有全景相机、红外成像光谱仪、测月雷达等科学探测仪器，总质量仅135kg，是世界上质量最小的月球车。阅读短文，回答问题：（1）“鹊桥”中继星在轨道上运行时，受到的力_（选填“是”或“不是”）平衡力；（2）嫦娥四号探测器“腿”上的圆形“大脚掌”可_（选填“减小”或“增大”）对月面的压强；（3）为增大与月面间的摩擦，“玉兔二号”采用的装置是_；（4）若“玉兔二号”每个轮子触月面积为100cm2，则“玉兔二号”对水平月面的压强为_Pa（地球上g取10N/kg）。【分析】（1）物体运动方向和速度大小的变化都属于运动状态的改变；物体受

26、平衡力的作用时，总保持静止或者匀速直线运动状态；（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强；（3）增大摩擦力的方法有：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；（4）“玉兔二号”对水平月面的压力和自身的重力相等，根据求出其大小，受力面积等于6个轮子触月面积之和，根据p=求出对水平月面的压强。【解答】解：（1）“鹊桥”中继星在轨道上运行时不是直线运动，运动方向不断变化，也就是状态不断变化，所以受到的力不是平衡力；（2）嫦娥四号探测器“腿”上的圆形“大脚掌”可以在压力一定的情况下，通过

27、增大受力面积来减小对月面的压强；（3）“玉兔二号”利用其底部6个带齿纹的轮子，可以增大与月面间摩擦；（4）“玉兔二号”对水平月面的压力：，受力面积：S=6100cm2=600cm2=0.06m2，则“玉兔二号”对水平月面的压强：。故答案为：（1）不是；（2）减小；（3）带齿纹的轮子；（4）3750。五、实验题（本题有4个小题，共24分）19在“探究光反射时的规律”实验中，将一块平面镜平放在水平桌面上，再把一张硬纸板竖直放在平面镜上，用激光笔将一束光贴着纸板射到平面镜上，用直尺和笔描出光线的传播路径。（1）上述实验中硬纸板的作用是_；（2）为了探究完整的反射规律，还需要用到的器材是_。【分析】（

28、1）硬纸板的作用是显示光路，并通过向后折另一半，来判断反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；（2）根据实验的目的分析解答。【解答】解：（1）根据题意可知，上述实验中硬纸板的作用是能够间接的在纸板上看到光的传播途径，即显示光的传播路径；（2）“探究光反射时的规律”实验的目的有：探究反射光线和入射光线是否共面；反射光线与入射光线是否位于法线两侧；反射角与入射角的大小关系。实验中采用可折转的纸板，可以探究反射光线、入射光线是否共面，可以探究反射光线与入射光线是否位于法线两侧；要想探究反射角与入射角的大小关系，则需要使用量角器量出反射角和入射角的大小，然后进行比较，所以还需要用到的器材是量角器。故

29、答案为：（1）显示光的传播路径；（2）量角器。20如图是探究“电流通过导体时产生的热量与哪些因素有关”的实验装置。两个相同的透明容器中密封着等量的空气，将1、2和3、4导线分别接到电源两端。（1）甲图所示的装置用来探究电流通过电阻丝产生的热量与_的关系，通电一段时间，_（选填“a”或“b”）容器中电流产生的热量较多；（2）通过观察乙图中的实验现象，可知_（选填“c”或“d”）容器中电阻丝的阻值大。【分析】电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；（1）探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同；（2）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变。【解答】解：（1）图甲

30、装置中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I左=I内+I外，所以，I左I内，烧瓶内的电阻值都是5，阻值相等，通电时间相等，电流不同，通电一段时间，由Q=I2Rt知，a容器中电流产生的热量多；（2）乙图中，右侧U型管中液柱上升幅度更大。根据串联电路的电流特点可知，电流和通电时间相等，根据Q=I2Rt可知，通电一段时间后，装置d容器内电阻大，产生的热量多。故答案为：（1）电流；a；（2）d。21在“探究电流与电阻的关系”实验中，某小组利用电阻箱等连接了如图甲所示的实物电

31、路（电源电压恒为6V）。序号电压（V）电阻（）电流（A）14100.4220（1）用笔画线代替导线将图甲中电路连接完整（要求滑动变阻器滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大）；（2）将第一次实验得到的数据填入表格，然后将电阻箱接入电路的阻值由10调至20，滑动变阻器的滑片向_（选填“A”或“B”）端移动，直到_为止，此时电流表指针位置如图乙所示，其示数为_A；（3）根据以上实验数据得出结论：电流与电阻成反比。请对上述探究写出一条改进性建议_。（4）再次改变电阻箱阻值，发现无论怎样调节滑动变阻器都不能达到实验要求，若电路无故障，则引起这种情况的原因可能是_。【分析】（1）电压表应并联到定值电阻两端，

32、根据电源电压选择电压表的量程；滑动变阻器采用“一上一下”接入电路，且滑动变阻器滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大。（2）实验中应控制电阻两端的电压不变，E、F两点间的电阻由10更换为20后，电阻两端的电压会变大，因此应当减小电路中电流，滑片应向右端（B端）移动，直到电压表示数为4V；电流表示数可以根据量程和分度值来确定。（3）应该进行多次实验，测出多组数据；由于采用的控制变量法，所以在得出结论时需要加上一定的条件；（4）滑动变阻器与电阻R1串联，电源电压一定，根据串联电路电压的特点知，滑动变阻器电压越大，定值电阻两端电压越小，现在无论如何调节滑动变阻器都不能使R1两端电压达到4V，可能是因为滑

33、动变阻器分压太小造成的。【解答】解：（1）由于电源电压为6V，所以电压表的量程选择015V，然后并联到定值电阻两端，注意正、负接线柱不要接反；滑动变阻器滑片向B端滑动时接入电路的阻值变大，接滑动变阻器下面的A接线柱即可，如图所示：（2）实验中应控制电阻两端的电压不变，将电阻箱接入电路的阻值由10调至20后，电阻两端的电压会变大，因此应当减小电路中电流，滑片应向右端（B端）移动，直到电压表示数为4V；电流表使用的量程为00.6A，分度值为0.02A，此时电流表的示数为0.2A。（3）因为实验次数太少，存在很大的偶然性，应该多次测量才能得出普遍规律；在得出实验结论时，需要加上“电压一定”的条件。（

34、4）电源电压为6V，电阻与滑动变阻器串联，根据串联电路电压的特点，当电阻电压为4V时，滑动变阻器两端的电压应为2V，根据分压原理，则滑动变阻器的阻值为待测电阻的2倍，才能达到要求，所以电阻两端电压达不到4V，是因为滑动变阻器R的阻值太小造成的或电阻箱的阻值调的过大。故答案是：（1）电路连接如上图所示；（2）B；电压表的示数为4V；0.2；（3）进行多次实验（或结论中添加“电压一定”的前提）（4）电阻箱的阻值调得太大（或滑动变阻器R的阻值太小）。22李华利用生活中常见物品巧妙地测出一石块的密度，实验过程如下：A取一根筷子，用细线将其悬挂，调节悬挂位置，直至筷子水平平衡，悬挂位置记为O点，如图甲所

35、示；B将矿泉水瓶剪成烧杯形状，倾斜固定放置，在瓶中装水至溢水口处，用细线系紧石块，将石块缓慢浸入水中，溢出的水全部装入轻质塑料袋中，如图乙所示；C取出石块，擦干水分；将装水的塑料袋和石块分别挂于筷子上O点两侧，移动悬挂位置使筷子仍水平平衡，用刻度尺分别测出O点到两悬挂点的距离l1和l2，如图丙所示。（1）已知水的密度为水，则石块密度石=_（用字母水和所测得的物理量表示）；（2）采用上述实验方法，筷子粗细不均匀对实验结果_（选填“有”或“无”）影响；（3）图乙所示步骤中，若瓶中的水未装至溢水口，实验结果将_（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。六、计算题（本题有4个小题，共26分解答时应写出必要

36、的文字说明、公式和重要的计算步骤，只写出最后答案的不能得分）【分析】（1）利用杠杆的平衡条件和石块体积等于溢出水的体积相等，确定等量关系，解出石块的密度；（2）筷子粗细不均匀，实验时它在水平位置平衡，支点到重力的作用点的距离为零，则消除筷子自身重对杠杆平衡的影响。（3）若瓶中的水未装至溢水口，溢出的水偏少，根据杠杆的平衡条件即可判断。【解答】解：（1）图丙中，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可得：G水L1=G石L2，由于G=mg=Vg可得：水V水L1=石V石L2；石块体积等于它排出水的体积，所以，V石=V水，则：水L1=石L2，所以，；（2）由于实验时调节悬挂位置，直至筷子水平平衡，此时重

37、力的作用线通过支点，支点到重力的作用线的距离为零，则消除筷子自身重对杠杆平衡的影响，所以筷子粗细不均匀对实验结果无影响；（3）若瓶中的水未装至溢水口，则溢出的水的体积小于实际排开的水的体积，则溢出的水的重力小于排开的水的重力，当在图丙实验时，L1变大，根可知石偏大；故答案为：（1）；（2）无；（3）偏大。23一定气压下，某种晶体熔化成同温度液体时所吸收的热量与其质量之比叫该晶体的熔化热，用字母表示。在标准大气压下，用一个热效率为40%的酒精炉为热源，将50g初温为0的冰全部熔化为0的水，共燃烧了14g酒精，酒精的热值为3107J/kg。求：（1）冰熔化过程中吸收的热量；（2）在标准大气压下，冰

38、的熔化热冰。【分析】（1）利用Q放=qm求酒精完全燃烧放出的热量，再利用可求冰熔化成水共吸收热量；（2）冰熔化成水共吸收热量与冰的质量之比等于冰的熔化热。【解答】解：（1）14g酒精完全燃烧放出的热量：Q放=qm=3107J/kg0.014kg=4.2l05J，由可得，冰熔化成水共吸收热量：Q吸=Q放=4.2l05J40%=1.68l05J；（2）则冰的熔化热：。答：（1）冰熔化过程中吸收的热量为4.2l05J；（2）在标准大气压下，冰的熔化热冰为3.36106J/kg。24中国研制的“鲲龙”AG600是目前世界上最大的水陆两栖飞机，可用于森林灭火、水上救援等，其有关参数如表所示。在某次测试中

39、，飞机在水面以12m/s的速度沿直线匀速行驶，水平动力的功率为2.4106W水的密度水=1.0103kg/m3，g取10N/kg。求：鲲龙”AG600有关参数最大起飞质量53.5t最大巡航速度500km/h最大航行时间12h最大航行路程4500km（1）飞机以最大巡航速度飞行4000km所用的时间；（2）飞机在水面匀速行驶时，水平动力的大小；（3）飞机关闭动力系统静止在水面上，达最大起飞质量时排开水的体积。【分析】（1）知道路程和最大巡航速度，利用速度公式求所用时间；（2）知道飞机在水面行驶速度、功率。利用P=Wt=Fst=Fv求水平动力；（3）知道最大起飞质量，可求其重力，飞机漂浮，可求飞机

40、受到的浮力，再利用阿基米德原理求排开水的体积。【解答】解：（1）由v=st可得所用时间：；（2）由P=Wt=Fst=Fv得水平动力：；（3）最大起飞质量m=53.5t=5.35104kg，因为飞机漂浮，所以飞机受到的浮力：F浮=G=mg=5.35104kg10N/kg=5.35105N，由F浮=水V排g可得排开水的体积：。答：（1）飞机以最大巡航速度飞行4000km所用的时间为8h；（2）飞机在水面匀速行驶时，水平动力的大小为2105N；（3）飞机关闭动力系统静止在水面上，达最大起飞质量时排开水的体积为53.5m3。25一辆质量为1.5103kg的汽车陷入一泥泞路段，司机师傅利用滑轮组和周围条

41、件，组装成了如图所示的拖车装置。已知汽车通过泥泞路段需移动8m距离，汽车在泥泞路段受到的阻力为车重的0.1倍，滑轮组的机械效率为80%，g取10N/kg。在将车匀速拖离泥泞路段过程中，求：（1）做的有用功；（2）作用在绳子自由端的拉力。【分析】（1）已知汽车在泥泞路段受到的阻力为车重的0.1倍，可求得阻力，因为匀速拖离，由二力平衡条件可得滑轮组对车的拉力；然后利用W=Fs可求得有用功；（2）由图可知n=3，由此可得绳子移动的距离，已知滑轮组的机械效率为80%，利用可求得总功，再利用W总=Fs可求得作用在绳子自由端的拉力。【解答】解：（1）汽车在泥泞路段受到的阻力：f=0.1mg=0.11.51

42、03kg10N/kg=1.5103N；将车匀速拖离，由二力平衡条件可得，滑轮组对车的拉力：F拉=f=1.5103N；所做有用功：W有=F拉s车=1.5103N8m=1.2104J，（2）由图可知n=3，则绳子移动的距离：s绳=3s车=38m=24m，由；由W总=Fs绳可得，作用在绳子自由端的拉力：。答：（1）做的有用功为1.2104J；（2）作用在绳子自由端的拉力为625N。26在如图所示电路中，小灯泡R1标有“4V1.6W”字样，定值电阻R2=20，滑动变阻器R3允许通过的最大电流为1A，电流表A1的量程为00.6A，电流表A2的量程为03A，电压表的量程为03V，电源电压和小灯泡的阻值均保

43、持不变。只闭合开关S2时，电压表的示数为2V；将滑动变阻器滑片滑到最左端，闭合所有开关，此时电流表A2示数为0.5A求：（1）电源电压；（2）滑动变阻器R3的最大阻值；（3）只闭合开关S3，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围。【分析】（1）知道小灯泡的额定电压和额定功率，根据求出灯泡的电阻；只闭合开关S2时，灯泡R1与电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（2）将滑动变阻器滑片滑到最左端，闭合所有开关，电阻R2与R3的最大阻值并联，电流表A2测干路电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串

44、联求出滑动变阻器R3的最大阻值；（3）只闭合开关S3时，灯泡R1与滑动变阻器R3串联，电流表A1测电路中的电流，电压表测R1两端的电压，当电压表的示数最大时，灯泡两端的电压最大，其实际功率最大，根据求出其大小；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=UI=I2R求出灯泡的最小功率，然后得出小灯泡电功率的变化范围。【解答】解：（1）由可得，灯泡的电阻：，只闭合开关S2时，灯泡R1与电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I（R1+

45、R2）=0.2A（10+20）=6V；（2）将滑动变阻器滑片滑到最左端，闭合所有开关，电阻R2与R3的最大阻值并联，电流表A2测干路电流，此时电路的总电阻：，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，解得：R3=30；（3）只闭合开关S3时，灯泡R1与滑动变阻器R3串联，电流表A1测电路中的电流，电压表测R1两端的电压，当电压表的示数R1=3V时，灯泡两端的电压最大，其实际功率最大，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1的功率最小，此时电路中的电流：，则灯泡的最小功率：P1小=I小2R1=（0.15A）210=0.225W，所以，小灯泡电功率的变化范围为0.225W0.9W。答：（1）电源电压为6V；（2）滑动变阻器R3的最大阻值为30；（3）只闭合开关S3，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围为0.225W0.9W。专心-专注-专业