2018年辽宁省铁岭市中考数学试卷(有乱码)(共33页).docx

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2018年辽宁省铁岭市中考数学试卷（有乱码）一、选择题（共10小题，每小题3分，共30分）1（3分）（2018铁岭）3的绝对值是（）A3B3C13D-132（3分）（2018铁岭）下列图形既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）ABCD3（3分）（2018铁岭）计算（b2）3的结果正确的是（）Ab6Bb6Cb5Db54（3分）（2018铁岭）如图是由6个大小相同的小立方体搭成的几何体，这个几何体的主视图是（）ABCD5（3分）（2018铁岭）下列一元二次方程中，有两个不相等的实数根的方程是（）Ax2+10Bx22x+10Cx2+2x+40Dx2x306（3分）（2018

2、铁岭）有8张看上去无差别的卡片，正面分别写着1、2、3、4、5、6、7、8把卡片背面朝上洗匀后，从中任意抽取一张卡片，卡片上的数字是偶数的概率是（）A18B38C12D147（3分）（2018铁岭）如图，ABCD，130，则2的度数是（）A120B130C150D1358（3分）（2018铁岭）下表是我市6个县（市）区今年某日最高气温（）的统计结果：地区银川区调兵山清河区西丰昌图开原温度（）313030292930则该日最高气温（）的众数和中位数分别是（）A31，31B30，30C30，29D31，309（3分）（2018铁岭）如图，在菱形ABCD中，AB5，对角线AC与BD相交于点O，且AC

3、：BD3：4，AECD于点E，则AE的长是（）A4B245C5D12510（3分）（2018铁岭）如图，直线yx+2与x轴交于点A，与y轴交于点B，与反比例函数y=kx（x0）的图象交于点C，点D（3，a）在直线yx+2上，连接OD，OC，若COD135，则k的值为（）A2B4C6D8二、填空题（共8小题，每题3分，共24分）11（3分）（2018铁岭）据统计，去年我国汽车进口总量超过辆，将用科学记数法表示为 12（3分）（2018铁岭）分解因式：m3nmn 13（3分）（2018铁岭）某校九年级甲、乙两名男生将近期6次立定跳远的平均成绩都是2.2米，方差分别是S甲20.004，S乙20.00

4、6，则两名男生中成绩较稳定的是 （填“甲”或“乙”）14（3分）（2018铁岭）不等式组x-302x-80的解集是 15（3分）（2018铁岭）若x6-1y且x，y是两个连续的整数，则x+y的值是 16（3分）（2018铁岭）如图，直线y=12x2与x轴交于点A，以OA为斜边在x轴上方作等腰直角三角形OAB，将OAB沿x轴向右平移，当点B落在直线y=12x2上时，则OAB平移的距离是 17（3分）（2018铁岭）在半径为3的O中，弦AB的长是33，则弦AB所对的圆周角的度数是 18（3分）（2018铁岭）如图，点A1在直线l1：y=3x上，过点A1作x轴的平行线交直线l2：y=33x于点B1，

5、过点B1作l2的垂线交l1于点A2，过点A2作x轴的平行线交直线l2于点B2，过点B2作l2的垂线交l1于点A3，过点A3作x轴的平行线交直线l2于点B3，过点B1，B2，B3，分别作l1的平行线交A2B2于点C1，交A3B3于点C2，交A4B4于点C3，按此规律继续下去，若OA11，则点n的坐标为 （用含正整数n的式子表示）三、解答题（19题10分，20题12分，共22分）19（10分）（2018铁岭）先化简，再求值：（a+2-5a-2）2a2-6aa-2，其中a=-3220（12分）（2018铁岭）自我省深化课程改革以来，铁岭市某校开设了：A利用影长求物体高度，B制作视力表，C设计遮阳棚，

6、D制作中心对称图形，四类数学实践活动课规定每名学生必选且只能选修一类实践活动课，学校对学生选修实践活动课的情况进行抽样调查，将调查结果绘制成如下两幅不完整的统计图根据图中信息解决下列问题：（1）本次共调查 名学生，扇形统计图中B所对应的扇形的圆心角为 度；（2）补全条形统计图；（3）选修D类数学实践活动的学生中有2名女生和2名男生表现出色，现从4人中随机抽取2人做校报设计，请用列表或画树状图法求所抽取的两人恰好是1名女生和1名男生的概率四、解答题（21题12分，22题12分，共24分）21（12分）（2018铁岭）俄罗斯足球世界杯点燃了同学们对足球运动的热情，某学校计划购买甲、乙两种品牌的足球

7、供学生使用已知用1000元购买甲种足球的数量和用1600元购买乙种足球的数量相同，甲种足球的单价比乙种足球的单价少30元（1）求甲、乙两种品牌的足球的单价各是多少元？（2）学校准备一次性购买甲、乙两种品牌的足球共25个，但总费用不超过1610元，那么这所学校最多购买多少个乙种品牌的足球？22（12分）（2018铁岭）如图，某地质公园中有两座相邻小山游客需从左侧小山山脚E处乘坐竖直观光电梯上行100米到达山顶C处，然后既可以沿水平观光桥步行到景点P处，也可以通过滑行索道到达景点Q处，在山顶C处观测坡底A的俯角为75，观测Q处的俯角为30，已知右侧小山的坡角为30（图中的点C，E，A，B，P，Q均

8、在同一平面内，点A，Q，P在同一直线上）（1）求CAP的度数及CP的长度；（2）求P，Q两点之间的距离（结果保留根号）五、解答题（12分）23（12分）（2018铁岭）如图，四边形ABCD中，连接AC，ACAD，以AC为直径的O过点B，交CD于点E，过点E作EFAD于点F（1）求证：EF是O的切线；（2）若BACDAC30，BC2，求BCE的长（结果保留）六、解答题（12分）24（12分）（2018铁岭）铁岭市某商贸公司以每千克40元的价格购进一种干果，计划以每千克60元的价格销售，为了让顾客得到更大的实惠，现决定降价销售，已知这种干果销售量y（千克）与每千克降价x（元）（0x20）之间满足一

9、次函数关系，其图象如图所示：（1）求y与x之间的函数关系式；（2）商贸公司要想获利2090元，则这种干果每千克应降价多少元？（3）该干果每千克降价多少元时，商贸公司获利最大？最大利润是多少元？七、解答题（12分）25（12分）（2018铁岭）如图，ABC与CDE是等边三角形，连接AD，取AD的中点P，连接BP并延长至点M，使PMBP，连接AM，EM，AE，将CDE绕点C顺时针旋转（1）如图1，当点D在BC上，点E在AC上时，则AEM的形状为 ；（2）将CDE绕点C顺时针旋转至图2的位置，请判断AEM的形状，并说明理由；（3）若CD=12BC，将CDE由图1位置绕点C顺时针旋转（0360），当M

10、E=3CD时，请直接写出的值八、解答题（14分）26（14分）（2018铁岭）如图，抛物线yx2+bx+c交x轴于点A，B，交y轴于点C点B的坐标为（3，0）点C的坐标为（0，3），点C与点D关于抛物线的对称轴对称（1）求抛物线的解析式；（2）若点P为抛物线对称轴上一点，连接BD，以PD，PB为边作平行四边形PDNB，是否存在这样的点P，使得PDNB是矩形？若存在，请求出tanBDN的值；若不存在，请说明理由；（3）点Q在y轴右侧抛物线上运动，当ACQ的面积与ABQ的面积相等时，请直接写出点Q的坐标2018年辽宁省铁岭市中考数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，共30分

11、）1【考点】15：绝对值【专题】511：实数【分析】直接利用绝对值的定义分析得出答案【解答】解：3的绝对值是：3故选：B【点评】此题主要考查了绝对值，正确把握绝对值的定义是解题关键2【考点】P3：轴对称图形；R5：中心对称图形【专题】558：平移、旋转与对称【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解【解答】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；D、是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选项正确故选：D【点评】此题主要考查了中心对称图形与轴对称图形的概念轴对称图形的关键是寻找对称

12、轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合3【考点】47：幂的乘方与积的乘方【专题】512：整式【分析】直接利用积的乘方运算法则计算得出答案【解答】解：（b2）3b6故选：A【点评】此题主要考查了积的乘方运算，正确掌握运算法则是解题关键4【考点】U2：简单组合体的三视图【专题】55F：投影与视图【分析】找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中【解答】解：从正面看易得从下到上第一层有2个正方形，第二层有1个正方形，第三层有1个正方形，如图所示：故选：A【点评】本题考查了三视图的知识注意主视图是指从物体的正面看物体5【考点】AA：根

13、的判别式【专题】523：一元二次方程及应用【分析】分别计算四个方程的判别式的值，然后根据判别式的意义判断方程根的情况【解答】解：Ax2+10中0241140，没有实数根；Bx22x+10中（2）24110，有两个相等实数根；Cx2+2x+40中22414120，没有实数根；Dx2x30中（1）241（3）130，有两个不相等的实数根；故选：D【点评】本题考查了一元二次方程ax2+bx+c0（a0）的根的判别式b24ac：当0，方程有两个不相等的实数根；当0，方程有两个相等的实数根；当0，方程没有实数根6【考点】X4：概率公式【专题】543：概率及其应用【分析】8张看上去无差别的卡片中有4张卡片

14、是偶数，根据概率公式可计算出从中任意抽取一张，抽到偶数的概率【解答】解：共有8张无差别的卡片，其中偶数有2、4、6、8，共4张，从中任意抽取一张卡片数字是偶数的概率是48=12；故选：C【点评】此题考查了概率公式，用到的知识点为：概率所求情况数与总情况数之比；关键是找出卡片中偶数的个数7【考点】JA：平行线的性质【专题】551：线段、角、相交线与平行线【分析】根据平行线的性质，知3的度数，再根据邻补角得出2150【解答】解：ABCD，130，3130，又3+2180，2150，故选：C【点评】此题考查平行线的性质，关键是能够明确各个角之间的位置关系熟练运用平行线的性质以及邻补角的性质8【考点】

15、W4：中位数；W5：众数【专题】542：统计的应用【分析】根据众数和中位数的概念求解即可【解答】解：在这6个数中，30（）出现了3次，出现的次数最多，该日最高气温（）的众数是30；把这组数据按照从小到大的顺序排列为：29，29，30，30，30，31，则中位数为：30+302=30；故选：B【点评】本题考查了众数和中位数的概念：一组数据中出现次数最多的数据叫做众数；将一组数据按照从小到大（或从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数；如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数9【考点】KQ：勾股定理；L8：菱形的性质【专题】55

16、6：矩形 菱形 正方形【分析】根据AC：BD3：4和菱形对角线的性质得：AO：OB3：4，设AO3x，OB4x，则AB5x，由S菱形ABCD=12ACBD=CDAE，可得AE的长【解答】解：四边形ABCD是菱形，AO=12AC，OB=12BD，ACBD，AC：BD3：4，AO：OB3：4，设AO3x，OB4x，则AB5x，AB5，5x5，x1，AC6，BD8，S菱形ABCD=12ACBD=CDAE，1268=5AE，AE=245，故选：B【点评】此题主要考查了菱形的性质以及勾股定理，正确利用菱形的面积求出AE的长是解题关键10【考点】G8：反比例函数与一次函数的交点问题【专题】534：反比例函

17、数及其应用【分析】作CHy轴于H，如图，先利用一次函数解析式确定B（0，2）、A（2，0），D（3，1），则AD=2，再证明OAB为等腰直角三角形得到OABABO45，接着证明OBCDAO，则利用相似比得到BC22，于是利用BCH为等腰直角三角形求出CHBH=22BC2，从而得到C（2，4），然后根据反比例函数图象上点的坐标确定k的值【解答】解：作CHy轴于H，如图，当x0时，yx+22，则B（0，2）；当y0时，x+20，解得x2，则A（2，0），当x3时，yx+21，则D（3，1），AD=(3-2)2+12=2，OAOB，OAB为等腰直角三角形，OABABO45，OBCOAD135，CBH

18、45，COD135，而AOB90，1+245，OAB2+345，13，OBCDAO，BCOA=OBAD，即BC2=22，解得BC22，BCH为等腰直角三角形，CHBH=22BC2，C（2，4），把C（2，4）代入y=kx得k248故选：D【点评】本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征：反比例函数y=kx（k为常数，k0）的图象是双曲线，图象上的点（x，y）的横纵坐标的积是定值k，即xyk也考查了相似三角形的判定与性质和等腰直角三角形的判定与性质二、填空题（共8小题，每题3分，共24分）11【考点】1I：科学记数法表示较大的数【专题】511：实数【分析】科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中

19、1|a|10，n为整数确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同当原数绝对值10时，n是正数；当原数的绝对值1时，n是负数【解答】解：1.2106，故答案为：1.2106【点评】此题考查了科学记数法的表示方法科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中1|a|10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值12【考点】55：提公因式法与公式法的综合运用【分析】先提出公因式mn，再利用平方差公式即可解答【解答】解：m3nmnmn（m21）mn（m1）（m+1），故答案为：mn（m1）（m+1）【点评】本题考查了提公因式法和公式法进行分解因式，解决本题

20、的关键是熟记提公因式法和公式法13【考点】W7：方差【专题】542：统计的应用【分析】根据方差的意义即方差越小数据越稳定，从而得出答案【解答】解：甲、乙两名男生6次立定跳远的平均成绩都是2.2米，S甲20.004，S乙20.006，S甲2S乙2，两名男生中成绩较稳定的是甲；故答案为：甲【点评】本题考查了方差的意义方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越大，表明这组数据偏离平均数越大，即波动越大，数据越不稳定；反之，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定14【考点】CB：解一元一次不等式组【专题】524：一元一次不等式(组)及应用【分析】分别求出每个不

21、等式的解集，再求其解集的公共部分即可【解答】解：x-302x-80，由得，x3，由得，x4，所以，不等式组解集为x4，故答案为x4【点评】此题考查了不等式组的解法，求不等式组的解集要根据以下原则：同大取较大，同小取较小，小大大小中间找，大大小小解不了15【考点】2B：估算无理数的大小【专题】11：计算题；511：实数【分析】估算得出6的范围，进而求出x与y的值，即可求出所求【解答】解：469，263，即16-12，x1，y2，则x+y1+23，故答案为：3【点评】此题考查了估算无理数的大小，弄清估算的方法是解本题的关键16【考点】F8：一次函数图象上点的坐标特征；KW：等腰直角三角形；Q3：坐

22、标与图形变化平移【专题】533：一次函数及其应用；554：等腰三角形与直角三角形；558：平移、旋转与对称【分析】根据等腰直角三角形的性质求得点BC、OC的长度，即点B的纵坐标，表示出B的坐标，代入函数解析式，即可求出答案【解答】解：y=12x2，当y0时，12x20，解得：x4，即OA4，过B作BCOA于C，OAB是以OA为斜边的等腰直角三角形，BCOCAC2，即B点的坐标是（2，2），设平移的距离为a，则B点的对称点B的坐标为（a+2，2），代入y=12x2得：2=12（a+2）2，解得：a6，即OAB平移的距离是6，故答案为：6【点评】本题考查了一次函数图象上点的坐标特征、等腰直角三角形

23、和平移的性质等知识点，能求出B的坐标是解此题的关键17【考点】KQ：勾股定理；M2：垂径定理；M5：圆周角定理【专题】55C：与圆有关的计算【分析】先根据题意画出图形，连接OA、OB，过O作OFAB，由垂径可求出AF的长，根据特殊角的三角函数值可求出AOF的度数，由圆周角定理及圆内接四边形的性质即可求出答案【解答】解：如图所示，连接OA、OB，过O作OFAB，则AF=12AB，AOF=12AOB，OA3，AB33，AF=12AB=332，sinAOF=AFAO=3323=32，AOF60，AOB2AOF120，ADB=12AOB=1212060，AEB18060120故答案为：60或120【点

24、评】此题考查的是圆周角定理及垂径定理，解答此题时要注意一条弦所对的圆周角有两个，这两个角互为补角18【考点】D2：规律型：点的坐标；F8：一次函数图象上点的坐标特征【专题】533：一次函数及其应用【分析】根据两直线的解析式分别求A1、A2An1与B1、B2、Bn的坐标坐标，求出A1B1、A2C1等线段的长，然后根据四边形AnBnnAn+1是菱形解得即可【解答】解：l1：y=3x，l1与x轴的夹角为60，l2：y=33x，l2与x轴的夹角为30，点B1作l2的垂线交l1于点A2，A1B1A2是等边三角形，同理可得AnBnAn+1等边三角形四边形AnBnnAn+1是菱形；OA11，点A1的坐标为：

25、(12，32)，A1B1=32；33x=32，解得x=32，点B1的横坐标为32，点A2的横坐标为：12+322=1，OA22，A2A3A2B22，A2C1A1A21，OA32+24，点A2的纵坐标为3，点C1的横坐标为：2，即点C1的坐标为(21，3)；点A3的横坐标为2，点C2的横坐标为：2+24，点A3的纵坐标为23点C2的横坐标为：23，故点C2的坐标为（22，213），则点n的坐标为(2n，32n-1)故答案为：(2n，32n-1)【点评】本题考查数字规律问题，解题的关键根据一次函数解析式求出相关点的坐标，然后找出AnBn的长的规律，本题属于中等题型三、解答题（19题10分，20题1

26、2分，共22分）19【考点】6D：分式的化简求值【专题】513：分式【分析】原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法则计算，同时利用除法法则变形，约分得到最简结果，把a的值代入计算即可求出值【解答】解：原式=(a+2)(a-2)-5a-2a-22a(a-3)=(a+3)(a-3)a-2a-22a(a-3)=a+32a，当a=-32时，原式=-12【点评】此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法则是解本题的关键20【考点】R5：中心对称图形；VB：扇形统计图；VC：条形统计图；X6：列表法与树状图法【专题】543：概率及其应用【分析】（1）用C类别人数除以其所占百分比可得总人数，用360乘以B

27、类别人数占总人数的比例即可得；（2）总人数乘以A类别的百分比求得其人数，用总人数减去A，B，C的人数求得D类别的人数，据此补全图形即可；（3）画树状图展示12种等可能的结果数，再找出所抽取的两人恰好是1名女生和1名男生的结果数，然后根据概率公式求解【解答】解：（1）本次调查的学生人数为1220%60（名），则扇形统计图中B所对应的扇形的圆心角为3602460=144故答案为：60，144（2）A类别人数为6015%9（人），则D类别人数为60（9+24+12）15（人），补全条形图如下：（3）画树状图为：共有12种等可能的结果数，其中所抽取的两人恰好是1名女生和1名男生的结果数为8，所以所抽取

28、的两人恰好是1名女生和1名男生的概率为812=23【点评】本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率也考查了统计图四、解答题（21题12分，22题12分，共24分）21【考点】B7：分式方程的应用；C9：一元一次不等式的应用【专题】34：方程思想；522：分式方程及应用；524：一元一次不等式(组)及应用【分析】（1）设甲种品牌的足球的单价为x元/个，则乙种品牌的足球的单价为（x+30）元/个，根据数量总价单价结合用1000元购买甲种足球的数量和用1600元购买乙种足球的数量相同，即可得

29、出关于x的分式方程，解之经检验后即可得出结论；（2）设这所学校购买m个乙种品牌的足球，则购买（25m）个甲种品牌的足球，根据总价单价数量结合总费用不超过1610元，即可得出关于m的一元一次不等式，解之取其中的最大值即可得出结论【解答】解：（1）设甲种品牌的足球的单价为x元/个，则乙种品牌的足球的单价为（x+30）元/个，根据题意得：1000x=1600x+30，解得：x50，经检验，x50是所列分式方程的解，且符合题意，x+3080答：甲种品牌的足球的单价为50元/个，乙种品牌的足球的单价为80元/个（2）设这所学校购买m个乙种品牌的足球，则购买（25m）个甲种品牌的足球，根据题意得：80m+

30、50（25m）1610，解得：m12答：这所学校最多购买12个乙种品牌的足球【点评】本题考查了分式方程的应用以及一元一次不等式的应用，解题的关键是：（1）找准等量关系，正确列出分式方程；（2）根据各数量之间的关系，正确列出一元一次不等式22【考点】T9：解直角三角形的应用坡度坡角问题；TA：解直角三角形的应用仰角俯角问题【专题】55E：解直角三角形及其应用【分析】（1）根据平行线的性质得到APCPAB30，根据三角形的内角和得到CAP180753075，根据等腰三角形的判定定理得到PCAP，过P作PFAB于F，根据直角三角形的性质即可得到结论；（2）根据等腰三角形的判定定理得到CQPQ，过Q作

31、QHPC于H，根据直角三角形的性质即可得到结论【解答】解：（1）PCAB，APCPAB30，CAP180753075，CAPPCA，PCAP，过P作PFAB于F，则PFCE100，PA2PF200米；（2）PCQQPC30，CQPQ，过Q作QHPC于H，PH=12PC100，PQ=PHcos30=20033米答：P，Q两点之间的距离是20033米【点评】本题考查解直角三角形仰角俯角问题，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题，属于中考常考题型五、解答题（12分）23【考点】M5：圆周角定理；ME：切线的判定与性质；MN：弧长的计算【专题】55A：与圆有关的位置关系【分析】（1）

32、设圆心为O，连接OE，AE，根据圆周角定理得到AEC90，由等腰三角形的性质得到CAEDAE，求得OEF90，根据切线的判定定理即可得到结论；（2）连接OB，根据圆周角定理推出OBC是等边三角形，求得OBBC2，根据弧长公式即可得到结论【解答】（1）证明：设圆心为O，连接OE，AE，AC为O的直径，AEC90，AED90，ACAD，CAEDAE，EFAD，AFE90，EAF+AEFAEF+DEF90，EAFDEF，OAOE，OAEOEA，OEADEF，OEA+AEF90，OEF90，EF是O的切线；（2）解：连接OB，BAC30，BOC60，OBOC，OBC是等边三角形，OBBC2，CAD30

33、，CAE=12CAD15，COE2CAE30，BOE90，BCE的长=902180=【点评】本题考查了切线的判定，等腰三角形的性质，弧长的计算，圆周角定理，正确的作出辅助线是解题的关键六、解答题（12分）24【考点】AD：一元二次方程的应用；HE：二次函数的应用【专题】536：二次函数的应用【分析】（1）由待定系数法即可得到函数的解析式；（2）根据销售量每千克利润总利润列出方程求解即可；（3）根据销售量每千克利润总利润列出函数解析式求解即可【解答】解：（1）设y与x之间的函数关系式为：ykx+b，把（2，120）和（4，140）代入得，2k+b=1204k+b=140，解得：k=10b=100

34、，y与x之间的函数关系式为：y10x+100；（2）根据题意得，（6040x）（10x+100）2090，解得：x1或x9，为了让顾客得到更大的实惠，x9，答：这种干果每千克应降价9元；（3）该干果每千克降价x元时，商贸公司获利最大，最大利润是w元，根据题意得，w（6040x）（10x+100）10x2+100x+2000，w10（x5）2+2250，故该干果每千克降价5元时，商贸公司获利最大，最大利润是2250元【点评】本题考查的是二次函数的应用，此类题目主要考查学生分析、解决实际问题能力，又能较好地考查学生“用数学”的意识七、解答题（12分）25【考点】RB：几何变换综合题【专题】152：

35、几何综合题【分析】（1）结论：AEM是等边三角形，根据三个角是60的三角形是等边三角形证明即可（2）结论：AEM是等边三角形想办法证明AMAE，MAE60即可（3）利用勾股定理的逆定理证明AEC90，分两种情形分别求解即可【解答】解：（1）如图1中，ABC是等边三角形，ABC60，APPD，PBPM，四边形ABDM是平行四边形，AMEABC60，CDE是等边三角形，DEC60，AEMDEC60，AEM是等边三角形，故答案为：等边三角形；（2）如图2中，结论：AEM是等边三角形理由：设AE交BD于O，AC交BD于K，连接DMABC，DEC都是等边三角形，CBCA，CDCE，BCADCE，BCDA

36、CE，BCDACE（SAS），BDAE，CBKOAK，BKCAKO，AOKBCK60，APPD，BPPM，四边形ABDM是平行四边形，AMBD，AMBD，AOBOAM60，AMAE，AEM是等边三角形（3）设CDa，则AC2a，AE=3a，AC2AE2+EC2，AEC90如图3中，当点D在AC的中点时，满足条件，此时60如图4中，当点E落在BC的中点时，满足条件，此时300综上所述，满足条件的的值为60或300【点评】本题属于四边形综合题，考查了等边三角形的判定和性质，平行四边形的判定和性质，勾股定理的逆定理等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，属于中考压轴题八、解答题（14分）26

37、【考点】HF：二次函数综合题【专题】16：压轴题；34：方程思想；41：待定系数法【分析】（1）把B点坐标、点C点坐标为代入抛物线yx2+bx+c方程，即可求解；（2）存在设点P（1，m），由k1k21，即可求解；（3）设点Q坐标为（t，t2+2t+3），则：AQ所在的直线方程为：y（3t）x+（3t），ACQ的面积与ABQ的面积相等时，即：S四边形ACQB2SABQ，即可求解【解答】解：（1）把B点坐标、点C点坐标为代入抛物线yx2+bx+c方程，解得，抛物线方程为：yx2+2x+3；点A坐标为（1，0），点D坐标为（2，3），函数的对称轴为x1；（2）存在设点P（1，m），直线PD所在直线

38、方程的k值，k1=3-m2-1=3m，直线PB所在直线方程的k值，k2=-m3-1=-12m，由k1k21，解得：m1或m2；则点P（1，1）或（1，2），则：PD=2或5，则PB=10或22，tanBDN=BDDN=PDPB=1或12；（3）设点Q坐标为（t，t2+2t+3），则：AQ所在的直线方程为：y（3t）x+（3t），如图所示，连接CA、QB，过点Q作x轴的垂线QN交x轴于N点，当ACQ的面积与ABQ的面积相等时，即：S四边形ACQB2SABQ，S四边形ACQBS梯形CONQ+SAOC+SBQN=12（t2+2t+3+3）t+1213+12（3t）（t2+2t+3），=32（t2+3t+4），SABQ=12（3+1）（t2+2t+3），S四边形ACQB2SABQ，化简得：5t27t120，解得：t1或125（舍去负值），当Q在x轴下方时，由ACQ的面积与ABQ的面积相等，可得：点Q坐标为（4，5），则点Q坐标为（125，5125）或（4，5）【点评】主要考查了二次函数的解析式的求法和与几何图形结合的综合能力的培养要会利用数形结合的思想把代数和几何图形结合起来，利用点的坐标的意义表示线段的长度，从而求出线段之间的关系专心-专注-专业