2021年新高考湖北物理卷及答案解析.pdf

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1、2021 年湖北省普通高中学业水平选择性考试年湖北省普通高中学业水平选择性考试物物理理全卷满分全卷满分 100 分。考试用时分。考试用时 75 分钟。分钟。一一、选择题选择题本题共本题共 11 小题小题，每小题每小题 4 分分，共共 44 分分。在每小题给出的四个选项在每小题给出的四个选项中，第中，第 1-7 题只有一项符合题目要求，第题只有一项符合题目要求，第 8-11 题有多项符合题目要求。全部选题有多项符合题目要求。全部选对的得对的得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。1. 20 世纪 60 年代，我国以国防为主的尖端科技取得了突破性

2、的发展。1964 年，我国第一颗原子弹试爆成功；1967 年，我国第一颗氢弹试爆成功。关于原子弹和氢弹，下列说法正确的是（）A. 原子弹和氢弹都是根据核裂变原理研制的B. 原子弹和氢弹都是根据核聚变原理研制的C. 原子弹是根据核裂变原理研制的，氢弹是根据核聚变原理研制的D. 原子弹是根据核聚变原理研制的，氢弹是根据核裂变原理研制的2. 2019 年，我国运动员陈芋汐获得国际泳联世锦赛女子单人 10 米跳台冠军。某轮比赛中，陈芋汐在跳台上倒立静止，然后下落，前 5 m 完成技术动作，随后 5 m 完成姿态调整。假设整个下落过程近似为自由落体运动，重力加速度大小取 10 m/s2，则她用于姿态调整

3、的时间约为（）A. 0.2 sB. 0.4sC. 1.0 sD. 1.4s3. 抗日战争时期，我军缴获不少敌军武器武装自己，其中某轻机枪子弹弹头质量约 8 g，出膛速度大小约 750 m/s。某战士在使用该机枪连续射击 1 分钟的过程中，机枪所受子弹的平均反冲力大小约 12 N，则机枪在这 1 分钟内射出子弹的数量约为（）A. 40B. 80C. 120D. 1604. 如图（a）所示，一物块以一定初速度沿倾角为 30的固定斜面上滑，运动过程中摩擦力大小 f 恒定，物块动能 Ek与运动路程 s 的关系如图（b）所示。重力加速度大小取 10 m/s2，物块质量 m 和所受摩擦力大小 f 分别为（

4、）A. m=0.7 kg，f=0.5 NB. m=0.7 kg，f=1.0NC. m=0.8kg，f=0.5 ND. m=0.8 kg，f=1.0N5. 如图所示，由波长为1和2的单色光组成的一束复色光，经半反半透镜后分成透射光和反射光。 透射光经扩束器后垂直照射到双缝上并在屏上形成干涉条纹。 O 是两单色光中央亮条纹的中心位置， P1和 P2分别是波长为1和2的光形成的距离 O 点最近的亮条纹中心位置。反射光入射到三棱镜一侧面上，从另一侧面 M 和 N 位置出射，则（）A. 12，M 是波长为1的光出射位置B. 12，M 是波长为1的光出射位置D. 12，N 是波长为1的光出射位置6. 如图

5、所示，理想变压器原线圈接入电压恒定的正弦交流电，副线圈接入最大阻值为 2R 的滑动变阻器和阻值为 R 的定值电阻。在变阻器滑片从 a 端向 b 端缓慢移动的过程中（）A. 电流表 A1示数减小B. 电流表 A2示数增大C. 原线圈输入功率先增大后减小D. 定值电阻 R 消耗的功率先减小后增大7. 2021 年 5 月，天问一号探测器软着陆火星取得成功，迈出了我国星际探测征程的重要一步。火星与地球公转轨道近似为圆，两轨道平面近似重合，且火星与地球公转方向相同。火星与地球每隔约26个月相距最近， 地球公转周期为12个月。 由以上条件可以近似得出 （）A. 地球与火星的动能之比B. 地球与火星的自转

6、周期之比C. 地球表面与火星表面重力加速度大小之比D. 地球与火星绕太阳运动的向心加速度大小之比8. 关于电场，下列说法正确的是（）A. 电场是物质存在的一种形式B. 电场力一定对正电荷做正功C. 电场线是实际存在的线，反映电场强度的大小和方向D. 静电场的电场线总是与等势面垂直，且从电势高的等势面指向电势低的等势面9. 一电中性微粒静止在垂直纸面向里的匀强磁场中，在某一时刻突然分裂成 a、b 和 c 三个微粒，a 和 b 在磁场中做半径相等的匀速圆周运动，环绕方向如图所示，c 未在图中标出。仅考虑磁场对带电微粒的作用力，下列说法正确的是（）A. a 带负电荷B. b 带正电荷C. c 带负电

7、荷D. a 和 b 的动量大小一定相等10. 一列简谐横波沿 x 轴传播， 在 t=0 时刻和 t=1 s 时刻的波形分别如图中实线和虚线所示。已知 x=0 处的质点在 01 s 内运动的路程为 4.5 cm。下列说法正确的是（）A. 波沿 x 轴正方向传播B. 波源振动周期为 1.1 sC. 波的传播速度大小为 13 m/sD. t=1 s 时，x=6 m 处的质点沿 y 轴负方向运动11. 如图所示，一匀强电场 E 大小未知、方向水平向右。两根长度均为 L 的绝缘轻绳分别将小球 M 和 N 悬挂在电场中，悬点均为 O。两小球质量均为 m、带等量异号电荷，电荷量大小均为 q（q0） 。平衡时

8、两轻绳与竖直方向的夹角均为=45。若仅将两小球的电荷量同时变为原来的 2 倍，两小球仍在原位置平衡。已知静电力常量为 k，重力加速度大小为 g，下列说法正确的是（）A. M 带正电荷B. N 带正电荷C.mgqLkD.3mgqLk二、非选择题二、非选择题本题共本题共 S 小题，共小题，共 56 分。分。12. 某同学假期在家里进行了重力加速度测量实验。如图（a） 所示，将一根米尺竖直固定，在米尺零刻度处由静止释放实心小钢球，小球下落途经某位置时，使用相机对其进行拍照，相机曝光时间为1500s。由于小球的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹。根据照片中米尺刻度读出小球所在位置到释放点的距离 H、

9、小球在曝光时间内移动的距离l。计算出小球通过该位置时的速度大小 v，进而得出重力加速度大小 g。实验数据如下表次数12345l/cm0.850.860.820.830.85v/（ms-1）4.254.104.154.25H/m0.91810.94230.85300.88600.9231（1）测量该小球直径时，游标卡尺示数如图（b）所示，小球直径为_mm。 。（2）在第 2 次实验中，小球下落 H =0.9423m 时的速度大小 v=_m/s（保留 3 位有效数字） ；第 3 次实验测得的当地重力加速度大小 g=_m/s2（保留 3 位有效数字） 。（3）可以减小本实验重力加速度大小测量误差的措

10、施有_。A.适当减小相机的曝光时间B.让小球在真空管中自由下落；C用质量相等的实心铝球代替实心钢球13. 小明同学打算估测 5 个相同规格电阻的阻值。现有一个量程为 0.6 A 的电流表、一个电池组（电动势 E 不大于 4.5 V、内阻 r 未知） 、一个阻值为 R0的定值电阻、一个阻值为 R1的定值电阻（用作保护电阻） ，开关 S 和导线若干。他设计了如图（a）所示的电路，实验步骤如下：第一步把 5 个待测电阻分别单独接入 A、B 之间，发现电流表的示数基本一致，据此他认为 5 个电阻的阻值相等，均设为 R。第二步取下待测电阻，在 A、B 之间接入定值电阻 R0，记下电流表的示数 I0。第三

11、步取下定值电阻 R0，将 n 个（n=1，2，3，4，5）待测电阻串联后接入 A、B 之间，记下串联待测电阻的个数 n 与电流表对应示数 In。请完成如下计算和判断（1）根据上述第二步，01I与 R0、R1、E、r的关系式是01I=_。（2）定义011nYII，则 Y 与 n、R、R0、E 的关系式是 Y=_。（3）已知 R0=12.0，实验测得 I0=0.182A，得到数据如下表n12345In/A0.3340.2860.2500.2240.200Y/A-12.5001.9981.4951.0300.495根据上述数据作出Yn图像，如图（b）所示，可得 R=_（保留 2 位有效数字） ，同时

12、可得 E=_V（保留 2 位有效数字） 。（4）本实验中电流表的内阻对表中 Y 的测量值_影响（选填“有或“无） 。14. 质量为 m 的薄壁导热柱形气缸，内壁光滑，用横截面积为S的活塞封闭一定量的理想气体。在下述所有过程中，气缸不漏气且与活塞不脱离。当气缸如图(a)竖直倒立静置时。缸内气体体积为 V1， 。温度为 T1。已知重力加速度大小为 g，大气压强为 p0。(1)将气缸如图(b)竖直悬挂，缸内气体温度仍为 T1，求此时缸内气体体积 V2；(2)如图(c)所示，将气缸水平放置，稳定后对气缸缓慢加热，当缸内气体体积为 V3时，求此时缸内气体的温度。15. 如图所示，一圆心为 O、半径为 R

13、 的光滑半圆弧轨道固定在竖直平面内，其下端与光滑水平面在 Q 点相切。在水平面上，质量为 m 的小物块 A 以某一速度向质量也为 m 的静止小物块 B 运动。A、B 发生正碰后，B 到达半圆弧轨道最高点时对轨道压力恰好为零，A 沿半圆弧轨道运动到与 O 点等高的 C 点时速度为零。已知重力加速度大小为 g，忽略空气阻力。（1）求 B 从半圆弧轨道飞出后落到水平面的位置到 Q 点的距离；（2）当 A 由 C 点沿半圆弧轨道下滑到 D 点时，OD 与 OQ 夹角为，求此时 A 所受力对 A做功的功率；（3）求碰撞过程中 A 和 B 损失的总动能。16. 如图（a）所示，两根不计电阻、间距为 L 的

14、足够长平行光滑金属导轨，竖直固定在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向里，磁感应强度大小为 B。导轨上端串联非线性电子元件 Z 和阻值为 R 的电阻。元件 Z 的UI图像如图（b）所示，当流过元件 Z 的电流大于或等于0I时，电压稳定为 Um。质量为 m、不计电阻的金属棒可沿导轨运动，运动中金属棒始终水平且与导轨保持良好接触。 忽略空气阻力及回路中的电流对原磁场的影响， 重力加速度大小为 g。为了方便计算，取04mgIBL，m2mgRUBL。以下计算结果只能选用 m、g、B、L、R 表示。（1）闭合开关 S。 ，由静止释放金属棒，求金属棒下落的最大速度 v1；（2）断开开关 S，由静止释放金属

15、棒，求金属棒下落的最大速度 v2；（3）先闭合开关 S，由静止释放金属棒，金属棒达到最大速度后，再断开开关 S。忽略回路中电流突变的时间，求 S 断开瞬间金属棒的加速度大小 a。2021 年湖北省普通高中学业水平选择性考试年湖北省普通高中学业水平选择性考试物理物理全卷满分全卷满分 100 分。考试用时分。考试用时 75 分钟。分钟。一一、选择题选择题本题共本题共 11 小题小题，每小题每小题 4 分分，共共 44 分分。在每小题给出的四个选项在每小题给出的四个选项中，第中，第 1-7 题只有一项符合题目要求，第题只有一项符合题目要求，第 8-11 题有多项符合题目要求。全部选题有多项符合题目要

16、求。全部选对的得对的得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。1. 20 世纪 60 年代，我国以国防为主的尖端科技取得了突破性的发展。1964 年，我国第一颗原子弹试爆成功；1967 年，我国第一颗氢弹试爆成功。关于原子弹和氢弹，下列说法正确的是（）A. 原子弹和氢弹都是根据核裂变原理研制的B. 原子弹和氢弹都是根据核聚变原理研制的C. 原子弹是根据核裂变原理研制的，氢弹是根据核聚变原理研制的D. 原子弹是根据核聚变原理研制的，氢弹是根据核裂变原理研制的【答案】C【解析】【分析】【详解】原子弹是根据重核裂变研制的，而氢弹是根据轻核聚变研制的，

17、故 ABD 错误，C正确。故选 C。2. 2019 年，我国运动员陈芋汐获得国际泳联世锦赛女子单人 10 米跳台冠军。某轮比赛中，陈芋汐在跳台上倒立静止，然后下落，前 5 m 完成技术动作，随后 5 m 完成姿态调整。假设整个下落过程近似为自由落体运动，重力加速度大小取 10 m/s2，则她用于姿态调整的时间约为（）A. 0.2 sB. 0.4sC. 1.0 sD. 1.4s【答案】B【解析】【分析】本题考查自由落体运动。【详解】陈芋汐下落的整个过程所用的时间为22 1010Htsg1.4s下落前 5 m 的过程所用的时间为122 5s1s10htg则陈芋汐用于姿态调整的时间约为210.4st

18、tt 故 B 正确，ACD 错误。故选 B。3. 抗日战争时期，我军缴获不少敌军武器武装自己，其中某轻机枪子弹弹头质量约 8 g，出膛速度大小约 750 m/s。某战士在使用该机枪连续射击 1 分钟的过程中，机枪所受子弹的平均反冲力大小约 12 N，则机枪在这 1 分钟内射出子弹的数量约为（）A. 40B. 80C. 120D. 160【答案】C【解析】【分析】本题考查动量定理。【详解】设 1 分钟内射出的子弹数量为 n，则对这 n 颗子弹由动量定理得0Ftnmv代入数据解得120n 故选 C。4. 如图（a）所示，一物块以一定初速度沿倾角为 30的固定斜面上滑，运动过程中摩擦力大小 f 恒定

19、，物块动能 Ek与运动路程 s 的关系如图（b）所示。重力加速度大小取 10 m/s2，物块质量 m 和所受摩擦力大小 f 分别为（）A. m=0.7 kg，f=0.5 NB. m=0.7 kg，f=1.0NC. m=0.8kg，f=0.5 ND. m=0.8 kg，f=1.0N【答案】A【解析】【分析】本题结合kEs图像考查动能定理。【详解】010m 内物块上滑，由动能定理得kk0sin30mgsfsEE 整理得kk0(sin30)EEmgf s结合 010m 内的图像得，斜率的绝对值|sin304Nkmgf1020 m 内物块下滑，由动能定理得1ksin30()mgfssE整理得k1sin

20、30sin30Emgf smgf s结合 1020 m 内的图像得，斜率sin 303Nkmgf联立解得0.5Nf 0.7kgm 故选 A。5. 如图所示，由波长为1和2的单色光组成的一束复色光，经半反半透镜后分成透射光和反射光。 透射光经扩束器后垂直照射到双缝上并在屏上形成干涉条纹。 O 是两单色光中央亮条纹的中心位置， P1和 P2分别是波长为1和2的光形成的距离 O 点最近的亮条纹中心位置。反射光入射到三棱镜一侧面上，从另一侧面 M 和 N 位置出射，则（）A. 12，M 是波长为1的光出射位置B. 12，M 是波长为1的光出射位置D. 12，N 是波长为1的光出射位置【答案】D【解析】

21、【分析】本题考查折射定律以及双缝干涉实验。【详解】由双缝干涉条纹间距的公式Lxd 可知，当两种色光通过同一双缝干涉装置时，波长越长条纹间距越宽，由屏上亮条纹的位置可知12反射光经过三棱镜后分成两束色光，由图可知 M 光的折射角大，又由折射定律可知，入射角相同时，折射率越大的色光折射角越大，由于12则12nn所以 N 是波长为1的光出射位置，故 D 正确，ABC 错误。故选 D。6. 如图所示，理想变压器原线圈接入电压恒定的正弦交流电，副线圈接入最大阻值为 2R 的滑动变阻器和阻值为 R 的定值电阻。在变阻器滑片从 a 端向 b 端缓慢移动的过程中（）A. 电流表 A1示数减小B. 电流表 A2

22、示数增大C. 原线圈输入功率先增大后减小D. 定值电阻 R 消耗的功率先减小后增大【答案】A【解析】【分析】本题考查含理想变压器电路的动态分析。【详解】AB由于原线圈所接电压恒定，匝数比恒定，故变压器副线圈的输出电压恒定，变阻器的滑片从 a 端向 b 端缓慢移动的过程中， 由数学知识可知， 变压器副线圈所接的电阻值逐渐增大，则由欧姆定律得22UIR副可知副线圈的电流逐渐减小，由1221nInI可知变压器原线圈的电流 I1也逐渐减小，故 A 正确，B 错误；C原线圈的输入功率为1 1PU I入由于 I1逐渐减小，则原线圈的输入功率逐渐减小，故 C 错误；D由于副线圈的电流逐渐减小，则定值电阻与变

23、阻器右半部分并联的总电流减小，又与定值电阻并联的变阻器右半部分的电阻值减小， 则由并联分流规律可知， 流过定值电阻的电流逐渐减小，则由公式2RPI R可知，定值电阻 R 消耗的电功率逐渐减小，故 D 错误。故选 A。7. 2021 年 5 月，天问一号探测器软着陆火星取得成功，迈出了我国星际探测征程的重要一步。火星与地球公转轨道近似为圆，两轨道平面近似重合，且火星与地球公转方向相同。火星与地球每隔约26个月相距最近， 地球公转周期为12个月。 由以上条件可以近似得出 （）A. 地球与火星的动能之比B. 地球与火星的自转周期之比C. 地球表面与火星表面重力加速度大小之比D. 地球与火星绕太阳运动

24、的向心加速度大小之比【答案】D【解析】【分析】【详解】A 设地球和火星的公转周期分别为 T1、T2，轨道半径分别为 r1、r2，由开普勒第三定律可得32113222rTrT可求得地球与火星的轨道半径之比，由太阳的引力提供向心力，则有22MmvGmrr得GMvr即地球与火星的线速度之比可以求得， 但由于地球与火星的质量关系未知， 因此不能求得地球与火星的动能之比，A 错误；B则有地球和火星的角速度分别为112T222T由题意知火星和地球每隔约 26 个月相距最近一次， 又火星的轨道半径大于地球的轨道半径，则122tt由以上可解得21567T 月则地球与火星绕太阳的公转周期之比T1T2=713但不

25、能求出两星球自转周期之比，B 错误；C由物体在地球和火星表面的重力等于各自对物体的引力，则有2MmGmgR得2GMgR由于地球和火星的质量关系以及半径关系均未知，则两星球表面重力加速度的关系不可求，C 错误；D地球与火星绕太阳运动的向心加速度由太阳对地球和火星的引力产生，所以向心加速度大小则有2MmGmar得2GMar由于两星球的轨道半径之比已知，则地球与火星绕太阳运动的向心加速度之比可以求得，D正确。故选 D。8. 关于电场，下列说法正确的是（）A. 电场是物质存在的一种形式B. 电场力一定对正电荷做正功C. 电场线是实际存在的线，反映电场强度的大小和方向D. 静电场的电场线总是与等势面垂直

26、，且从电势高的等势面指向电势低的等势面【答案】AD【解析】【分析】【详解】A电场是存在于电荷周围的一种特殊媒介物质，A 正确；B如果正电荷的速度方向与电场力的夹角大于 90，则电场力做负功，等于 90电场力不做功，小于 90电场力做正功，B 错误；C电场线是为了形象地描绘电场而人为引入的一簇曲线，该曲线的疏密程度反映场强的大小，C 错误；D静电场的电场线在空间上与等势面垂直，且沿电场线的方向电势降低，即由高等势面指向低等势面，D 正确。故选 AD。9. 一电中性微粒静止在垂直纸面向里的匀强磁场中，在某一时刻突然分裂成 a、b 和 c 三个微粒，a 和 b 在磁场中做半径相等的匀速圆周运动，环绕

27、方向如图所示，c 未在图中标出。仅考虑磁场对带电微粒的作用力，下列说法正确的是（）A. a 带负电荷B. b 带正电荷C. c 带负电荷D. a 和 b 的动量大小一定相等【答案】BC【解析】【分析】【详解】ABC由左手定则可知， 粒子 a、粒子 b 均带正电，电中性的微粒分裂的过程中，总的电荷量应保持不变，则粒子 c 应带负电，A 错误，BC 正确；D粒子在磁场中做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，即2vqvBmR解得mvRqB由于粒子 a 与粒子 b 的质量、电荷量大小关系未知，则粒子 a 与粒子 b 的动量大小关系不确定，D 错误。故选 BC。10. 一列简谐横波沿 x 轴传播， 在

28、t=0 时刻和 t=1 s 时刻的波形分别如图中实线和虚线所示。已知 x=0 处的质点在 01 s 内运动的路程为 4.5 cm。下列说法正确的是（）A. 波沿 x 轴正方向传播B. 波源振动周期为 1.1 sC. 波的传播速度大小为 13 m/sD. t=1 s 时，x=6 m 处的质点沿 y 轴负方向运动【答案】AC【解析】【分析】本题考查机械波的形成与传播【详解】A由题意，x =0 处的质点在 01 s 的时间内通过的路程为 4.5 cm，则结合图可知t =0 时刻 x =0 处的质点沿 y 轴的负方向运动， 则由质点的振动和波的传播方向关系可知， 该波的传播方向沿 x 轴的正方向，故

29、A 正确；BC由题意可知，t=1s为1312T，解得12s13T 由图可知12m则12m/s13m/s1213vT故 C 正确，B 错误；D由同侧法可知 t=1 s 时，x=6 m 处的质点沿 y 轴正方向运动，故 D 错误。故选 AC。11. 如图所示，一匀强电场 E 大小未知、方向水平向右。两根长度均为 L 的绝缘轻绳分别将小球 M 和 N 悬挂在电场中，悬点均为 O。两小球质量均为 m、带等量异号电荷，电荷量大小均为 q（q0） 。平衡时两轻绳与竖直方向的夹角均为=45。若仅将两小球的电荷量同时变为原来的 2 倍，两小球仍在原位置平衡。已知静电力常量为 k，重力加速度大小为 g，下列说法

30、正确的是（）A. M 带正电荷B. N 带正电荷C.mgqLkD.3mgqLk【答案】BC【解析】【分析】本题考查库仑定律、受力分析以及共点力的平衡。【详解】AB由题图可知，对小球 M 受力分析如图（a）所示，对小球 N 受力分析如图（b）所示，由受力分析图可知小球 M 带负电，小球 N 带正电，故 B 正确，A 错误；CD由几何关系可知，两小球之间的距离为2rL当两小球的电荷量为 q 时，由力的平衡条件得22tan45qmgEqkr两小球的电荷量同时变为原来的 2 倍后，由力的平衡条件得22(2 )tan452qmgEqkr整理解得mgqLk故 C 正确，D 错误。故选 BC。二、非选择题二

31、、非选择题本题共本题共 S 小题，共小题，共 56 分。分。12. 某同学假期在家里进行了重力加速度测量实验。如图（a） 所示，将一根米尺竖直固定，在米尺零刻度处由静止释放实心小钢球，小球下落途经某位置时，使用相机对其进行拍照，相机曝光时间为1500s。由于小球的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹。根据照片中米尺刻度读出小球所在位置到释放点的距离 H、小球在曝光时间内移动的距离l。计算出小球通过该位置时的速度大小 v，进而得出重力加速度大小 g。实验数据如下表次数12345l/cm0.850.860.820.830.85v/（ms-1）4.254.104.154.25H/m0.91810.9

32、4230.85300.88600.9231（1）测量该小球直径时，游标卡尺示数如图（b）所示，小球直径为_mm。 。（2）在第 2 次实验中，小球下落 H =0.9423m 时的速度大小 v=_m/s（保留 3 位有效数字） ；第 3 次实验测得的当地重力加速度大小 g=_m/s2（保留 3 位有效数字） 。（3）可以减小本实验重力加速度大小测量误差的措施有_。A.适当减小相机的曝光时间B.让小球在真空管中自由下落；C用质量相等的实心铝球代替实心钢球【答案】. 15.75. 4.30. 9.85.AB【解析】【分析】 本题考查重力加速度的测量， 意在考查考生对实验原理的理解以及处理实验数据的能

33、力。【详解】 （1）1由游标卡尺的读数规则可知，小球的直径为15mm15 0.05mm15.75mm（2）23由题意可知，小球下落 H =0.9423 m 时的速度20.86 10m/s4.30m/s1500lvT由运动学公式22vgh得22224.10m/s9.85m/s22 0.8530vgH（3）4A小球下落一定高度时的瞬时速度近似为曝光时间内的平均速度，曝光时间越短，曝光时间内的平均速度越接近瞬时速度，实验误差越小，故 A 正确；B让小球在真空管中自由下落，可减小空气阻力的影响，可减小实验误差，故 B 正确；C质量相等的实心铝球代替实心钢球时，铝球体积更大，阻力对铝球的影响较大，实验误

34、差较大，故 C 错误。13. 小明同学打算估测 5 个相同规格电阻的阻值。现有一个量程为 0.6 A 的电流表、一个电池组（电动势 E 不大于 4.5 V、内阻 r 未知） 、一个阻值为 R0的定值电阻、一个阻值为 R1的定值电阻（用作保护电阻） ，开关 S 和导线若干。他设计了如图（a）所示的电路，实验步骤如下：第一步把 5 个待测电阻分别单独接入 A、B 之间，发现电流表的示数基本一致，据此他认为 5 个电阻的阻值相等，均设为 R。第二步取下待测电阻，在 A、B 之间接入定值电阻 R0，记下电流表的示数 I0。第三步取下定值电阻 R0，将 n 个（n=1，2，3，4，5）待测电阻串联后接入

35、 A、B 之间，记下串联待测电阻的个数 n 与电流表对应示数 In。请完成如下计算和判断（1）根据上述第二步，01I与 R0、R1、E、r 的关系式是01I=_。（2）定义011nYII，则 Y 与 n、R、R0、E 的关系式是 Y=_。（3）已知 R0=12.0，实验测得 I0=0.182A，得到数据如下表n12345In/A0.3340.2860.2500.2240.200Y/A-12.5001.9981.4951.0300.495根据上述数据作出Yn图像，如图（b）所示，可得 R=_（保留 2 位有效数字） ，同时可得 E=_V（保留 2 位有效数字） 。（4）本实验中电流表的内阻对表中

36、 Y 的测量值_影响（选填“有或“无） 。【答案】.10RRrE.0RnRE. 2.0. 4.0. 无【解析】【分析】本题考 查测定电源电动势以及电阻测量的实验，意在考查考生处理实验数据的能力。第（1）问通过闭合电路欧姆定律写出关系式，变形即可得到01I的表达式；第（2）问结合题中的信息以及闭合电路欧姆定律整理出 Y 的表达式；第（3）问利用数形结合法解读出图像的斜率以及截距的物理意义，求出电源的电动势和定值电阻的阻值；第（4）问把电流表的内阻考虑进内之后列出关系式直接分析出电流表的内阻对 Y 测量值的影响即可。【详解】 （1）1由闭合电路欧姆定律得010()EIRRr整理得01I10RRrE

37、（2）2A、B 间接入 n 个待测电阻后，由闭合电路欧姆定律得1nEIRnRr又011nYII由以上整理得0RnRYE（3）34由0RnRYE变形得0RRYnEE 结合图（b）得10.5ARE103.0ARE又012.0R 解得4.0VE 2.0R （4）5如果考虑电流表的内阻，则有010(EIRR)rR 1()nAEIRnRrR 整理得0RnRYE显然电流表的内阻对 Y 的测量值没有影响。14. 质量为 m 的薄壁导热柱形气缸，内壁光滑，用横截面积为S的活塞封闭一定量的理想气体。在下述所有过程中，气缸不漏气且与活塞不脱离。当气缸如图(a)竖直倒立静置时。缸内气体体积为 V1， 。温度为 T1

38、。已知重力加速度大小为 g，大气压强为 p0。(1)将气缸如图(b)竖直悬挂，缸内气体温度仍为 T1，求此时缸内气体体积 V2；(2)如图(c)所示，将气缸水平放置，稳定后对气缸缓慢加热，当缸内气体体积为 V3时，求此时缸内气体的温度。【答案】(1)010p SmgVp Smg；(2)03 101()p SV Tp Smg V【解析】【分析】【详解】(1)图(a)状态下，对气缸受力分析，如图 1 所示，则封闭气体的压强为10mgppS当气缸按图(b)方式悬挂时，对气缸受力分析，如图 2 所示，则封闭气体的压强为20mgppS对封闭气体由玻意耳定律得1122pVp V解得0210p SmgVVp

39、 Smg(2) 当气缸按图(c)的方式水平放置时，封闭气体的压强为30pp由理想气体状态方程得331 113p VpVTT解得03 1301()p SV TTp Smg V15. 如图所示，一圆心为 O、半径为 R 的光滑半圆弧轨道固定在竖直平面内，其下端与光滑水平面在 Q 点相切。在水平面上，质量为 m 的小物块 A 以某一速度向质量也为 m 的静止小物块 B 运动。A、B 发生正碰后，B 到达半圆弧轨道最高点时对轨道压力恰好为零，A 沿半圆弧轨道运动到与 O 点等高的 C 点时速度为零。已知重力加速度大小为 g，忽略空气阻力。（1）求 B 从半圆弧轨道飞出后落到水平面的位置到 Q 点的距离

40、；（2）当 A 由 C 点沿半圆弧轨道下滑到 D 点时，OD 与 OQ 夹角为，求此时 A 所受力对 A做功的功率；（3）求碰撞过程中 A 和 B 损失的总动能。【答案】 （1）2R ； （2）sin2cosmggR； （3）10mgR【解析】【分析】【详解】解： （1）设 B 到半圆弧轨道最高点时速度为2v，由于 B 对轨道最高点的压力为零，则由牛顿第二定律得22vmgmRB 离开最高点后做平抛运动，则在竖直方向上有2122Rgt在水平方向上有2xv t联立解得x=2R（2）对 A 由 C 到 D 的过程，由机械能守恒定律得21cos2DmgRmv由于对 A 做功的力只有重力，则 A 所受力

41、对 A 做功的功率为sinDPmgv解得sin2cosPmggR（3）设 A、B 碰后瞬间的速度分别为 v1，v2，对 B 由 Q 到最高点的过程，由机械能守恒定律得222211222mvmvmgR解得25vgR对 A 由 Q 到 C 的过程，由机械能守恒定律得2112mvmgR解得12vgR设碰前瞬间 A的速度为 v0，对 A、B 碰撞的过程，由动量守恒定律得012mvmvmv解得025vgRgR碰撞过程中 A 和 B 损失的总动能为222012111222mvmmvEv解得10 gEm R16. 如图（a）所示，两根不计电阻、间距为 L 的足够长平行光滑金属导轨，竖直固定在匀强磁场中，磁场

42、方向垂直于导轨平面向里，磁感应强度大小为 B。导轨上端串联非线性电子元件 Z 和阻值为 R 的电阻。元件 Z 的UI图像如图（b）所示，当流过元件 Z 的电流大于或等于0I时，电压稳定为 Um。质量为 m、不计电阻的金属棒可沿导轨运动，运动中金属棒始终水平且与导轨保持良好接触。 忽略空气阻力及回路中的电流对原磁场的影响， 重力加速度大小为 g。为了方便计算，取04mgIBL，m2mgRUBL。以下计算结果只能选用 m、g、B、L、R 表示。（1）闭合开关 S。 ，由静止释放金属棒，求金属棒下落的最大速度 v1；（2）断开开关 S，由静止释放金属棒，求金属棒下落的最大速度 v2；（3）先闭合开关

43、 S，由静止释放金属棒，金属棒达到最大速度后，再断开开关 S。忽略回路中电流突变的时间，求 S 断开瞬间金属棒的加速度大小 a。【答案】 （1）122mgRvB L； （2）22232mgRvB L； （3）2ga 【解析】【分析】关键能力本题考 查法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律等知识，意在考查考生综合电磁学知识以及力学规律处理问题的能力。压轴题透析 3 第（1）问通过对金属棒的受力分析以及运动分析，求出当金属棒的加速度为零时的最大速度；第（2）问首先应分析比较第（1）问中的电流与图（b）中 Z 元件的电压达到最大时的电流大小关系， 然后通过定值电阻表示出回路中的最大电流， 进而求出金属

44、棒的最大速度；第（3）问的关键在于求出开关断开瞬间回路中的电流，得出导体棒所受的安培力大小，再根据牛顿第二定律求出金属棒的加速度。【详解】 （1）闭合开关 S，金属棒下落的过程中受竖直向下的重力、竖直向上的安培力作用，当重力与安培力大小相等时，金属棒的加速度为零，速度最大，则1mgBI L由法拉第电磁感应定律得11EBLv由欧姆定律得11EIR解得122mgRvB L（2）由第（1）问得1mgIBL由于01II断开开关 S 后，当金属棒的速度达到最大时，元件 Z 两端的电压恒为m2mgRUBL此时定值电阻两端的电压为2mRUBLvU回路中的电流为21II又由欧姆定律得2RUIR解得22232mgRvB L（3）开关 S 闭合，当金属棒的速度最大时，金属棒产生的感应电动势为1mgREBL断开开关 S 的瞬间，元件 Z 两端的电压为m2mgRUBL则定值电阻两端的电压为1m2RmgRUEUBL电路中的电流为RUIR金属棒受到的安培力为AFBI L对金属棒由牛顿第二定律得AmgFma解得2ga