山东省济南市历城第二中学2019-2020学年高一物理下学期学情检测试题（PDF）答案 (2).pdf

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1、 第 1 页（共 5 页） 5 56 6 级高一下学期级高一下学期学情检测（学情检测（物理物理 5.165.16）答案与答案与解析解析 1选：A。 【解答】解：曲线运动的条件是物体的速度方向与合力方向不共线，平抛运动合力恒定，是典型的匀变速运动曲线运动，故 A 正确，B 错误；匀速圆周运动的速度方向不断改变，一定是变速运动，故C 错误；匀速圆周运动的向心力大小不变，方向时刻改变，故 D 错。 2选：A。 【解答】解：ACD根据匀速直线运动的位移时间公式 xv0t 可知，物体在 x 方向做速度为 vx3m/s 的匀速直线运动，竖直方向匀变速直线运动公式 y= v0t+at2，y 方向做初速度为

2、0，加速度为 a10m/s2的匀加速直线运动，所以 O 点是平抛运动起点，故 A 对； 1s时， 在A点的竖直方向的速度为vyat10110m/s， 所以A点的速度，故 C 错误；O、A 间水平距离为 x3t313m，竖直方向的高度为 y5t2155m，故 D 错误； B根据 x3t，y5t2物体的运动轨迹为，故 B 错误。 3 选：A。 【解答】解：物块 a 的速度等于物块 b 沿绳子方向的分速度，设绳子与水平方向的夹角为 ，则 vbcosva，故物块 a 的速度小于于物块 b 的速度，物体 a、b 的加速度大小不等，故 A 正确，B 错误；水平地面粗糙，物块 a、b 组成的系统机械能不守恒

3、，故 C 错误；若某段时间内物块 a 匀速下降，根据 vbcosva，增大 va不变，vb增大，故 D 错误。故选：A。 4 选：D。 【解答】解：A、两名学员离圆心的距离不相等，vr，所以线速度大小不相同，故 A 错误；B汽车所需向心力由摩擦力提供，不与速度方向相反，故 B 错误； C、学员质量未知，无法比较受到汽车的作用力大小，故 C 错误； D、 汽车对学员的作用力竖直分力等于学员所受的重力， 水平分力提供向心力， 故大于重力， 故 D 正确； 5选：D。 【解答】解：根据角速度和周期的关系可知，周期 T，故 A 错误；线速度大小 v，故 B 错误；座舱做匀速圆周运动，受到的合外力充当向

4、心力，故合力大小 Fm2R；由于座舱的重力和摩天轮对座舱的作用力充当合外力，故摩天轮对座舱的作用力不等于 mg，故 C 错误，D 正确。 6选：D。 【解答】解：石头在地球表面随地球自转，向心力由万有引力的一个分力提供，另一个分力充当重力 G，通常情况下，我们可以忽略石头的自转，因为其自转需要的向心力非常小，因此有 F引GF向，故 ABC 错误， D 正确。 7选：A。 【解答】解：根据万有引力提供向心力可知，mm2r，解得角速度：，线速度： v。 由图可知， a 卫星的轨道半径小于 b 卫星的轨道半径， 则 b 卫星的角速度小， 线速度小，故 A 对，B 错；卫星受到向心力与卫星的质量有关，

5、质量未知，则向心力大小无法确定，故 CD 错。 第 2 页（共 5 页） 8 选：C。 【解答】解：根据“电场线的密疏表示场强的大小”可知，A 点的场强比 B 点的场强大，故 A错误； 负电荷做曲线运动，受到的合力方向指向曲线的凹处，得负电荷过 B 点时受到的电场力 F 方向如图所示，又 Q1、Q2是同种电荷，所以都带正电，故 B 错误；根据电场线分布情况可知，由点电荷周围电场线较密可知点电荷带电荷量较多，即 Q1Q2，故 C 正确；负电荷从 A 点运动到 B 点，只有电场力做负功，动能减小，故电荷在 A 点的速度大于在 B 点的速度，故 D 错误。 9选：C。 【解答】解：设电子的带电量为

6、e，质量为 m，初速度为 v，极板的长度为 L，板间距离为 d。电子在电场中做类平抛运动，有： 水平方向：Lvt 竖直方向：ydat2 即 d2 若初速度变为原来的 3 倍，则仍从正极板边缘飞出，则两极板间距应变为原来的，故 ABD 错，C 对。 10选：B。 【解答】解：A、带电小球 A 处于静止状态，合力为零，带电小球 Q1与 Q2对 A 的电场力与 A的重力平衡，则带电小球 Q1与 Q2对 A 存在库仑斥力，Q1与 Q2为同种电荷，故 A 错误；B、根据库仑定律可知，Q1与 Q2对 A 的库仑斥力分别为： 根据几何关系可知，两库仑力夹角为 90，库仑力 F1与竖直方向夹角为 30，则有：

7、tan30，联立解得：，故 B 正确。 C、库仑斥力的合力与重力等大反向，根据几何关系可知：F1mgcos30，解得：Q1，故 C错误；同理有：F2mgsin30，解得：Q2，故 D 错误。 11选：AD。 【解答】解：三个小球竖直方向的加速度相同，运动的位移相同二初速度不同，所以三个小球运动的时间不等，不同时落地，故 A 正确；B：b、c 两球初始高度相同，开始时沿竖直方向向上的分速度 c 小，b 大，所以 b 上升的最大高度大，c 上升的最大高度小，故 B 错误；C：小球运动过程中，只有重力做功，机械能均守恒，则有：mgh+mmv2，得：v，知三个小球初位置的高度h 和初速度 v0大小都相

8、等，则落地时速度 v 大小相等，但方向不同，故 C 错误；D：平抛运动加速度为g，三个小球在任意相等时间内动量的增量为vgt 大小相等，方向都向下，故 D 正确。故选：AD。 12 选：AC。 【解答】解：A、B、物体 B 参加了两个分运动，水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加 第 3 页（共 5 页） 速直线运动；对于竖直分运动，结合位移时间关系公式 xv0t+at2， 可得到 dHxH（v0yt+at2） 又根据题意 dH2t2 可以得对比两式可得出：竖直分运动的加速度的大小为 ay4m/s2 竖直分运动的初速度为 v0y0 故竖直分速度为 vy4t 物体的水平分速度不变，合运动的速度为

9、竖直分速度与水平分速度的合速度，遵循平行四边形定则，故合速度的方向不断变化，物体一定做曲线运动，合速度的大小 v，故合速度的大小也一定不断变大，故 A 正确，B 错误；C、D、水平分加速度等于零，故合加速度等于竖直分运动的加速度，因而合加速度的大小和方向都不变，故 C 正确，D 错误；故选：AC。 13选：AD。 【解答】解：AB、小球通过管道最低点时，其加速度方向竖直向上指向圆心，由重力和管道对小球的支持力的合力提供向心力，轨道对小球的支持力方向竖直向上，力的作用是相互的，所以小球对管道的作用力为压力，方向竖直向下，故 A 正确，B 错误； CD、设管道的半径为 R，当小球通过管道的最高点时

10、，设速度为 v，当时，小球与管道之间没有作用力；当时，轨道对小球有向下的弹力；当时，轨道对小球有向上的弹力。所以小球通过轨道的最高点时，轨道对小球可能没有作用力，也可能有向上的支持力，也有可能向下的压力。根据牛顿第三定律可知，小球对管道也有可能有压力，也可能压力为零，故 C 错误，D 正确。故选：AD。 14选：AD。 【解答】解：A根据角速度的定义式，可得水星与金星的角速度之比为，根据可得水星与金星的周期之比为，故 A 正确； BC由于水星与金星均是环绕天体，所以不能求出它们的质量，且它们的半径不知，所以不能求出它们的密度之比，故 BC 错误； D 由开普勒第三定律可得水星与金星到太阳的距离

11、之比为， 故D对。 15选：BD。 【解答】解：AB、若竖直直线是电场线，则粒子受到的电场力在竖直方向上，粒子还受到竖直向下的重力，由于粒子的初速度不在竖直方向上，所以粒子一定做匀速直线运动，由于粒子的电性不确定，所以不能确定电场线的方向，故 A 错误，B 正确；CD、若竖直直线是等势线，则电场线在水平方向上，根据直线运动的条件可知，粒子受到的合力与初速度共线，所以粒子受到的电场力水平向左，粒子受到的合力与初速度方向相反，粒子做匀减速直线运动，运动过程中电场力做负功，电势能增加，故 C错 D 对。 第 4 页（共 5 页） 16答案为： （1）秒表， （2）AB， （3）1.0，5x2， （4

12、）CDE， 【解答】解： （1）小球平抛运动的时间由下降的高度可以求出，不需要秒表 （2）实验中，需要保证小球每次都从斜槽同一位置滚下，其目的是保证小球每次平抛的初速度都相同，从而保证小球每次运动的轨迹都是同一条抛物线，故选：AB （3）根据 y得，t，则初速度 可知需要直接测量的物理量有：小球平抛运动的水平位移 x、竖直位移 y，小球的质量 m， 17. 【解答】解： （1）排球先做平抛运动，在 B 点反弹后，做斜上抛运动，根据运动的对称性可知，整个运动可以看成由三个平抛运动组成。 竖直方向上：H=122 （2 分） 排球在空中的运动时间：t3t（1 分） ， 代入数据解得，t32。 排球在

13、水平方向上始终做匀速直线运动，xv1t（2 分） 解得落点 A 到 O 点子啊地面上的投影 O的距离：x= 312。 （1 分） （2）网在中点，由擦网到最高点 N 的时间为2 擦网时的竖直速度= 2=22（3 分） 所以擦网时的速度大小2= 12+ 2= 12+ 2（3 分） 18. 【解答】解： （1）设 A 球在在 C 点受到管壁向下的弹力大小为 F 在 C 点，对 A 球：mg+F=2（2 分） 解得：F=0（1 分） 由牛顿第三定律可得，A 球通过 C 点时对管壁的弹力为 0. （1 分） （2）在 C 点，对 B 球：mg0.75mgm2（2 分） 解得：vB=2（2 分） 第 5

14、 页（共 5 页） （3）A、B 两球平抛运动的时间为 t 竖直方向上，2R=122（2 分） 解得：t= 4 两球平抛落点间的距离为 L， 根据位移关系可知：L（vAvB）t（1 分） 解得：LR（1 分） 19 （14 分） 【解答】解： （1）设匀强电场的场强大小强为 E，电子在电场中运动时间为 t， 在 x 轴方向：2Lv0t1， （2 分） 在 y 轴方向：eEma， （2 分） 2 =1212， （2 分） 联立解得： =02； （1 分） （2）电子射出电场时竖直方向的速度为 vyat12v0， （2 分） 射出电场后至到达感光胶片前运动的时间2=20， （2 分） 电子第四象限的水平位移2= 02=2（2 分） 电子打到感光胶片上的位置的水平坐标 = 2 + 2= 2.5（1 分） 答： （1）匀强电场的电场强度大小为02； （2）电子打到感光胶片上的位置的水平坐标 = 2 + 2= 2.5.