2022届高考化学二轮复习仿真模拟练四含解析.doc

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1、仿真模拟练(四)(时间：45分钟总分值：100分)一、选择题(共7小题，每题6分，共42分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。)7以下对古文献记载内容理解错误的选项是()A?天工开物?记载：“凡埏泥造瓦，掘地二尺余，择取无沙黏土而为之。“瓦，传统无机非金属材料，主要成分为硅酸盐B?本草纲目?“烧酒条目下写道：“自元时始创其法，用浓酒和糟入甑，蒸令气上其清如水，味极浓烈，盖酒露也。这里所用的“法是指蒸馏C?本草经集注?中关于鉴别硝石(KNO3)和朴硝(Na2SO4)的记载：“以火烧之，紫青烟起，乃真硝石也。该方法应用了焰色反响D?抱朴子金丹篇?中记载：“丹砂烧之成水银，积变

2、又还成丹砂。该过程未发生氧化复原反响解析：瓦由无沙黏土制成，其主要成分为硅酸盐，属于传统无机非金属材料，A项正确；根据“蒸令气上知所用的“法是指蒸馏，B项正确；硝石(KNO3)灼烧时火焰为紫色，朴硝(Na2SO4)灼烧时火焰为黄色，该方法利用了焰色反响，C项正确；“丹砂烧之成水银，积变又还成丹砂该过程发生反响：HgSHgS、HgS=HgS，上述反响属于氧化复原反响，D项错误。答案：D8NA为阿伏加德罗常数的值，以下表达正确的选项是()A18 g D2O中含有的质子数为10NAB60 g二氧化硅中含有的SiO键数目为4NAC密闭容器中，2 mol NO与1 mol O2充分反响，产物的分子数为2

3、NAD标准状况下，22.4 L氯气通入足量水中充分反响后转移电子数为NA解析： A项，一个D2O分子中含有10个质子，D2O的摩尔质量为20 gmol1，故18 g D2O中含有的D2O分子数为0.9NA，其中含有的质子数为9NA，故A错误；B项，二氧化硅晶体中，每个硅原子和4个氧原子形成4个SiO键，60 g二氧化硅中含有NA个硅原子，故含有的SiO键的数目为4NA，故B正确；C项，2 mol NO与1 mol O2 完全反响生成2 mol NO2，但体系中存在化学平衡2NO2N2O4，所以产物的分子数小于2NA，故C错误；D项，氯气与水能发生反响Cl2H2OHClHClO，标准状况下，22

4、.4 L(1 mol)氯气与水完全反响转移的电子数应为NA，但此反响属于可逆反响，转移的电子数小于NA，故D错误。答案：B9以下实验方案正确且能到达实验目的的是()A证明碳酸的酸性比硅酸强B验证草酸晶体是否含结晶水C检验混合气体中H2S和CO2 D制备乙酸乙酯解析：A项，盐酸易挥发，能和硅酸钠反响，错误；B项，草酸分解会产生H2O，错误；C项，足量的酸性高锰酸钾溶液颜色变浅，说明有H2S存在且已除尽，正确；D项，导管插入饱和碳酸钠溶液中，可能会引起倒吸，D错误。答案：C10香草醛是一种广泛使用的可食用香料，可通过如下方法合成。以下说法正确的选项是()A物质的分子式为C7H7O2BCHCl3分子

5、具有正四面体结构C物质、(香草醛)互为同系物D香草醛可发生取代反响、加成反响解析：物质的分子式为C7H8O2，A项错误；CHCl3分子是四面体结构，但不是正四面体结构，B项错误；物质、在组成上不是相差1个或假设干个CH2原子团，因此不互为同系物，C项错误。答案：D11如图是某另类元素周期表的一局部，以下说法正确的选项是()A简单阴离子的半径大小：XYZB单质的氧化性：XYZCY的氢化物只有一种DX的最高价氧化物对应的水化物为强酸解析：根据该周期表中元素的排布规律，可知X、Y、Z分别为P、N、O。A项，P、N、O的简单离子分别为P3、N3、O2，由于P3核外有3个电子层，而N3、O2只有2个电子

6、层，故P3的半径最大，而O2的核电荷数大于N3的核电荷数，O2原子核对最外层电子的吸引能力更强，O2的半径最小，所以简单阴离子的半径大小：P3N3O2，正确；B项，元素的非金属性越强，那么对应单质的氧化性越强，错误；C项，N的氢化物不止一种，如NH3、N2H4，错误；D项，P的最高价氧化物对应的水化物H3PO4属于中强酸，错误。答案：A12直接氨硼烷(NH3BH3)电池可在常温下工作，装置如下图。未参加氨硼烷之前，两极室质量相等，电池反响为NH3BH33H2O2=NH4BO24H2O。两极室中电解质足量，以下说法正确的选项是()A正极的电极反响式为2H2e=H2B电池工作时，H通过质子交换膜向

7、负极移动C电池工作时，正、负极分别放出H2和NH3D工作一段时间后，假设左右两极室质量差为1.9 g，那么电路中转移0.6 mol电子解析：根据电池反响可知，正、负极的电极反响式分别为3H2O26H6e=6H2O、NH3BH32H2O6e=NH4BO26H，两极均没有气体生成，A、C错误。原电池工作时，阳离子移向正极，B错误。假定有6 mol 电子转移，那么左极室质量增加31 g6 g25 g，右极室质量增加6 g，两极室质量之差为19 g，故左右两极室质量差为1.9 g时，电路中转移0.6 mol电子，D正确。答案：D13常温下，向20 mL某浓度的硫酸中滴入0.1 molL1氨水，溶液中水

8、电离出的氢离子浓度随参加氨水的体积变化如下图。以下分析正确的选项是()A该硫酸的浓度为1 molL1Bb点所示溶液中：c(NH)2c(SO)CV40Dc点所示溶液中：c(H)c(OH)c(NH3H2O)解析：A项，a点c水(H)1013 molL1，硫酸中c(H)0.1 molL1，c(H2SO4)0.05 molL1，错误；B项，根据电荷守恒，c(NH)c(H)2c(SO)c(OH)，b点时溶液呈酸性，即c(H)c(OH)，所以c(NH)2c(SO)，错误；C项，(NH4)2SO4发生水解促进水的电离，因此c点表示硫酸与氨水恰好反响，根据硫酸的体积和氨水的物质的量浓度可计算出V20，C项错误

9、；D项，c点表示(NH4)2SO4溶液，根据质子守恒式c(H)c(NH3H2O)c(OH)，D项正确。答案：D二、非选择题(共58分。第2628题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3536题为选考题，考生根据要求作答。)26(14分)下面是某化学兴趣小组测定工业废水中游离态氯含量的实验分析报告。请答复以下问题：(1)测定目的：测定某工厂工业废水中的游离态氯的含量。(2)测定原理：Cl22KI=2KClI2；I22Na2S2O3=2NaINa2S4O6。(3)实验用品及试剂：仪器和用品(自选，略)。试剂：指示剂_(填名称)，KI溶液，浓度为0.01 000 molL1的标准Na2S2O3溶液，

10、蒸馏水等。(4)实验过程：取水样10.00 mL于锥形瓶中，向其中加10.00 mL KI溶液(足量)，滴入指示剂23滴。取_(填“碱式滴定管或“酸式滴定管)，经检查不漏水后依次用自来水、蒸馏水洗净，然后装入0.010 00 molL1Na2S2O3溶液待用。将锥形瓶置于滴定管下方进行滴定，眼睛注视_直至滴定终点，滴定终点的现象是_。(5)数据记录与处理：滴定次数待测溶液体积/mL标准Na2S2O3溶液体积/mL滴定前刻度滴定后刻度实际体积/mL110.000.0020.0020.00210.000.1020.0019.90310.000.1020.2020.10那么废水中Cl2的物质的量浓度

11、为_，从实验过程分析，此浓度比实际浓度_(填“偏大“偏小或“相等)，造成该误差的原因是_(假设认为没有误差，该问可不答)。(6)问题和讨论：实验结束后，某同学所得实验结果误差较大，其所测游离态氯的含量比废水中Cl2的含量低。经过思考，该同学提出了以下可能造成结果偏低的原因，其中你认为正确的选项是_(填序号)。A滴定前，滴定管尖嘴处有气泡，滴定后气泡消失B滴定过程中由于振荡过于剧烈，使少量溶液溅出锥形瓶外C滴定前平视Na2S2O3液面，滴定后俯视Na2S2O3液面D滴定管没有用Na2S2O3标准溶液润洗解析：(3)本实验先用KI溶液与水样中的Cl2反响生成单质碘，再用Na2S2O3标准溶液滴定生

12、成的碘单质，显然，指示剂应选用淀粉溶液。(4)因Na2S2O3水解使溶液呈碱性，所以应选用碱式滴定管。将锥形瓶置于滴定管下方进行滴定，眼睛应注视锥形瓶内溶液颜色的变化直至滴定终点，滴定终点的现象是溶液由蓝色变为无色且半分钟内颜色不恢复。(5)实验过程需要采集的数据有：待测溶液体积(mL)、Na2S2O3标准溶液体积(mL)(包括记录滴定前、滴定后的刻度，平均体积等)。滴定中消耗Na2S2O3标准溶液体积的平均值是20.00 mL，那么废水中Cl2的物质的量浓度可根据电子转移守恒关系n(Cl2)n(Na2S2O3)12计算，c(Cl2)c(Na2S2O3)0.010 00 molL1。由于滴定管

13、用自来水、蒸馏水洗涤后，没有用Na2S2O3标准溶液润洗，所以实验使用的Na2S2O3标准溶液的体积偏大，导致所测c(Cl2)比实际浓度大。(6)滴定前，滴定管尖嘴处有气泡，滴定后气泡消失会导致读取的标准液体积偏大，最终结果偏高，A项错误；滴定过程中少量溶液溅出锥形瓶外会导致取用的标准液体积偏小，最终结果偏低，B项正确；滴定前平视Na2S2O3标准液面，滴定后俯视Na2S2O3标准液液面会导致读取的标准液体积偏小，最终结果偏低，C项正确；滴定管没有用Na2S2O3标准溶液润洗导致取用的标准溶液体积偏大，结果偏高，D项错误。答案：(3)淀粉溶液(4)碱式滴定管锥形瓶内溶液颜色的变化溶液由蓝色变为

14、无色且半分钟内颜色不恢复(5)0.010 00 molL1偏大滴定管没有用标准Na2S2O3溶液润洗 (6)BC27(14分)工业采用氯化铵焙烧菱锰矿制备高纯碳酸锰的流程如下图：菱锰矿的主要成分是MnCO3，其中含Fe、Ca、Mg、Al等元素。Al3、Fe3沉淀完全的pH分别为4.7、3.2，Mn2、Mg2开始沉淀的pH分别为8.1、9.1。焙烧过程中主要反响为MnCO32NH4ClMnCl22NH3CO2H2O。(1)结合图1、2、3，分析焙烧过程中最正确的焙烧温度、焙烧时间、分别为_、_、_。(2)对浸出液净化除杂时，需先参加MnO2将Fe2转化为Fe3，再调节溶液pH的范围为_，将Fe3

15、和Al3变为沉淀而除去，然后参加NH4F将Ca2、Mg2变为氟化物沉淀除去。(3)“碳化结晶步骤中，参加碳酸氢铵时反响的离子方程式为_。(4)上述流程中可循环使用的物质是_。(5)现用滴定法测定浸出液中Mn2的含量。实验步骤：称取1.000 g试样，向其中参加稍过量的磷酸和硝酸，加热使反响2Mn2NO4PO2H2Mn(PO4)23NOH2O充分进行；参加稍过量的硫酸铵，发生反响NONH=N22H2O以除去NO；参加稀硫酸酸化，用2.00 molL1 10.00 mL硫酸亚铁铵标准溶液进行滴定，发生的反响为Mn(PO4)23Fe2=Mn2Fe32PO；用0.10 molL110.00 mL酸性K

16、2Cr2O7溶液恰好除去过量的Fe2。酸性K2Cr2O7溶液与Fe2反响的离子方程式为_(复原产物是Cr3)。试样中锰的质量分数为_。解析：(1)随着温度的升高，锰浸出率逐渐升高，但是500 以后，锰浸出率增加缓慢，并且在500 时，锰浸出率已超过95%。从节约能源的角度考虑，焙烧温度取500 即可；焙烧时间为60 min时锰浸出率较大，超过60 min锰浸出率趋于平缓，因此，实验选择最正确的焙烧时间为60 min；当氯化铵与菱锰矿粉质量比为1.101时，锰浸出率已经很高，继续增加氯化铵用量，锰浸出率提高不明显，因此，氯化铵与菱锰矿粉最正确质量比为1.101。(2)Fe3和Al3完全沉淀的pH

17、分别是3.2、4.7，调节pH不能使Mn2沉淀，所以pH的范围是4.7pH8.1。(4)蒸发浓缩、冷却结晶后得到的氯化铵可以循环使用。(5)首先根据关系式6Fe2Cr2O计算出过量的Fe2为0.006 0 mol，然后得出与Mn(PO4)23反响的Fe2为0.020 0 mol0.006 0 mol0.014 mol，根据关系式Mn2Mn(PO4)23Fe2计算得出n(Mn2)0.014 mol，试样中的m(Mn)0.014 mol55 gmol10.77 g，故试样中锰的质量分数为77%。答案：(1)500 60 min1.10(2)4.7pH0)。那么H_(用含a、b、c、d的代数式表示)

18、。(2)用合成气制甲醇的反响为2H2(g)CO(g)CH3OH(g)H，在10 L的恒容密闭容器中按物质的量之比12充入CO和H2，测得CO的平衡转化率与温度和压强的关系如下图。H_0(填“或“)。写出两条可同时提高反响速率和CO的转化率的措施：_、_。以下说法正确的选项是_(填序号)。A温度越高，该反响的平衡常数越大B达平衡后再充入稀有气体，CO的转化率提高C体系内气体压强不再变化时，反响到达平衡状态D图中压强p1p2200 时，n(H2)随时间的变化如表所示，3 min时反响刚好到达平衡状态，请利用表中的数据计算03 min内v(CH3OH)_molL1min1。t/min0135n(H2

19、)/mol8.05.44.04.0200 时该反响的平衡常数K_。向上述200 的平衡体系中再参加2 mol CO、2 mol H2、2 mol CH3OH，保持温度不变，那么平衡_(填“正向移动“逆向移动或“不移动)。(3)甲烷、氧气和KOH溶液可组成燃料电池。标准状况下通入5.6 L甲烷时，测得电路中转移1.96 mol电子，那么甲烷的利用率为_。解析：(1)由题意得：CH4(g)2O2(g)=CO2(g)2H2O(l)H1a kJmol1；H2(g)O2(g)=H2O(l)H2b kJmol1；CO(g)O2(g)=CO2(g)H3c kJmol1；H2O(l)=H2O(g)H4d kJ

20、mol1。根据盖斯定律可知：HH13H2H3H4(a3bcd)kJmol1。(2)p1时，升高温度，CO的平衡转化率减小，说明平衡逆向移动，故该反响的正反响为放热反响。联想影响化学反响速率和化学平衡的因素，增大H2浓度或增大压强均可到达目的。该反响为放热反响，升高温度，化学平衡常数减小，A错误。由于容器容积恒定不变，达平衡后再充入稀有气体，各组分的浓度不变，平衡不移动，CO的转化率不变，B错误。体系内气体压强不再变化时，说明各物质的浓度恒定，反响到达平衡状态，C正确。200 、p2时CO的转化率大于200 、p1时CO的转化率，说明p1到p2平衡正向移动，而该反响的正反响为气体分子数减小的反响

21、，故由p1到p2为增大压强，D正确。03 min内，t3 min，n(H2)4.0 mol，故v(H2) molL1min1，那么v(CH3OH)v(H2) molL1mol1。由中数据可知，平衡时H2、CO、CH3OH的浓度分别是0.4 molL1、0.2 molL1、0.2 molL1，代入平衡常数表达式可求得K6.25 L2mol2。达平衡后再充入2 mol CO、2 mol H2、2 mol CH3OH，H2、CO、CH3OH的浓度分别是0.6 molL1、0.4 molL1、0.4 molL1，Qc2.78 L2mol2K，故平衡正向移动。(3)根据CH4CO8e可知，转移1.96

22、mol电子需要5.488 L(标准状况)甲烷，所以甲烷的利用率为100%98%。答案：(1)(a3bcd) kJmol1(2)增大H2浓度增大压强(其他答案合理即可)CD(或0.067)6.25 L2mol2正向移动(3)98%请考生在第35、36两道化学题中任选一题作答。如果多做，那么按所做的第一题计分。35(15分)化学选修3：物质结构与性质磷存在于人体所有细胞中，是维持骨骼和牙齿的必要物质，几乎参与所有生理上的化学反响。答复以下问题：(1)基态P原子的核外电子排布式为_，有_个未成对电子。(2)磷的一种同素异形体白磷(P4)的立体构型为_，其键角为_，推测其在CS2中的溶解度_(填“大于

23、或“小于)在水中的溶解度。(3)两种三角锥形气态氢化物膦(PH3)和氨(NH3)的键角分别为93.6和107，试分析PH3的键角小于NH3的原因_。(4)常温下PCl5是一种白色晶体，其晶体结构模型如图甲所示，由A、B两种微粒构成。将其加热至148 熔化，形成一种能导电的熔体。A、B两种微粒分别与CCl4、SF6互为等电子体，那么A为_，其中心原子杂化轨道类型为_，B为_。(5)磷化硼(BP)是一种超硬耐磨涂层材料，图乙为其立方晶胞，其中的每个原子均满足8电子稳定结构，试判断其熔点_(填“高于或“低于)金刚石熔点。其BP键键长均为x cm，那么其密度为_gcm3(列出计算式即可)。解析：(1)

24、基态P原子核外有15个电子，其核外电子排布式为1s22s22p63s23p3，有3个未成对电子。(2)P4为正四面体结构，其键角为60，P4为非极性分子，根据“相似相溶原理，P4易溶于非极性溶剂CS2，难溶于极性溶剂H2O。(4)根据题意可知，PCl5为离子晶体，那么晶体中存在阴、阳离子，A与CCl4互为等电子体，那么A为PCl，根据价电子对互斥理论，其采用sp3杂化，B与SF6互为等电子体，那么B为PCl。(5)BP与金刚石都是原子晶体，由于CC键的键长比BP键短，那么CC键的键能更大，故金刚石的熔点高于BP。解法一：将磷化硼晶胞中局部原子进行标号，如下图：，图中1、2、3、4原子形成正四面

25、体结构，5原子位于正四面体体心，1、5原子之间的距离为x cm，1、5原子形成的BP键与4、5原子形成的BP键之间的键角为10928，设1、4原子之间的距离为y cm，那么在1、4、5原子形成的等腰三角形中存在：sin ，解得y2xsin 5444，晶胞边长为 cm2xsin 5444 cm，磷化硼晶胞中含有的B原子数为4，含有的P原子数为864，一个磷化硼晶胞中含有4个BP，那么晶体的密度为gcm3 gcm3；解法二：将上图1、2、3、4原子形成的正四面体记为ABCD，如下图：，其中O为正四面体的体心，E为正三角形BCD的中心，那么AE为正四面体的高，DF为正三角形BCD的高，三角形ADE为

26、直角三角形，根据题意知，AO为x cm，由正四面体中顶点到体心的距离与体心到底面的距离之比为31知，AEAOx cm，设正四面体的边长为y cm，那么计算可得正三角形BCD的高DF为y cm，由正三角形中顶点到中心的距离与中心到底边的距离之比为21知，DE为y cmy cm，在直角三角形AED中，根据勾股定理可得：y2(y)2(x)2，解得yx，那么1、4原子之间的距离为x cm，晶胞边长为 cmx cm，故晶体密度为 gcm3。答案：(1)1s22s22p63s23p33(2)正四面体形60大于(3)电负性N强于P，中心原子的电负性越大，成键电子对离中心原子越近，成键电子对之间距离越小，成键

27、电子对之间的排斥力增大，键角变大(4)PClsp3PCl(5)低于36(15分)化学选修5：有机化学根底“TM是一种应用广泛的高分子聚酯。工业上用有机原料A制备“TM和聚乙酸乙烯酯，其流程为：.分子B苯环上的一元取代物只有两种结构；.调节pH，CHO与不稳定的烯醇结构(即羟基与双键碳原子相连的结构)易发生如下可逆的互变：RCH2CHORCH=CHOH；.COOH能被LiAlH4复原成CHO；.ONa连在烃基上不会被氧化。请答复以下问题：(1)G的结构简式是_。(2)的反响类型是_。(3)从IJ需要参加的试剂名称是_。(4)J的化学名称是_。(5)写出J“TM的化学方程式：_。(6)与A具有相同

28、官能团且有两个侧链的芳香化合物的同分异构体有_种。其中核磁共振氢谱为五组峰的结构简式为_。(7)参照下述例如合成路线，设计一条由乙二醇为起始原料制备聚乙二酸乙二酯的合成路线。例如：CH2=CH2CH3CH2BrCH3CH2OH。解析：根据聚乙酸乙烯酯的结构简式可推出G为CH3COOCH=CH2；结合信息、可推出F为CH2=CHOH，E为CH3COOH，C为CH3COONa，那么B为乙酸酯，结合信息及A、B的分子式，可推出B为，A为；根据反响条件进一步推出，D为，H为，I为，J为。(6)A为，与A具有相同官能团且有两个侧链的芳香化合物中，两个侧链可以为：CH3COO、CH3，HCOO、CH2CH3，HCOOCH2、CH3，COOCH3、CH3，两个侧链在苯环上有邻、间、对三种位置关系，故符合条件的同分异构体共有4312种。答案：(1)CH3COOCH=CH2(2)取代反响(或水解反响)(3)稀硫酸或稀盐酸(4)对羟基苯甲酸(或4羟基苯甲酸)(7)HOH2CCH2OHOHCCHOHOOCCOOH- 10 -