2022高二化学第三章第三节第3课时习题课课时作业检测(含解析)新人教版选修5.docx

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1、第3课时习题课练根底落实1酸性强弱：羧酸碳酸酚，以下含溴化合物中的溴原子，在适当条件下都能被羟基取代，所得产物跟NaHCO3溶液反响的是()2假设丙醇中氧原子为18O，它和乙酸反响生成酯的相对分子质量是()A100 B104C120 D1223在以下表达的方法中，能将有机化合物转变为的有()跟足量的NaOH溶液共热后，再通入二氧化碳直至过量把溶液充分加热后，通入足量的二氧化硫与稀H2SO4共热后，参加足量NaOH溶液与稀H2SO4共热后，参加足量NaHCO3溶液A BCD4某物质中可能有甲酸、乙酸、甲醇和甲酸乙酯4种物质中的一种或几种，在鉴定时有以下现象：(1)有银镜反响；(2)参加新制Cu(

2、OH)2悬浊液沉淀不溶解；(3)与含酚酞的NaOH溶液共热发现溶液中红色溶液逐渐消失至无色，以下表达正确的有()A几种物质都有B有甲酸乙酯、甲酸C有甲酸乙酯和甲醇D有甲酸乙酯，可能有甲醇5某互为同分异构体的两种有机物甲、乙的结构简式分别为：和假设各1 mol该有机物在一定条件下与NaOH溶液反响，消耗NaOH的物质的量分别是()A2 mol、2 mol B3 mol、2 molC3 mol、3 mol D5 mol、3 mol练方法技巧由官能团确定化合物的性质6可用于鉴别以下三种化合物的一组试剂是()银氨溶液溴的四氯化碳溶液氯化铁溶液氢氧化钠溶液A与 B与 C与D与7以下结构简式表示一种有机物

3、的结构，关于其性质的表达不正确的选项是()A它有酸性，能与纯碱溶液反响B可以水解，其水解产物只有一种C1 mol该有机物最多能与7 mol NaOH反响D该有机物能发生取代反响酯化反响原理的应用8胆固醇是人体必需的生物活性物质，分子式为C25H45O，有一种胆固醇酯是液晶材料，分子式为C32H49O2，生成这种胆固醇酯的酸是()AC6H13COOH BC6H5COOHCC7H15COOH DC6H5CH2COOH9具有一个羟基的化合物A 10 g，与乙酸反响生成乙酸某酯11.85 g，并回收了未反响的A 1.3 g，那么A的相对分子质量约为()A98 B116 C158 D278利用分子组成巧

4、计算10现有乙酸和两种链状单烯烃的混合物，假设其中氧的质量分数为a，那么碳的质量分数是()A. B.aC.(1a) D.(1a)练高考真题11(2022四川理综，11)中药狼把草的成分之一M具有消炎杀菌作用，M的结构如下所示：以下表达正确的选项是()AM的相对分子质量是180B1 mol M最多能与2 mol Br2发生反响CM与足量的NaOH溶液发生反响时，所得有机产物的化学式为C9H4O5Na4D1 mol M与足量NaHCO3反响能生成2 mol CO212(2022上海，9)迷迭香酸是从蜂花属植物中提取的酸性物质，其结构如以下列图。以下表达正确的选项是()A迷迭香酸属于芳香烃B1 mo

5、l迷迭香酸最多能和9 mol氢气发生加成反响C迷迭香酸可以发生水解反响、取代反响和酯化反响D1 mol迷迭香酸最多能和含5 mol NaOH的水溶液完全反响练综合应用13有机物A易溶于水，且1 mol A能跟Na反响生成0.5 mol H2，但不与NaOH反响，A通过如下转化关系制得化学式为C4H8O2的酯E，且当DE时，相对分子质量增加了28；B是一种烃。(1)写出E的不同种类的一种同分异构体的结构简式：_。(2)写出、的化学方程式，并在括号中注明反响类型：_()；_()；_()。14(2022全国理综，30)有机化合物AH的转换关系如下所示：请答复以下问题：(1)链烃A有支链且只有一个官能

6、团，其相对分子质量在6575之间，1 mol A完全燃烧消耗7 mol氧气，那么A的结构简式是_，名称是_。(2)在特定催化剂作用下，A与等物质的量的H2反响生成E，由E转化为F的化学方程式是_。(3)G与金属钠反响能放出气体，由G转化为H的化学方程式是_。(4)的反响类型是_；的反响类型是_。(5)链烃B是A的同分异构体，分子中的所有碳原子共平面，其催化氢化产物为正戊烷，写出B所有可能的结构简式_。(6)C也是A的一种同分异构体，它的一氯代物只有一种(不考虑立体异构)，那么C的结构简式为_。第3课时习题课1CA、D中的溴被羟基取代后转变为醇羟基，醇无酸性，因此与NaHCO3不反响；B中的溴被

7、羟基取代后变为酚羟基，酚的酸性比碳酸弱，因此不与NaHCO3反响；C中的溴被取代后转变为羧基，羧酸酸性比碳酸强，因此可与NaHCO3溶液反响。2B根据“酸脱羟基醇脱氢的原理，18O留在酯中，那么酯的相对分子质量为626018104。3D：加足量NaOH溶液共热后，发生酯的水解，转变为，通入CO2，因酸性：，故，符合题意；：最终通入SO2，生成的H2SO3酸性强于羧酸，因此不管前面如何操作，SO2最终都将COONa转化为COOH，不符合题意；：最终参加NaOH，会与酚羟基和羧基反响，最后生成，不符合题意；：在稀H2SO4存在下发生水解后，转化为，加NaHCO3时，只能与COOH反响，使其转化为，

8、故符合题意。4D由(2)知，该物质中不含酸性物质；由(1)知该物质中含有醛基；由(3)知含有酯类物质。综合分析，该物质中含有甲酸乙酯，不含甲酸、乙酸，无法确定是否含有甲醇。5B比照甲、乙两种物质的结构，二者均含有一个羧基和一个酯基，但甲中的酯基为酚酯基，其水解过程中消耗的NaOH的物质的量是一般酯基的2倍，故1 mol甲消耗3 mol NaOH，而1 mol乙消耗2 mol NaOH。6A从所给三种化合物的结构看出：丁香酚含有酚羟基和，肉桂酸含有，而乙酰水杨酸无，故可用和鉴别。7C根据结构中含COOH，且酸性CH3COOHH2CO3，推断能与Na2CO3溶液反响，故A正确；结构中含,1 mol

9、该有机物水解后可得2 mol 3，4,5三羟基苯甲酸，故B正确；从其水解反响方程式：，可知1 mol该有机物最多能与8 mol NaOH反响，故C错误；该有机物除发生水解反响外，还可以发生酯化反响(因为含COOH)，而这2种反响均可看作是取代反响，故D也是正确的。8B酯化反响过程中假设生成一个酯基那么脱去一分子水，根据元素守恒可计算酸、醇或酯的分子式：C32H49O2H2O_C25H45OC7H6O2即酸为C6H5COOH。9B不防设化合物A为ROH，相对分子质量为M，那么发生的酯化反响方程式为CH3COOHHORCH3COORH2OMM6018(101.3)g11.85 g解得：M116。1

10、0C乙酸的分子式为C2H4O2，链状单烯烃的通式为CnH2n(n2)，混合物中C和H的质量分数之和为(1a)，两类物质中m(C)m(H)61，故混合物中碳的质量分数是(1a)。11C此题考查有机物的性质。A项M的分子式为：C9H6O4，其相对分子质量是178；B项1 mol M最多能与3 mol Br2发生反响，除了酚羟基邻位可以发生取代反响，还有碳碳双键可以发生加成反响；C项除了酚羟基可以消耗2 mol NaOH，酯基水解也消耗1 mol NaOH，水解又生成1 mol酚羟基还要消耗1 mol NaOH，所以共计消耗4 mol NaOH；D项酚与碳酸氢钠不反响。所以此题选择C。12C烃只含C

11、、H两种元素，故A错；1 mol迷迭香酸最多能和7 mol H2发生加成反响，故B错；1 mol迷迭香酸最多能和6 mol NaOH反响，故D错；迷迭香酸分子中含有羧基、酯基、酚羟基，故能发生水解反响、取代反响、酯化反响。13(1)CH3(CH2)2COOH(其他合理答案均可)(2)C2H5OHCH2=CH2H2O消去反响2CH3CHOO22CH3COOH氧化反响CH3COOHC2H5OHCH3COOC2H5H2O酯化反响(或取代反响)解析1 mol A与Na反响生成0.5 mol H2，但不与NaOH反响，说明A为一元醇；B为醇A消去生成的烯，C为醛，D为羧酸。D与A反响生成分子式为C4H8O2的酯，那么A分子中含2个碳原子。A为C2H5OH。(4)加成反响(或复原反响)取代反响(5)CH3CH=CHCH=CH2(或写它的顺、反异构体)、CH3CH2CCCH3(6)解析由的反响条件判断F分子中有2个Br，据的反响条件可知G为二元醇，根据反响的反响物及H的分子式判断G分子结构中碳原子数为5，因烃A有支链且只有一个官能团，1 mol A完全燃烧消耗7 mol O2，那么A的分子式为C5H8，结构简式为各物质的转化关系为：