广东省湛江市第一中学2022-2022学年高二物理上学期第一次大考试题.doc

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1、湛江一中20172018学年度第一学期“第一次大考”高 二 级 物理科试卷 考试时间：90分钟 满分：110分 一、单项选择题（每小题4分共32分,只有一个选项符合题意.）第1题图1.如图所示，带箭头的实线表示电场线，、两点的电场强度分别为、，电势分别为、下列判断中正确的是（ ） A， B，C， D，第2题图2.图中虚线是某电场中的一簇等势线两个带电粒子从点均沿等势线的切线方向射入电场，粒子运动的部分轨迹如图中实验所示若粒子仅受电场力的作用，下列说法中正确的是（ ）A两粒子的电性相同B点的电势高于点的电势C粒子从运动到的过程中，电势能增大D粒子从运动到的过程中，动能增大第3题图3. 如图，两平

2、行的带电金属板水平放置。若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（ ）A保持静止状态 B向左上方做匀加速运动C向正下方做匀加速运动 D向左下方做匀加速运动4.如图所示，一个电荷量为的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的点另一个电荷量为、质量为的点电荷乙，从点以初速度沿它们的连线向甲运动，运动到点时速度为，且为运动过程中速度的最小值已知点电荷乙受到的阻力大小恒为，间距离为，静电力常量为，则下列说法正确的是（ ）A点电荷乙从点向甲运动的过程中，加速度逐渐增大B点电荷乙从点向甲运动的过程中，其电势

3、能先增大再减小第4题图COB间的距离为D在点电荷甲形成的电场中，间电势差 第5题图5.用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图）设两极板正对面积为，极板间的距离为，静电计指针偏角为实验中，极板所带电荷量不变，若（ ）A保持不变，增大，则变大B保持不变，减小，则不变C保持不变，减小，则变小D保持、不变，在两板间插入电介质，则变大第6题图6.取一对用绝缘支柱支撑的金属导体和，使它们的彼此接触起初它们不带电，贴在、下面的金属箔是闭合的现在把带正电荷的球移近导体，可以看到、上的金属箔都张开了下列说法正确的是（ ）A内部的场强比内部的场强大B、内部的场强均为零C左端的电势比右端的电势低D左

4、端的电势比右端的电势高第7题图7.美国物理学家密立根（RAMillikan）于20世纪初进行了多次实验，比较准确的测定了电子的电荷量，其实验原理可以简化为如下模型：两个相距为的平行金属板A、B水平放置，两板接有可调电源从A板上的小孔进入两板间的油滴因摩擦而带有一定的电荷量，将两板间的电势差调节到U时，带电油滴恰好悬浮在两板间；然后撤去电场，油滴开始下落，由于空气阻力，下落的油滴很快达到匀速下落状态，通过显微镜观测这个速度的大小为，已知这个速度与油滴的质量成正比，比例系数为，重力加速度为则计算油滴带电荷量的表达式为（） A BC D8.电场中有a、b两点，a点电势为4V，带电量为C的负离子仅在电

5、场力作用下从a运动到b的过程中，电场力做正功J，则 （ ）Ab点电势是2VBa、b两点中，b点电势较高C此电荷的电势能增加 D该电荷速度一定减小二、 多项选择题（每小题4分共24分.有多项符合题目要求，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或者不答的得0分.）9.如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的等差等势面，一个电子垂直经过等势面D时的动能为20 eV，经过等势面C时的电势能为10 eV，到达等势面B时的速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离为5 cm，不计电子的重力，下列说法中正确的是（ ）第9题图A C等势面的电势为10 V B匀强电场的场强为200 V/mC电子再次经过D等势面时，

6、动能为10 eV D电子的运动是匀变速曲线运动10.如图甲所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图乙所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在B板上则t0可能属于的时间段是（ ）第10题图甲第10题图乙A0t0B.t0 C .t0 DTt0第11题图11.示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示.如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（） A.极板应带负电 B.极板应带负电C.极板应带正电 D.极板应带正电12.有一个负点电荷只受电场力的作用，分别从两电场中的a点由

7、静止释放，在它沿直线运动到b点的过程中，速度随时间变化的关系图象如图甲中的、图线所示，则能与图线相对应的两个电场的电场线分布图分别是图乙中的（ ）第12题图甲第12题图乙第13题图13. 如图所示，质量分别是和带电量分别为和的小球，用长度不等的轻丝线悬挂起来，两丝线与竖直方向的夹角分别是和（），两小球恰在同一水平线上，那么（）A.两球一定带异种电荷 B一定大于 C一定小于 D所受库仑力一定等于所受的库仑力14.如图所示，是均匀带正电荷的金属球壳以球心为原点，水平向右建立坐标轴以无穷远处电势为零，则在沿方向上，能正确反映电场强度和电势随变化规律的图象是下面的哪些图象（ ）第14题图甲ABCD第1

8、4题图乙三、 实验题（本大题1小题，共18分请按要求把答案填在答题卡的横线上.）15.（1）如图甲用螺旋测微器测量出的长度是_如图乙用游标卡尺测量出的长度是_第15题第（1）问图甲第15题第（1）问图乙（2）如果测出金属丝接入电路的长度l、直径d和金属丝接入电路时的电流I和其两端的电压U，就可求出金属丝的电阻率。用以上实验中直接测出的物理量来表示电阻率，其表达式为=_。（3）在此实验中，金属丝的电阻大约为4，在用伏安法测定金属丝的电阻时，除被测电阻丝外，选用了如下实验器材：第15题第（3）问图A直流电源：电动势约4.5 V，内阻不计；B电流表A：量程00.6 A，内阻约0. 125；C电压表V

9、：量程03 V，内阻约3 k；D滑动变阻器R：最大阻值10；E开关、导线等在以下可供选择的实验电路中，应该选图_（填“甲”或“乙”），选择的接法为_接法（填“内”或“外”），此接法测得的电阻值将_(填“大于”、“小于”或“等于”)被测电阻的实际阻值。（4）根据所选实验电路图，在实物图中完成其余的连线。在闭合开关S前，滑动变阻器的滑片应置在_（填“最左”或“最右”）端。第15题第（4）问图（5）根据所选量程，某次实验两电表的示数如图，则读数分别为_V和_A0123051015V00.20.40.60123A第15题第（5）问图 （6） 若某次实验测得接入电路金属丝的长度为0.810m，算出金属丝

10、的横截面积为0.8110-6m2，根据伏安法测出电阻丝的电阻为4.1，则这种金属材料的电阻率为 （保留二位有效数字）。四、 计算题（本大题3小题共36分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16.如图所示的装置放置在真空中，炽热的金属丝可以发射电子，金属丝和竖直金属板之间加以电压，发射出的电子被加速后，从金属板上的小孔射出装置右侧有两个相同的平行金属极板水平正对放置，板长，相距，两极板间加以电压的偏转电场从小孔射出的电子恰能沿平行于板面的方向由极板左端中间位置射入偏转电场已知电子的电荷量，电子的质量，设电子刚离开金

11、属丝时的速度为，忽略金属极板边缘对电场的影响，不计电子受到的重力求：（）电子射入偏转电场时的动能（）电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量（）电子在偏转电场运动的过程中电场力对它所做的功第16题图MNABE第17题图17.如图所示，一根长L=1.5m的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E=1.0105N/C、与水平方向成=30角的倾斜向上的匀强电场中。杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q+4.510-6C；另一带电小球B 穿在杆上可自由滑动，电荷量q+1.010-6 C，质量m=1.010-2kg。现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动。（静电力常量k=9.0109Nm2/C2，取

12、g=10m/s2）(1) 小球B开始运动时的加速度为多大？(2) 小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？(3) 小球B从N端运动到距M端的高度h2=0.61m时，速度为v=1.0m/s，求此过程中小球B的电势能改变了多少？18.如图所示，一绝缘细圆环半径为r=0.1m，其环面固定在竖直面上，为竖直方向，场强为E=10N/C的匀强电场与平行，也与圆环平面平行，环上穿有一电荷量为q=1.0C、质量为m=1.0kg的小球，可沿圆环作无摩擦的圆周运动。若小球经A点时速度vA的方向与电场垂直，且小球与圆环间恰好无相互作用力。求：()（1）小球经A点时速度vA的大小（2）小球运动到速度最大时，小球对

13、圆环的作用力大小F（3）试判断小球能够做完整的圆周运动第18题图湛江一中20172018学年度第一学期“第一次大考”高 二 级 物理科试卷 参考答案题号1234567891011121314答案BDDCABBBABADBDBCACAD15.（18分）0.518（0.5170.519） 104.20 （4分，各2分） （2分）甲 外 小于 （3分，各1分）实物图 最左 （2+1=3分）2.15（2.142.16） 0.16 （4分，各2分）4.110-6m （2分）16. （10分）解：（1）有动能定理有： 1分代入数据解得 1分（2）设粒子在板间运动时加速度大小为，由牛顿第二定律有： 1分时间

14、为，则： 1分 1分联立方程解得 1分代入数据解得 1分（3）电场力做功为 2分解得 1分17.（12分）解：（1）开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得： 2分 代入数据解得a=3.2m/s2 2分（2）小球B速度最大时合力为零，即 2分代入数据解得 1分 （3）小球B从开始运动到速度为的过程中，设小球B的电势能改变了，根据能量守恒有： 3分代入数据解得 1分即小球电势能增加了 1分18.（14分）解：（1）在A点时，由牛顿第二定律有： 2分 带入数据解得 2分（2） 由于，故小球运动的到C、D圆弧中间位置时速度具有最大值，设 为，则由动能定理有： 3分 在速度最大位置处，由牛顿第二定律有： 2分联立方程代入已知数据解得 1分（3）要做完整圆周运动，则应至少过A、B圆弧的中点，且恰好经过该点时速度大小为零，由A点到该点，设该点速度大小为，由动能定理有： 2分解得，所以能做完整的圆周运动 2分（1分+1分）9