安徽狮远重点中学2022届高三数学下学期第三次模拟考试试题理含解析.doc

《安徽狮远重点中学2022届高三数学下学期第三次模拟考试试题理含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽狮远重点中学2022届高三数学下学期第三次模拟考试试题理含解析.doc（21页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、安徽省定远重点中学2022届高三数学下学期第三次模拟考试试题 理含解析一、选择题本大题共12小题，每题5分，共60分在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的1.集合A1，0，1，2，Bx|x+1x20，那么ABA. 0，1B. 1，0C. 1，0，1D. 0，1，2【答案】A【解析】【分析】化简集合B，进而求交集即可.【详解】由B中不等式解得：-1x2，即B=x|-1x2， A=-1，0，1，2， AB=0，1， 应选：A【点睛】此题考查交集的概念与运算，考查一元二次不等式的解法，属于根底题.2.复数满足，那么复平面内与复数对应的点在A. 第一象限B. 第二象限C. 第三象限D.

2、 第四象限【答案】D【解析】【分析】把等式变形，利用复数代数形式的乘除运算化简，求出z的坐标得答案【详解】由得，复数z在复平面内对应的点的坐标为，在第四象限应选：D【点睛】此题考查复数代数形式的乘除运算，考查复数的代数表示法及其几何意义，是根底题3.将函数图像上各点的横坐标伸长到原来的2倍(纵坐标不变，再把得到的图像向左平移个单位长度，所得函数图像关于x=对称，那么 =( )A. -B. -C. D. 【答案】B【解析】【分析】函数图象经过放缩变换与平移变换后可得，由可得结果.【详解】函数图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍后得到，再向左平移后得到，因为的图象关于于对称，解得，当时，应选B.【点

3、睛】此题考查了三角函数的图象与性质，重点考查学生对三角函数图象变换规律的理解与掌握，能否正确处理先周期变换后相位变换这种情况以下图象的平移问题，反映学生对所学知识理解的深度.4.在等比数列中，那么的值为 A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据数列是等比数列得到公比，再由数列的通项公式得到结果.【详解】因为数列是等比数列，故得到进而得到，那么 故答案为：D.【点睛】这个题目考查了等比数列的通项的求法，是简单题.5.是空气质量的一个重要指标，我国标准采用世卫组织设定的最宽限值，即日均值在以下空气质量为一级，在之间空气质量为二级，在以上空气质量为超标.如图是某地11月1日到10日日均

4、值单位：的统计数据，那么以下表达不正确的选项是 A. 这天中有天空气质量为一级B. 这天中日均值最高的是11月5日C. 从日到日，日均值逐渐降低D. 这天的日均值的中位数是【答案】D【解析】【分析】由折线图逐一判断各选项即可.【详解】由图易知：第3,8,9,10天空气质量为一级，故A正确，11月5日日均值为82，显然最大，故B正确，从日到日，日均值分别为：82,73,58,34,30，逐渐降到，故C正确，中位数是，所以D不正确，应选D.【点睛】此题考查了频数折线图，考查读图，识图，用图的能力，考查中位数的概念，属于根底题.6.函数假设，那么的取值范围是A. B. C. D. 【答案】B【解析】

5、【分析】依题意，对a分a与a讨论，再解相应的不等式即可【详解】，或即或即的取值范围是应选：B【点睛】此题考查分段函数的图象与性质的应用，突出考查分类讨论思想与方程思想的综合应用，属于中档题7.向量， ，假设，那么与的夹角为 A. B. C. D. 【答案】D【解析】，解得，又设向量与的夹角为，那么又，选D8.博览会安排了分别标有序号为“1号“2号“3号的三辆车，等可能随机顺序前往酒店接嘉宾某嘉宾突发奇想，设计两种乘车方案方案一：不乘坐第一辆车，假设第二辆车的车序号大于第一辆车的车序号，就乘坐此车，否那么乘坐第三辆车；方案二：直接乘坐第一辆车记方案一与方案二坐到“3号车的概率分别为P1，P2，那

6、么 A. P1P2B. P1P2C. P1+P2D. P1P2【答案】C【解析】【分析】将三辆车的出车可能顺序一一列出，找出符合条件的即可.【详解】三辆车的出车顺序可能为：123、132、213、231、312、321方案一坐车可能：132、213、231，所以，P1；方案二坐车可能：312、321，所以，P1；所以P1+P2应选C.【点睛】此题考查了古典概型的概率的求法，常用列举法得到各种情况下根本领件的个数，属于根底题.9.某多面体的三视图如下图，正视图中大直角三角形的斜边长为，左视图为边长是1的正方形，俯视图为有一个内角为45的直角梯形，那么该多面体的体积为A. 1B. C. D. 2【

7、答案】C【解析】由题可知，所以，应选C。10.设A1，A2，B1分别是椭圆的左、右、上顶点，O为坐标原点，D为线段OB1的中点，过A2作直线A1D的垂线，垂足为H假设H到x轴的距离为，那么C的离心率为A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】结合草图，利用相似求得OG，写出H坐标，利用计算从而求得值.【详解】如图示过H作轴于点G，那么相似，,即 故 即 ，即 应选：C.【点睛】此题考查椭圆离心率的求法，利用相似是关键，属于根底题.11.函数fxlnx的图象大致是A. B. C. D. 【答案】B【解析】分析：首先根据对数函数的性质，求出函数的定义域，再根据复合函数的单调性求出的单调性，

8、问题得以解决.详解：f(x)ln(x)，x0，解得1x1，函数的定义域为(1,0)(1,)，可排除A，D.函数ux在(1,0)和(1,)上单调递增，函数yln u在(0,)上单调递增，根据复合函数的单调性可知，函数f(x)在(1,0)和(1,)上单调递增，应选：B.点睛：函数图象的识辨可从以下方面入手：(1)从函数的定义域，判断图象的左右位置；从函数的值域，判断图象的上下位置；(2)从函数的单调性，判断图象的变化趋势；(3)从函数的奇偶性，判断图象的对称性；(4)从函数的周期性，判断图象的循环往复；(5)从函数的特征点，排除不合要求的图象12.a，bR，直线yax+b与函数fxtanx图象在x

9、处相切，设gxex+bx2+a，假设在区间1，2上，不等式mgxm22恒成立，那么实数mA. 有最小值eB. 有最小值eC. 有最大值eD. 有最大值e+1【答案】D【解析】试题分析：，所以，又，所以，当时，因此在上递增，所以，从而在上是增函数，的最小值为，最大值为，因此由在区间上,不等式恒成立得，解得或，所以最大值为应选D考点：导数的几何意义，导数与单调性、最值【名师点睛】此题是一道综合题，解题要求对所涉及的知识都能正确理解运用首先考查导数的几何意义，通过导数求函数图象的切线方程知识点求出参数值，不等式恒成立，转化为求函数的最值，从而解相应不等式得出结论，这里求的最值时，要确定单调性，也即要

10、确定导数的正负，对导数的正负不易确定时，可对它再一次求导，由的正负，确定的单调性，从而确定正负，是我们常用的方法二、填空题本大题共4小题，每题5分，共20分13.假设的展开式的常数项是，那么常数的值为_【答案】【解析】【分析】二项展开式的通项公式中，令的幂指数等于0，求出的值，即可求得常数项，再根据常数项等于45得解【详解】解：展开式的通项公式为，令，求得，可得它的常数项为，故答案为：3【点睛】此题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，二项式系数的性质，属于根底题14.椭圆C：的右焦点为F，点A一2，2)为椭圆C内一点。假设椭圆C上存在一点P，使得PAPF8，那么m的最大值是_【答案

11、】25【解析】【分析】设椭圆的左焦点为F2，0，由椭圆的定义可得2|PF|+|PF|，即|PF|2|PF|，可得|PA|PF|82，运用三点共线取得最值，解不等式可得m的范围，再由点在椭圆内部，可得所求范围【详解】椭圆C：的右焦点F2，0，左焦点为F2，0，由椭圆的定义可得2|PF|+|PF|，即|PF|2|PF|，可得|PA|PF|82，由|PA|PF|AF|2，可得2822，解得，所以,又A在椭圆内，所以,所以8m-16m(m-4),解得或,与取交集得故答案为25【点睛】此题考查椭圆的定义和性质的运用，考查转化思想和运算能力，属于中档题15.实数，满足约束条件，那么的最大值_【答案】2【解

12、析】【分析】作出可行域，求出区域的顶点坐标，将顶点坐标一一代入，即可判断函数的最大值。【详解】作出不等式组表示的平面区域，如图求得区域的顶点分别为，分别将三点代入目标函数得：，所以的最大值为【点睛】此题考查了线性规划问题，作出可行域，当不等式组为线性约束条件，目标函数是线性函数，可行域为多边形区域时或有顶点的无限区域，直接代端点即可求得目标函数的最值。16.假设函数在上仅有一个零点，那么_【答案】【解析】【分析】令，并将其化为，构造函数，利用导数研究函数的单调性，求得其极大值，令等于这个极大值，解方程求得的值.【详解】令并化简得，构造函数，由于，故函数在上导数小于零，递减，在上导数大于零，递增

13、，由，当，有,当时，且时，,函数在处取得极大值也是最大值为，又，所以当时，只有，解得.【点睛】本小题主要考查利用导数研究函数零点问题，考查构造函数法，考查极值、最值的求法，属于中档题.三、解答题本大题共5小题，共70分解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤17.ABC的内角A、B、C所对的边分别为且(1)求角A的值；(2)假设ABC的面积为且求ABC外接圆的面积。【答案】1；2【解析】分析】1利用正弦定理、和差公式即可得出sinB2sinBcosA，结合sinB0，可得cosA，由范围A0，可求A2利用三角形的面积公式可求bc12，由余弦定理可得a的值，设三角形的外接圆半径为R，由正弦定理可得

14、R，进而根据圆的面积公式求解即可【详解】1.由正弦定理得 ，又，2由1知，由余弦定理，又，又，又，.【点睛】此题考查了正弦定理、余弦定理、和差公式、三角形面积计算公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题18.如图，在四棱锥PABCD中，底面ABCD是平行四边形，PD平面ABCD，PDADBD2，AB2，E是棱PC上的一点1假设PA平面BDE，证明：PEEC；2在1的条件下，棱PB上是否存在点M，使直线DM与平面BDE所成角的大小为30？假设存在，求PM：MB的值；假设不存在，请说明理由【答案】1 见解析；2在棱上存在点使直线与平面所成角的大小为，此时.【解析】【分析】1连接交于，连接由平面的

15、性质定理得是的中点，即可得出；2建立空间直角坐标系，求出平面的法向量，由直线与平面所成角的向量法，得出的值.【详解】1连接交于，连接，那么是平面与平面的交线.因为平面，平面，所以.又因为是中点，所以是的中点.所以.2由条件可知，所以，以为原点，为轴，为轴，为轴建立空间直角坐标系.那么，.假设在棱上存在点，设，得，.记平面的法向量为，那么即取，那么，所以.要使直线与平面所成角的大小为，那么，即，解得.所以在棱上存在点使直线与平面所成角的大小为.此时.【点睛】此题考查了线与面平行的性质定理的应用，也考查了向量法解决线与面所成角的问题，属于中档题.19.2022年2月22日上午，山东省省委、省政府在

16、济南召开山东省全面展开新旧动能转换重大工程发动大会，会议发动各方力量，迅速全面展开新旧动能转换重大工程某企业响应号召，对现有设备进行改造，为了分析设备改造前后的效果，现从设备改造前后生产的大量产品中各抽取了200件产品作为样本，检测一项质量指标值，假设该项质量指标值落在20，40内的产品视为合格品，否那么为不合格品如图是设备改造前的样本的频率分布直方图，表1是设备改造后的样本的频数分布表表1：设备改造后样本的频数分布表质量指标值15，2020，2525，3030，3535，4040，45频数43696283241完成下面的22列联表，并判断是否有99%的把握认为该企业生产的这种产品的质量指标值

17、与设备改造有关；设备改造前设备改造后合计合格品不合格品合计2根据图3和表1提供的数据，试从产品合格率的角度对改造前后设备的优劣进行比拟；3企业将不合格品全部销毁后，根据客户需求对合格品进行等级细分，质量指标值落在25，30内的定为一等品，每件售价240元；质量指标值落在20，25或30，35内的定为二等品，每件售价180元；其它的合格品定为三等品，每件售价120元根据表1的数据，用该组样本中一等品、二等品、三等品各自在合格品中的频率代替从所有产品中抽到一件相应等级产品的概率现有一名顾客随机购置两件产品，设其支付的费用为X单位：元，求X的分布列和数学期望附：PK2k00.1500.1000.05

18、00.0250.010k02.0722.7063.8415.0246.635【答案】(1) 有99%的把握认为该企业生产的这种产品的质量指标值与设备改造有关(2)见解析【解析】试题分析：1根据直观图以及表格中所给数据，可完成列联表；根据列联表，利用公式可得，与临界值比拟可得结果；2根据图和表可知，利用古典概型概率公式可得设备改造前产品为合格品的概率约为，设备改造后产品为合格品的概率约为，比拟合格率的大小即可得结果；3随机变量的取值为：，根据独立事件的概率公式计算出各随机变量对应的概率，可得分布列，利用期望公式可得结果.试题解析：1根据图3和表1得到列联表：设备改造前设备改造后合计合格品1721

19、92364不合格品28836合计200200400将列联表中的数据代入公式计算得： .，有99%的把握认为该企业生产的这种产品的质量指标值与设备改造有关.2根据图和表可知，设备改造前产品为合格品的概率约为，设备改造后产品为合格品的概率约为；显然设备改造后产品合格率更高，因此，设备改造后性能更优.3由表1知：一等品的频率为，即从所有产品中随机抽到一件一等品的概率为；二等品的频率为，即从所有产品中随机抽到一件二等品的概率为；三等品的频率为，即从所有产品中随机抽到一件三等品的概率为.由得：随机变量的取值为：，. ， ， ， ， .随机变量的分布列为：240300360420480 .【方法点睛】此题

20、主要考查频率分布直方图、古典概型概率公式以及独立性检验与离散型随机变量的分布列与期望，属于难题.独立性检验的一般步骤：1根据样本数据制成列联表；2根据公式计算的值；(3) 查表比拟与临界值的大小关系，作统计判断.注意：在实际问题中，独立性检验的结论也仅仅是一种数学关系，得到的结论也可能犯错误.20.在平面直角坐标系xOy中，椭圆，如下图，斜率为kk0且不过原点的直线l交椭圆C于两点A，B，线段AB的中点为E，射线OE交椭圆C于点G，交直线x3于点D3，m1求m2+k2的最小值；2假设|OG|2|OD|OE|，求证：直线l过定点【答案】12；2见解析【解析】【分析】1设出直线方程为，联立直线的方

21、程和椭圆的方程，化简为一元二次方程的形式.根据直线和椭圆有两个交点得出判别式大于零，写出韦达定理，根据中点坐标公式求得点的坐标，由此求得直线的斜率和方程，根据点坐标求得的关系式，结合根本不等式求得的最小值.2将直线的方程代入椭圆方程，求得点坐标，结合两点坐标以及两点间的距离公式，求得，代入列方程，解方程求得的关系，由此判断出直线过定点.【详解】1设直线l的方程为ykx+tk0，由题意，t0，由方程组，得3k2+1x2+6ktx+3t230，由题意0，所以3k2+1t2，设Ax1，y1，Bx2，y2，由根与系数的关系得，所以，由于E为线段AB的中点，因此，此时，所以OE所在直线的方程为，又由题意

22、知D3，m，令x3，得，即mk1，所以m2+k22mk2，当且仅当mk1时上式等号成立，此时由0得0t2，因此当mk1且0t2时，m2+k2取最小值22证明：由1知D所在直线的方程为，将其代入椭圆C的方程，并由k0，解得，又，由距离公式及t0得，由|OG|2|OD|OE|，得tk，因此直线l方程为ykx+1，所以直线l恒过定点1，0【点睛】本小题主要考查直线和椭圆的位置关系，考查根于系数关系，考查直线和直线交点坐标、直线和椭圆交点坐标的求法，考查两点间的距离公式，考查直线过定点的问题，综合性较强，属于中档题.21.设函数. 1求函数的单调区间；2假设函数在上有零点，证明：.【答案】1在上是增函

23、数，在上是减函数； 2.【解析】【分析】1先确定函数的定义域，然后求，进而根据导数与函数单调性的关系，判断函数 的单调区间；2采用别离参数法，得，根据在上存在零点，可知有解，构造，求导，知在上存在唯一零点，即零点k满足，进而求得，再根据有解，得证【详解】1解：函数的定义域为， 因为，所以 所以当时，在上是增函数；当时，在上是减函数 所以在上增函数，在上是减函数2证明：由题意可得，当时，有解，即有解 令，那么 设函数，所以在上单调递增又，所以在上存在唯一的零点 故在上存在唯一的零点设此零点为，那么当时，；当时，所以在上的最小值为又由，可得，所以， 因为在上有解，所以，即【点睛】此题考查了利用导数

24、求函数的单调区间，考查了利用导数证明不等式成立，考查了利用导数研究函数的零点问题，涉及了求函数导数，函数零点存在性定理的应用等知识；从哪里入手，怎样构造，如何构造适当的函数，是解决此类问题的关键一步.请考生在第22、23题中任选一题作答注意：只能做选定的题目，如果多做，那么按所做的第一题计分，解答时请写清题号22.在平面直角坐标系xOy中，曲线M的参数方程为t为参数，且t0，以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C的极坐标方程为4cos1将曲线M的参数方程化为普通方程，并将曲线C的极坐标方程化为直角坐标方程；2求曲线M与曲线C交点的极坐标0，02【答案】1曲线的普通方程为或曲线的

25、直角坐标方程为.2交点极坐标为.【解析】【详解】1先求出，再代入消元将曲线的参数方程化为普通方程，根据将，.曲线的极坐标方程化为直角坐标方程；2先求曲线与曲线交点的直角坐标，再化为极坐标.1，即，又，或，曲线的普通方程为或.，即曲线的直角坐标方程为.2由得，舍去，那么交点的直角坐标为，极坐标为.【点睛】此题考查曲线的普通方程、直角坐标方程的求法，考查两曲线交点的极坐标的求法，考查直角坐标方程、极坐标方程、参数方程的互化等根底知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是中档题23.函数.1假设，使不等式成立，求满足条件的实数的集合；2为中最大正整数，求证：.【答案】1;2见解析.【解析】试题分析：1根据题意，由零点分段讨论法分析不等式，得到的解析式，即可得到.2由1可得，即可得，由根本不等式的性质可得，将3个式子相乘，可得试题解析：1由得那么，由于，使不等式成立，所以，即2由1知，那么因为，所以，那么，当且仅当时等号成立，当且仅当时等号成立，当且仅当时等号成立，那么当且仅当时等号成立，即.【点睛】此题绝对值不等式的性质以解法，涉及根本不等式的性质以及应用，2的关键是分析转化求出 的最值- 21 -