江苏专用2022高考化学三轮冲刺单项选择题专练一含解析.docx

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1、单项选择题专练一1以下生活用品中主要由塑料制造的是()A保鲜膜B羽绒服C宣纸D轮胎答案A解析保鲜膜的主要成分是聚乙烯，是用塑料制成的，故A正确；羽绒的主要成分是蛋白质，故B错误；宣纸的主要成分为天然纤维素，故C错误；轮胎的主要成分是橡胶，故D错误。2以下有关化学用语表示正确的选项是()AS2结构示意图：BHClO的电子式：C丙醛的结构简式：CH3CH2COHD中子数为10的氟原子：F答案A解析为硫原子结构示意图，S2的质子数为16，核外电子数为18，各层电子数分别为2、8、8，硫离子结构示意图为，故A正确；次氯酸中含有1个氧氯键和1个氢氧键，不存在氢氯键，次氯酸正确的电子式为：，故B错误；醛基

2、为CHO，丙醛的结构简式：CH3CH2CHO，故C错误；氟原子的质子数为9，中子数为10，该原子可以表示为：F，故D错误。3以下有关物质性质与用途具有对应关系的是()A铝具有延展性，可用于冶炼金属B木炭具有复原性，可用于冰箱除异味C过氧化钠呈浅黄色，可用于潜水艇供氧D碳酸钠水解呈碱性，可用于清洗油污答案D解析铝用于冶炼金属是利用铝具有复原性，与延展性无关，故A错误；木炭用作冰箱和居室的除臭剂与吸附性有关，与木炭的复原性无关，故B错误；过氧化钠用作潜水艇中的供氧剂是因为过氧化钠与水、二氧化碳反响都生成氧气，与其颜色无关，故C错误；Na2CO3溶液水解显碱性，可促进油污的水解，那么可用于洗涤油污，

3、故D正确。4以下有关硫酸的实验装置和原理能到达实验目的的是()答案C解析配制稀硫酸不能在容量瓶中稀释，应该在烧杯中稀释后再转移到容量瓶中，故A错误；氨气能够与硫酸反响生成盐，不能用浓硫酸枯燥氨气，且气体应长管进短管出，故B错误；硝基苯不溶于水，与稀硫酸分层后，可以用分液漏斗分液别离，故C正确；稀硫酸与铜不反响，故D错误。5以下化学反响的离子方程式正确的选项是()A将少量金属钠放入冷水中：Na2H2O=Na2OHH2B向亚硫酸钡中参加足量稀硝酸：3BaSO32H=Ba2SO2H2OC向澄清石灰水中通入过量的二氧化碳：Ca22OHCO2=CaCO3H2OD将除去氧化膜的铝片参加烧碱溶液中：2Al2

4、OH2H2O=2AlO3H2答案D解析将少量金属钠放入冷水中，反响生成氢氧化钠和氢气，正确的离子方程式为：2Na2H2O=2Na2OHH2，故A错误；亚硫酸钡被硝酸氧化生成硫酸钡，不能放出二氧化硫，故B错误；向澄清石灰水中通入过量的二氧化碳，反响生成碳酸氢钙，正确的离子方程式为：OHCO2=HCO，故C错误；将铝片参加烧碱溶液中，离子方程式：2Al2OH2H2O=2AlO3H2，故D正确。6短周期主族元素A、B、C、D的原子序数依次增大，其中A与C同主族，且二者原子序数之和为B的2倍；B与其他三种元素均不同周期，且B的简单氢化物可与D的单质在一定条件下发生反响。以下说法不正确的选项是()A简单

5、离子半径：CDB最高价氧化物对应水化物的酸性：BDCA与C两元素形成的化合物为离子化合物DB的简单氢化物与D的单质反响的产物有4种答案D解析短周期主族元素A、B、C、D的原子序数依次增大，其中A与C同主族，且二者原子序数之和为B的2倍；B与其他三种元素均不同周期，那么A为氢元素，C为钠元素，B为碳元素，又B的简单氢化物可与D的单质在一定条件下发生反响，D为氯元素。简单离子半径：CD，即NaCl，故A正确；碳的非金属性小于氯元素，最高价氧化物对应水化物的酸性：BD，即H2CO3HClO4，故B正确；A与C两元素形成的化合物为NaH，属于离子化合物，故C正确；B的简单氢化物与D的单质反响的产物有5

6、种，CH3Cl、CH2Cl2、CHCl3、CCl4、HCl，故D错误。7在给定条件下，以下选项所示的物质间转化均能实现的是()ANaClO(aq)HClO(aq)HCl(aq)BH2SiO3SiO2SiCl4CAlAl(OH)3Al2O3DFe2O3Fe(OH)3Fe2(SO4)3(aq)答案A解析碳酸的酸性比次氯酸强，次氯酸不稳定，见光分解生成O2和HCl(aq)，因此NaClO(aq)HClO(aq)HCl(aq)能够实现，故A正确；二氧化硅不溶于盐酸，SiO2SiCl4不能实现，故B错误；铝溶于氢氧化钠生成偏铝酸钠和氢气，AlAl(OH)3不能实现，故C错误；氧化铁不溶于水，Fe2O3F

7、e(OH)3不能实现，故D错误。8常温下，以下各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是()A1molL1KNO3溶液：H、Fe2、Cl、SOB使甲基橙呈红色的溶液：NH、Ba2、AlO、ClCpH12的溶液：K、Na、CH3COO、BrD与铝反响产生大量氢气的溶液：K、Na、CO、SO答案C解析H、Fe2、NO发生氧化复原反响，不能大量共存，故A错误；使甲基橙呈红色的溶液，显酸性，不能大量存在AlO，故B错误；常温下pH12的溶液，显碱性，该组离子之间不反响，可大量共存，故C正确；与铝反响产生大量氢气的溶液，为非氧化性酸或强碱溶液，酸溶液中不能大量存在CO，故D错误。9反响“P4(s)3NaOH

8、(aq)3H2O(l)=3NaH2PO2(aq)PH3(g)H0制得的NaH2PO2可用于化学镀镍。以下说法正确的选项是()AP4分子中P原子均满足8电子稳定结构B反响中NaOH作复原剂C该反响能自发进行，那么S0D反响中生成1molNaH2PO2，转移电子数目为36.021023答案A解析P原子最外层有5个电子，与其他3个P原子形成共价键，含有1对孤电子对，P4分子中P原子均满足8电子稳定结构，故A正确；反响中NaOH中没有元素的化合价发生变化，既不是氧化剂，也不是复原剂，故B错误；反响能自发进行，须GHTS0，因为H0，那么S0，故C错误；反响中P元素由0价升高为1价，由0价降低为3价，因

9、此生成1molNaH2PO2，转移1mol电子，故D错误。10向湿法炼锌的电解液中同时参加Cu和CuSO4，可生成CuCl沉淀除去Cl，降低对电解的影响，反响原理如下：Cu(s)Cu2(aq)2Cu(aq)H1akJmol1Cl(aq)Cu(aq)CuCl(s)H2bkJmol1实验测得电解液pH对溶液中残留c(Cl)的影响如下图。以下说法正确的选项是()A向电解液中参加稀硫酸，有利于Cl的去除B溶液pH越大，Ksp(CuCl)增大C反响到达平衡时，增大c(Cu2)，c(Cl)减小D.Cu(s)Cu2(aq)Cl(aq)CuCl(s)H(a2b) kJmol1答案C解析根据图像，溶液的pH越小，溶液中残留c(Cl)越大，因此向电解液中参加稀硫酸，不利于Cl的去除，故A错误；Ksp(CuCl)只与温度有关，与溶液pH无关，故B错误；根据Cu(s)Cu2(aq)2Cu(aq)，增大c(Cu2)，平衡正向移动，使得c(Cu)增大，促进Cl(aq)Cu(aq)CuCl(s)右移，c(Cl)减小，故C正确；Cu(s)Cu2(aq)2Cu(aq)H1akJmol1，Cl(aq)Cu(aq)CuCl(s)H2bkJmol1，根据盖斯定律，将得：Cu(s)Cu2(aq)Cl(aq)CuCl(s)H(b) kJmol1，故D错误。