2022年甘肃省白银市中考化学试题.docx

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1、2022年甘肃省白银市中考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题本大题共10小题，每题2分，共20分12分2022定西以下物质属于混合物的是A锌B石油C氧化镁D硝酸钾考点：纯洁物和混合物的判别 专题：物质的分类分析：混合物是由两种或两种以上物质组成的物质解答：解：A、锌是由一种物质组成，属于纯洁物，故A错；B、石油中含有汽油、煤油、柴油等物质，属于混合物，故B正确；C、氧化镁是由一种物质组成，属于纯洁物，故C错；D、硝酸钾是由一种物质组成，属于纯洁物，故D错应选B点评：在熟悉概念的根底上能从宏观和微观两个方面来判断纯洁物和混合物，还要从社会实践中了解生活中常见物质的组成22分2022定西以下生活

2、用品所用的主要材料，属于有机合成材料的是A塑料保鲜膜B真丝围巾C麻布袋D木桶考点：合成材料的使用及其对人和环境的影响 专题：化学与生活分析：有机合成材料简称合成材料，要判断是否属于合成材料，可抓住三个特征：有机物、合成、高分子化合物，据此常见材料的分类进行分析判断解答：解：A、塑料保鲜膜是用塑料制成的，塑料属于三大合成材料之一，应选项正确B、真丝围巾是用真丝制成的，属于天然材料，应选项错误C、麻布袋是用麻线制成的，属于天然材料，应选项错误D、木桶是用木材制成的，属于天然材料，应选项错误应选：A点评：此题难度不大，掌握合成材料的三大特征有机物、合成、高分子化合物、分类是正确解答此类题的关键所在3

3、2分2022定西以下有关物质的用途，利用了物理性质的是A用稀硫酸除去铁锈B用氢气作燃料C用熟石灰改良酸性土壤D用干冰人工降雨考点：化学性质与物理性质的差异及应用专题：物质的变化与性质分析：物理性质是指物质不需要发生化学变化就表现出来的性质化学性质是指物质在化学变化中表现出来的性质而化学变化的本质特征是变化中有新物质生成，因此，判断物理性质还是化学性质的关键就是看表现物质的性质时是否有新物质产生解答：解：A、用稀硫酸除去铁锈是利用硫酸与铁锈反响，将其除掉，利用了化学性质，故A错；B、用氢气作燃料是利用氢气燃烧放出大量的热，氢气燃烧生成水属于化学变化，所以利用了化学性质，故B错；C、用熟石灰改良酸

4、性土壤是利用了酸碱中和反响生成盐和水，利用了化学性质，故C错；D、用干冰人工降雨是利用干冰升华吸热，使周围温度降低，空气中水蒸气冷凝成水滴，没有新物质生成，利用了干冰的物理性质，故D正确应选D点评：物理性质、化学性质是一对与物理变化、化学变化有密切关系的概念，联系物理变化、化学变化来理解物理性质和化学性质，那么掌握起来并不困难42分2022定西兰州市2022年城区环境空气质量优良天数到达299天，优良率到达了81.92%历史性地退出了全国空气质量十大污染城市行列现行空气质量日报中，未计入空气污染指数工程的是AS02BC02CN02D可吸入颗粒考点：空气的污染及其危害专题：空气与水分析：目前国家

5、计入空气污染指数的工程暂定为：二氧化硫、一氧化碳、二氧化氮、可吸入颗粒物等解答：解：目前国家计入空气污染指数的工程暂定为：二氧化硫、一氧化碳、二氧化氮、可吸入颗粒物等二氧化碳没有计入空气污染指数的工程应选B点评：根据污染指数工程所包括的工程进行分析就可做好此题52分2022定西合理搭配饮食是我们的健康理念，中考期间，小明妈妈为他准备了一份午餐：馒头、红烧肉、豆腐汤、炸鸡腿，你认为这份午餐搭配中还应添加以下食口中的A黄瓜B牛奶C炒鸡蛋D烤野兔肉考点：均衡营养与健康专题：化学与生活分析：根据人体所需六大营养素的种类、食物来源和合理膳食的原那么，结合题中所给的食谱判断所含的营养素以及缺少的营养素，进

6、行分析解答解答：解：人体需要的六大营养物质：蛋白质、糖类、油脂、维生素、无机盐和水；结合题意，馒头富含淀粉，淀粉属于糖类；红烧肉、豆腐汤、炸鸡腿含有蛋白质、油脂和无机盐，可知食物中维生素含量较少；故为使营养搭配更加合理，需要补充富含维生素的食物应选A点评：“吃得营养，吃出健康是人类普遍的饮食追求，此题考查了人体所需的六大营养素，同时告诫我们在生活中一定要注意营养物质的均衡搭配，要合理膳食62分2022定西2014年4月14日，科学家约翰帕特森向人们展示了一款真正意义上的原子手表，它内置了一个芯片级的铯原子钟，每1000年仅有1秒的误差这种铯原子核内质子数为55，相对原子质量为133，那么其核外

7、电子数为A188B78C55D23考点：原子的有关数量计算专题：物质的微观构成与物质的宏观组成分析：根据在原子中质子数=核外电子数进行分析解答此题解答：解：由于原子中质子数=核外电子数，所以铯原子核内质子数为55，那么其核外电子数为55应选：C点评：此题主要考查学生根据在原子中，质子数=核外电子数，相对原子质量=质子数+中子数进行分析解题的能力72分2022定西以下列图中所示的实验操作正确的选项是A取用大理石B加热液体C测定溶液的pHD稀释浓硫酸考点：固体药品的取用；给试管里的液体加热；浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；溶液的酸碱度测定专题：常见仪器及化学实验根本操作分析：A、根据固体块状药品的取用

8、方法分析；B、根据给试管中的液体加热的方法进行分析判断C、根据用pH试纸测定未知溶液的pH时的方法进行分析判断D、根据浓硫酸的稀释方法进行分析判断解答：解：A、块状药品的取用方法：将试管横放，用镊子将药品放到试管口部，再将试管竖起，图中所示操作错误B、给试管中的液体加热时，用酒精灯的外焰加热试管里的液体，且液体体积不能超过试管容积，图中所示操作正确C、用pH试纸测定未知溶液的pH时，正确的操作方法为用玻璃棒蘸取少量待测液滴在枯燥的pH试纸上，与标准比色卡比照来确定pH不能将pH试纸伸入待测液中，以免污染待测液，图中所示操作错误D、稀释浓硫酸时，要把浓硫酸缓缓地沿器壁注入水中，同时用玻璃棒不断搅

9、拌，以使热量及时地扩散；一定不能把水注入浓硫酸中；图中所示操作错误应选：B点评：此题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用本卷须知、掌握常见化学实验根本操作的本卷须知是解答此类试题的关键82分2022定西如图为某反响的微观示意图，不同的球代表不同的元素的原子，以下说法错误的选项是A该反响属于分解反响B该反响生成物全部为化合物C该反响前后原子的种类、数目都未改变D该图示能表示双氧水制取氧气的反响考点：微粒观点及模型图的应用；单质和化合物的判别；反响类型的判定专题：化学反响模拟图型分析：A、根据反响物、生成物种类及反响的特点判断反响的类型B、根据生成物的微观构成分析物质的类别；C、根据反响前后微粒的变

10、化分析原子的变化；D、根据双氧水制取氧气的反响的特点分析判断解答：解：A、由反响的微观示意图可知，该反响由一种物质生成两种物质生成了两种物质，属于分解反响，故A正确；B、由生成物的微观构成可知，生成物中有一种物质的分子是由同种的原子构成的属于单质，故B错误；C、由反响前后微粒的变化可知，反响前后原子的种类、数目不变故C正确；D、假设图中的两种原子一种为氢原子、另一种为氧原子，那么反响物为两个氢原子和两个氧原子构成的双氧水分子，生成物为两个氢原子和一个氧原子构成的水分子、两个氧原子构成的氧分子，那么该反响为双氧水分解生成氧气的反响故D正确应选：B点评：构成相同的分子为同种物质的分子，同种原子构成

11、的分子为单质分子，不同种原子构成的分子为化合物分子，这些知识是解题的关键92分2022定西逻辑推理是一种重要的化学思维方法，以下推理合理的是A因为碱溶液呈碱性，所以呈碱性的溶液一定都是碱溶液B因为氧化物含有氧元素，所以含氧元素的化合物都是氧化物C因为H2O和H2O2的组成元素相同，所以它们的化学性质相同D因为蜡烛燃烧生成CO2和H2O，所以蜡烛组成里一定含有碳元素和氢元素考点：碱的化学性质；从组成上识别氧化物；物质的元素组成；质量守恒定律及其应用专题：课本知识同类信息分析：A、呈碱性的溶液不一定都是碱溶液，碳酸钠等盐溶液也显碱性，据此进行分析判断B、氧化物是只含有两种元素且其中一种元素是氧元素

12、的化合物C、H2O和H2O2的组成元素相同，但它们分子的构成不同，据此进行分析判断D、根据质量守恒定律，反响前后元素种类不变，进行分析判断解答：解：A、因为碱溶液呈碱性，但呈碱性的溶液不一定都是碱溶液，碳酸钠等盐溶液也显碱性，应选项推理错误B、氧化物是只含有两种元素且其中一种元素是氧元素的化合物，氧化物含有氧元素，但含氧元素的化合物不一定都是氧化物，如CaOH2等，应选项推理错误C、H2O和H2O2的组成元素相同，但它们分子的构成不同，不同种的分子性质不同，应选项推理错误D、因为蜡烛燃烧生成CO2和H2O，CO2和H2O中含有碳、氧、氢、三种元素，反响物氧气是由氧元素组成的；根据质量守恒定律，

13、反响前后，元素种类不变，那么蜡烛组成里一定含有碳元素和氢元素，应选项推理正确应选：D点评：此题难度不大，掌握常见物质的酸碱性、氧化物的特征、分子的根本性质、质量守恒定律等是正确解答此题的关键102分2022白银以下鉴别物质的试剂或方法，不正确的选项是序号待鉴别的物质鉴别试剂或方法A氯化钾与氯化铵固体熟石灰、研磨B硝酸铵与食盐固体水C氢氧化钠溶液与碳酸钠溶液酚酞溶液D一氧化碳与二氧化碳气体澄清的石灰水AABBCCDD考点：铵态氮肥的检验；常见气体的检验与除杂方法；酸、碱、盐的鉴别专题：物质的鉴别题分析：鉴别物质时，首先对需要鉴别的物质的性质进行比照分析找出特性，再根据性质的不同，选择适当的试剂，

14、出现不同的现象的才能鉴别解答：解：A、氯化铵与熟石灰混合、研磨，会产生有刺激性气味的气体，而氯化钾没有，能出现两种明显不同的现象，可以鉴别B、硝酸铵溶于水吸热，温度降低；食盐固体溶于水温度变化不大，能出现两种明显不同的现象，可以鉴别C、氢氧化钠溶液与碳酸钠溶液均显碱性，均能使酚酞溶液变红色，不能出现两种明显不同的现象，故不能鉴别D、二氧化碳气体能使澄清的石灰水变浑浊，而一氧化碳不能，能出现两种明显不同的现象，可以鉴别应选：C点评：此题有一定难度，解答物质的鉴别题时要熟练掌握鉴别的物质的性质，然后选择适当的试剂或方法，出现不同的现象即可鉴别二、填空与简答题此题包括4小题，共22分考点：化学符号及

15、其周围数字的意义；化学式的书写及意义专题：化学用语和质量守恒定律分析：此题考查化学用语的意义及书写，解题关键是分清化学用语所表达的对象是分子、原子、离子还是化合价，才能在化学符号前或其它位置加上适当的计量数来完整地表达其意义，并能根据物质化学式的书写规那么正确书写物质的化学式，才能熟练准确的解答此类题目解答：解：由离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略钙离子可表示为：Ca2+由离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略假设表示多个该离子

16、，就在其离子符号前加上相应的数字，故硫酸根离子分别可表示为：SO42根据元素化合价的表示方法：在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在后，偏硅酸中硅元素的化合价显+4价表示为：H2O3 ；在化合物中镁元素显+2价，氯元素显1价的，根据化合价原那么，其化学式可表示为：MgCl2；故答案为：Ca2+；SO42；H2O3 ；MgCl2；点评：此题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目设计既包含对化学符号意义的了解，又考查了学生对化学符号的书写，考查全面，注重根底，题目难度较易126分2022定西今年4月11日，兰州市发生自来水苯C6H6超标污染事故，再次引发社会对饮用水平安

17、的广泛关注此次事故是由兰州威立雅水务集团两水厂之间自流沟内水体受周边地下含油污水污染所致1苯C6H6是有机填“有机或“无机物专家建议，将对煮沸10分钟左右，并将蒸发的气体通过通风设施排除室外，可去除水中绝大局部苯，由此可以推断苯具有的物理性质是易挥发2在上述受污染的水中投放活性炭会除去苯，这是利用了活性炭的吸附性3硬水给生活和生产带来很多麻烦，生活中常用肥皂水区分硬水和软水，常用煮沸方法降低水的硬度4请你提出一种防治水污染的有效措施或方法工业“三废经过处理后再排放考点：有机物与无机物的区别；硬水与软水；碳单质的物理性质及用途；化学性质与物理性质的差异及应用；保护水资源和节约用水专题：空气与水分

18、析：1根据有机物和无机物的概念进行分析；由题意可知，苯很容易挥发；2在受污染的水中投放活性炭会除去苯，这是利用了活性炭的吸附性；3根据硬水和软水中含有的物质不同进行分析；4根据水污染的途径分析，水污染的途径有：工业污染、农业污染、生活污染解答：解：1有机物一般是指含碳的化合物，无机物一般是指不含碳的化合物，C6H6是有机物；由题意可知，苯很容易挥发；2在受污染的水中投放活性炭会除去苯，这是利用了活性炭的吸附性；3硬水给生产和生活带来很多麻烦，我们通常可用肥皂水来区分硬水和软水，生活中可以通过煮沸的方法降低水的硬度4水污染的途径有：工业污染、农业污染、生活污染所以防止水污染一是工业“三废经过处理

19、后再排放； 二是农业上合理使用农药和化肥；三是生活污水经处理后再排故答案为：1有机；易挥发；2吸附；3肥皂水；煮沸；4工业“三废经过处理后再排放；点评：此题考查了有机物和无机物的区别，炭的性质，软硬水的区分及治污措施等，在环境污染形势日益严峻的今天，保护环境已成为世界各国的重要任务之一，要保护环境就要了解污染源以及防治措施，这是化学教学的一个重点，也是化学科目考查的要点134分2022定西如图是A、B、C三种固体物质的溶解度曲线1t1时，A、B、C三种物质的溶解度由大到小的顺序是CBA2要使A的不饱和溶液变为饱和溶液，其方法是蒸发溶剂、参加A物质、降低温度至少写两种3图中P点的含义是t2时，A

20、、C两种物质的溶解度相同考点：固体溶解度曲线及其作用；饱和溶液和不饱和溶液相互转变的方法专题：溶液、浊液与溶解度分析：1根据溶解度曲线可知t1时，A、B、C三种物质的溶解度由大到小的顺序进行解答；2根据A物质的溶解度随温度的升高而增大进行解答；3根据交点表示该温度下A、C两物质的溶解度相同进行解答解答：解：1由溶解度曲线可知t1时，A、B、C三种物质的溶解度由大到小的顺序：CBA；故填：CBA；2A物质的溶解度随温度的升高而增大，所以要使A的不饱和溶液变为饱和溶液，其方法是蒸发溶剂、参加A物质、降低温度；故填：蒸发溶剂、参加A物质、降低温度；3交点表示该温度下A、C两物质的溶解度相同，所以图中

21、P点的含义是t2时，A、C两种物质的溶解度相同故填：t2时，A、C两种物质的溶解度相同点评：此题考查溶解度曲线的意义及应用，根据溶解度曲线可判断饱和溶液与不饱和溶液转化的方法，对于溶解度随温度升高而增大的物质不饱和溶液变成饱和溶液只能是降温148分2022定西AH是初中化学常见的物质，其中E为黑色固体，H为蓝色沉淀，这些物质的相互转化关系如下列图，其中局部生成物和反响条件已省略1写出以下物质的化学式：ACaCO3，GCuSO4，HCuOH22化学反响常伴有能量变化，物质B与水反响时会放出“吸收或“放出热量3写出DF的化学方程式：CaOH2+Na2CO3=CaCO3+2NaOH4写出EC的化学方

22、程式：CuO+COCu+CO2考点：物质的鉴别、推断；化学式的书写及意义；物质发生化学变化时的能量变化；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题：框图型推断题分析：以蓝色沉淀为氢氧化铜而猜测物质G为硫酸铜、物质F为氢氧化钠作为推断的突破口，根据转化关系图进行逆推，完成所涉及物质及反响的判断；根据判断结果，完成相关问题的解答解答：解：A高温分解生成B和C，故A为碳酸钙，B为氧化钙，C为二氧化碳，B氧化钙和水化合生成氢氧化钙，氢氧化钙与碳酸钠反响生成碳酸钙和氢氧化钠，H是蓝色沉淀，H为氢氧化铜，E为黑色粉末，与硫酸反响生成硫酸铜，与一氧化碳反响生成铜和二氧化碳，硫酸铜与氢氧化钠反响生成氢氧化铜沉

23、淀1由上述分析可知A为碳酸钙，G为硫酸铜，H为氢氧化铜，化学式分别为：A CaCO3，G CuSO4，H CuOH22物质B氧化钙与水反响生成氢氧化钙时会放出热量3D为氢氧化钙，氢氧化钙与碳酸钠反响生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故DF的化学方程式：CaOH2+Na2CO3=CaCO3+2NaOH4E为氧化铜，氧化铜与一氧化碳反响生成铜和二氧化碳，故EC的化学方程式：CuO+COCu+CO2故答案为：1CaCO3，CuSO4，CuOH22放出3CaOH2+Na2CO3=CaCO3+2NaOH4CuO+COCu+CO2点评：根据常见物质的颜色作为推断类问题的突破口，是解决转化关系推断问题的一种常用方法

24、，因此对于常见物质颜色的掌握那么是很重要的三、实验探究题此题包括2小题，共20分1513分2022定西老师为同学们提供了如下列图的实验装置：1写出仪器a，b的名称：a锥形瓶，b水槽2假设用高锰酸钾制取氧气，反响的化学方程式为：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2，选择的发生装置为A填代号实验结束后，通过溶解、过滤、洗涤、枯燥等操作步骤，可以从生成物中别离出二氧化锰3假设实验室用大理石制取二氧化碳，还需要的药品是大理石或石灰石和稀盐酸，选择的发生装置时B填序号，收集装置时C填序号，验满的方法是把燃烧的木条放在集气瓶口，如果燃烧的木条熄灭，说明已经收集满4实验室不用大理石和稀硫酸制取二氧化碳，

25、原因是碳酸钙和稀硫酸反响生成的硫酸钙微溶于水，包裹在碳酸钙外表，阻止反响的进行考点：常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；混合物的别离方法；实验室制取氧气的反响原理；二氧化碳的实验室制法；二氧化碳的检验和验满；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式专题：常见气体的实验室制法、检验、枯燥与净化分析：1要熟悉各种仪器的名称、用途和使用方法； 2高锰酸钾受热时能够分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气； 过滤可以把不溶于水和溶于水的物质别离；3实验室通常用大理石或石灰石和稀盐酸反响制取二氧化碳，反响不需要加热，大理石和石灰石的主要成分是碳酸钙，能和稀盐酸反响生成氯化钙、水和二氧化碳； 二氧化碳能够溶于水，

26、密度比空气大，不能燃烧，不支持燃烧； 4稀硫酸和碳酸钙反响生成的硫酸钙微溶于水解答：解：a是锥形瓶，常用作反响容器；b是水槽，常用于排水法收集气体故填：锥形瓶；水槽2假设用高锰酸钾制取氧气，反响的化学方程式为：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2；反响需要加热，应该用A装置作为发生装置；实验结束后，通过溶解、过滤、洗涤、枯燥等操作步骤，可以从生成物中别离出二氧化锰故填：2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2；A；过滤3假设实验室用大理石制取二氧化碳，还需要的药品是大理石或石灰石和稀盐酸；碳酸钙和稀盐酸反响不需要加热，应该用B装置作为发生装置；二氧化碳能够溶于水，不能用排水法收集，密度比空

27、气大，可以用向上排空气法收集，即用C装置收集；验满的方法是：把燃烧的木条放在集气瓶口，如果燃烧的木条熄灭，说明已经收集满故填：大理石或石灰石和稀盐酸；B；C；把燃烧的木条放在集气瓶口，如果燃烧的木条熄灭，说明已经收集满4实验室不用大理石和稀硫酸制取二氧化碳，原因是碳酸钙和稀硫酸反响生成的硫酸钙微溶于水，包裹在碳酸钙外表，阻止反响的进行故填：碳酸钙和稀硫酸反响生成的硫酸钙微溶于水，包裹在碳酸钙外表，阻止反响的进行点评：此题主要考查仪器的用途、化学方程式的书写，实验装置的选择，选择发生装置时，要考虑反响物的状态、反响条件等因素；选择收集装置时，要考虑气体的水溶性、能否和水发生化学反响、密度、能否和

28、空气中的物质发生化学反响等因素167分2022定西有一种神奇的蜡烛，点一任你怎么吹也吹不灭，而且看上去和普通的蜡烛一模一样，那么到底是什么玄机能让蜡烛持续燃烧请你一起参与探究老师告诉同学们，蜡烛芯内打火石中的某种金属可能是镁、铁或铜中的一种，为确定该金属的成分，大家设计了以下实验方案，请你填空和答复有关问题注：不考虑打火石中稀土元素对探究金属性质的影响实验操作步骤实验现象实验结论1切开蜡烛，取出打火石，用砂纸打磨打火石呈银白色该金属一定不是铜2取少量打磨后的打火石于试管中，滴加稀盐酸有无色气体产生，溶液为无色该金属一定不是铁，而是镁反思交流：1实验2中反响的化学方程式为Mg+2HClMgCl2

29、+H22这种蜡烛燃烧时，蜡烛芯里的金属为什么不燃烧蜡烛烛芯被石蜡蒸汽包围着，缺少氧气，里面的金属难以燃烧3这种“吹不灭的蜡烛实际上也可以熄灭，你采用的方法是隔绝氧气或剪除灯芯或用湿抹布盖灭等考点：蜡烛燃烧实验；酸的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；灭火的原理和方法专题：科学探究分析：实验：根据铜的颜色确定打火石是否属于铜，由于氯化亚铁的溶液是浅绿色的，所以采用打火石与盐酸的反响对反响后的溶液进行识别，溶液无色即为不是氯化亚铁的溶液反思交流：1镁与盐酸反响生成氯化镁和氢气，2利用燃烧的条件分析3利用燃烧的条件判断灭火的方法解答：解：打火石是银白色，而铜是紫红色的，所以该金属一定不

30、是铜；根据氯化亚铁的溶液是浅绿色的事实分析可知：取灯芯参加盐酸如果生成无色的溶液那么说明有没有铁存在；反思交流：1镁与盐酸反响生成氯化镁和氢气，方程式为Mg+2HClMgCl2+H22利用燃烧的条件可知灯芯金属不燃烧是因为蜡蒸气起到了隔绝空气的作用，3要想使其熄灭可控制燃烧的条件完成，可以隔绝氧气或剪除灯芯或用湿抹布盖灭等；故答案为：实验操作步骤实验现象实验结论1切开蜡烛，取出打火石，用砂纸打磨打火石呈银白色该金属一定不是铜2取少量打磨后的打火石于试管中，滴加稀盐酸有无色气体产生，溶液为无色该金属一定不是铁，而是镁反思交流：1Mg+2HClMgCl2+H22蜡烛烛芯被石蜡蒸汽包围着，缺少氧气，

31、里面的金属难以燃烧只需答出“隔绝了氧气或是“氧气缺乏等意思即可；3隔绝氧气或剪除灯芯或用湿抹布盖灭等；点评：此题是一道实验探究题，解题的关键是结合所学知识对个过程进行分析，从而设计正确的方法从而得到相应的结论四、计算题此题包括2小题，共8分172分2022定西香椿被称为“树上蔬菜，是香椿树的嫩芽，它不仅营养丰富，且具有极高的药用价值，如香椿中含有的皂甙具有抗菌、防癌的作用，皂甙的化学式为C27H42O3，请你计算：1皂甙中氢元素与氧元素的质量之比是7：8；2皂甙中碳元素的质量分数是78.3%精确到0.1%考点：元素质量比的计算；元素的质量分数计算专题：化学式的计算分析：1根据化合物中各元素质量

32、比=各元素的相对原子质量原子个数之比，进行解答；2根据物质中某元素的质量分数=100%，进行解答解答：解：1皂甙中氢元素与氧元素的质量之比是：142：163=42：48=7：8；故填：7：8；2皂甙中碳元素的质量分数是78.3%；故填：78.3%点评：此题主要考查学生对物质中某元素的质量分数以及各元素质量比的计算，难度不大，但要注意计算的格式和结果的准确性186分2022定西为了节约林木资源，近几年兴起了石头纸石头纸可用沿海水产养殖中产生的大量废弃贝壳制得，为了测定某种贝壳中碳酸钙的质量分数，取贝壳25g，参加200g的稀盐酸，恰好完全反响，称得反响后物质的总质量为216.2g假设贝壳中其它物

33、质不与盐酸反响且不溶于水请你计算：1贝壳中碳酸钙的质量分数；2反响后所得溶液中溶质的质量分数精确到0.1%考点：根据化学反响方程式的计算；有关溶质质量分数的简单计算专题：溶质质量分数与化学方程式相结合的计算分析：1由质量守恒定律求出二氧化碳的质量；再根据碳酸钙与盐酸反响的方程式，求出碳酸钙的质量和生成氯化钙的质量，即可求出贝壳中碳酸钙的质量分数2根据溶质质量分数公式求出反响后所得溶液中溶质的质量分数即可解答：解：1CO2的质量为：25g+200g216.2g=8.8g设样品中CaCO3的质量为x，生成氯化钙的质量为y，那么CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2100 111 44x y 8.8gx=20gy=22.2g贝壳中碳酸钙的质量分数为：100%=80%2反响后所得溶液中溶质的质量分数=10.5%答：1贝壳中碳酸钙的质量分数为80%；2反响后所得溶液中溶质的质量分数为10.5%点评：此题是有关溶液计算和化学方程式计算的考查题，解题的关键是掌握相关的根本计算的相关问题