高中排列组合知识点汇总及典型例题(全).docx

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1、高中排列组合知识点汇总及典型例题(全)一基本原理1加法原理：做一件事有n类办法，则完成这件事的方法数等于各类方法数相加。2乘法原理：做一件事分n步完成，则完成这件事的方法数等于各步方法数相乘。注：做一件事时，元素或位置允许重复使用，求方法数时常用基本原理求解。二排列：从n个不同元素中，任取mmn个元素，根据一定的顺序排成一.mnmnA有排列的个数记为个元素的一个排列，所个不同元素中取出列，叫做从1.公式：1.()()()()!121mnnmnnnnAmn-=+-=2.规定：0!1=(1)!(1)!,(1)!(1)!nnnnnn=?-+?=+(2)!(1)1!(1)!(1)!nnnnnnnnn?

2、=+-?=+?-=+-；(3)111111(1)!(1)!(1)!(1)!(1)!nnnnnnnnn+-+=-=-+三组合：从n个不同元素中任取mmn个元素并组成一组，叫做从n个不同的m元素中任取m个元素的组合数，记作Cn。:1.公式：()()()CAAnnnmmnmnmnmnmmm=-+=-11!10=nC规定：组合数性质：.2nnnnnmnmnmnmnnmnCCCCCCCC21011=+=+=+-，；11112111212211rrrrrrrrrrrrrrrrrrnnrrrnnrrnnnCCCCCCCCCCCCCCC+-+-+-+=+=+=注：若12mm1212m=mm+mnnnCC=则或

3、四处理排列组合应用题1.明确要完成的是一件什么事审题有序还是无序分步还是分类。2解排列、组合题的基本策略1两种思路：直接法；间接法：对有限制条件的问题，先从总体考虑，再把不符合条件的所有情况去掉。这是解决排列组合应用题时一种常用的解题方法。2分类处理：当问题总体不好解决时，常分成若干类，再由分类计数原理得出结论。注意：分类不重复不遗漏。即：每两类的交集为空集，所有各类的并集为全集。3分步处理：与分类处理类似，某些问题总体不好解决时，经常分成若干步，再由分步计数原理解决。在处理排列组合问题时，经常既要分类，又要分步。其原则是先分类，后分步。43排列应用题：1穷举法列举法：将所有知足题设条件的排列

4、与组合逐一列举出来；(2)、特殊元素优先考虑、特殊位置优先考虑；3相邻问题：捆邦法：对于某些元素要求相邻的排列问题，先将相邻接的元素“捆绑起来，看作一“大元素与其余元素排列，然后再对相邻元素内部进行排列。4、全不相邻问题，插空法：某些元素不能相邻或某些元素要在某特殊位置时可采用插空法.即先安排好没有限制条件的元素，然后再将不相邻接元素在已排好的元素之间及两端的空隙之间插入。5、顺序一定，除法处理。先排后除或先定后插解法一：对于某几个元素按一定的顺序排列问题，可先把这几个元素与其他元素一同进行全排列，然后用总的排列数除于这几个元素的全排列数。即先全排，再除以定序元素的全排列。解法二：在总位置中选

5、出定序元素的位置不参加排列，先对其他元素进行排列，剩余的几个位置放定序的元素，若定序元素要求从左到右或从右到左排列，则只要1种排法；若不要求，则有2种排法；6“小团体排列问题采用先整体后局部策略对于某些排列问题中的某些元素要求组成“小团体时，可先将“小团体看作一个元素与其余元素排列，最后再进行“小团体内部的排列。7分排问题用“直排法把元素排成几排的问题，可归纳为一排考虑，再分段处理。8数字问题组成无重复数字的整数能被2整除的数的特征：末位数是偶数；不能被2整除的数的特征：末位数是奇数。能被3整除的数的特征：各位数字之和是3的倍数；能被9整除的数的特征：各位数字之和是9的倍数能被4整除的数的特征

6、：末两位是4的倍数。能被5整除的数的特征：末位数是0或5。能被25整除的数的特征：末两位数是25，50，75。能被6整除的数的特征：各位数字之和是3的倍数的偶数。4组合应用题：1.“至少“至多问题用间接排除法或分类法:2“含与“不含用间接排除法或分类法:3分组问题：均匀分组：分步取，得组合数相乘，再除以组数的阶乘。即除法处理。(非均匀分组：分步取，得组合数相乘。即组合处理。混合分组：分步取，得组合数相乘，再除以均匀分组的组数的阶乘。4分配问题：定额分配：指定到详细位置即固定位置固定人数，分步取，得组合数相乘。随机分配：不指定到详细位置即不固定位置但固定人数，先分组再排列，先组合分堆后排，注意平

7、均分堆除以均匀分组组数的阶乘。5隔板法：不可分辨的球即一样元素分组问题例1.电视台连续播放6个广告，其中含4个不同的商业广告和2个不同的公益广告，要求首尾必须播放公益广告，则共有种不同的播放方式结果用数值表示.解：分二步：首尾必须播放公益广告的有A22种；中间4个为不同的商业广告有A44种，进而应当填A22A4448.进而应填48例人排成一行，甲不排在最左端，乙不排在最右端，共有多少种排法解一：间接法：即65546554720212024504AAAA-+=-?+=【解二：1分类求解：按甲排与不排在最右端分类. (1)甲排在最右端时,有55A种排法；(2)甲不排在最右端甲不排在最左端时，则甲有

8、14A种排法，乙有14A种排法，其别人有44A种排法，共有14A14A44A种排法，分类相加得共有55A+14A14A44A=504种排法例.有4个男生，3个女生，高矮互不相等，现将他们排成一行，要求从左到右，女生从矮到高排列，有多少种排法分析一：先在7个位置上任取4个位置排男生，有A47种排法.剩余的3个位置排女生，因要求“从矮到高，只要1种排法，故共有A471=840种.1.从4台甲型和5台乙型电视机中任取3台，其中至少要甲型和乙型电视机各一台，则不同的取法共有解析1：逆向考虑，至少各一台的反面就是分别只取一种型号，不取另一种型号的电视机，故不同的取法共有33394570CCC-=种,选.

9、C解析2：至少要甲型和乙型电视机各一台可分两种情况：甲型1台乙型2台；甲型2台乙型1台；故不同的取法有2112545470CCCC+=台,选C.2从5名男生和4名女生中选出4人去参加辩论比赛1假如4人中男生和女生各选2人，有种选法；2假如男生中的甲与女生中的乙必须在内，有种选法；3假如男生中的甲与女生中的乙至少要有1人在内，有种选法；4假如4人中必须既有男生又有4497CC-种；直接法，则可分为3类：只含甲；只含乙；同时含甲和乙，得到符合条件的方法数131322332171727777CCCCCCCCC+=+=91种.4在9人选4人的选法中，把只要男生和只要女生的情况排除掉，得到选法总数444

10、954CCC-=120种.直接法：分别根据含男生1、2、3人分类，得到符合条件的选法为132231545454CCCCCC+=120种.16个人分乘两辆不同的汽车，每辆车最多坐4人，则不同的乘车方法数为()A40B50C60D70解析先分组再排列，一组2人一组4人有C2615种不同的分法；两组各3人共有C36A2210种不同的分法，所以乘车方法数为25250，故选B.2有6个座位连成一排，现有3人就坐，则恰有两个空座位相邻的不同坐法有()A36种B48种C72种D96种 解析恰有两个空座位相邻，相当于两个空位与第三个空位不相邻，先排三个人，然后插空，进而共A33A2472种排法，故选C.3只用

11、1,2,3三个数字组成一个四位数，规定这三个数必须同时使用，且同一数字不能相邻出现，这样的四位数有()A6个B9个C18个D36个解析注意题中条件的要求，一是三个数字必须全部使用，二是一样的数字不能相邻，选四个数字共有C133(种)选法，即1231,1232,1233，而每种选择有A22C236(种)排法，所以共有3618(种)情况，即这样的四位数有18个4男女学生共有8人，从男生中选取2人，从女生中选取1人，共有30种不同的选法，其中女生有()A2人或3人B3人或4人C3人D4人解析设男生有n人，则女生有(8n)人，由题意可得C2nC18n30，解得n5或n6，代入验证，可知女生为2人或3人

12、5某幢楼从二楼到三楼的楼梯共10级，上楼能够一步上一级，可以以一步上两级，若规定从二楼到三楼用8步走完，则方法有()A45种B36种C28种D25种; 解析由于108的余数为2，故能够肯定一步一个台阶的有6步，一步两个台阶的有2步，那么共有C2828种走法6某公司招聘来8名员工，平均分配给下属的甲、乙两个部门，其中两名英语翻译人员不能分在同一个部门，另外三名电脑编程人员也不能全分在同一个部门，则不同的分配方案共有()A24种B36种C38种D108种解析此题考察排列组合的综合应用，据题意可先将两名翻译人员分到两个部门，共有2种方法，第二步将3名电脑编程人员分成两组，一组1人另一组2人，共有C1

13、3种分法，然后再分到两部门去共有C13A22种方法，第三步只需将其他3人分成两组，一组1人另一组2人即可，由于是每个部门各4人，故分组后两人所去的部门就已确定，故第三步共有C13种方法，由分步乘法计数原理共有2C13A22C1336(种)7已知集合A5，B1,2，C1,3,4，从这三个集合中各取一个元素构成空间直角坐标系中点的坐标，则确定的不同点的个数为()A33B34C35D36解析所得空间直角坐标系中的点的坐标中不含1的有C12A3312个；所得空间直角坐标系中的点的坐标中含有1个1的有C12A33A3318个；所得空间直角坐标系中的点的坐标中含有2个1的有C133个故共有符合条件的点的个

14、数为1218333个，故选A.8由1、2、3、4、5、6组成没有重复数字且1、3都不与5相邻的六位偶数的个数是()A72B96C108D144解析分两类：若1与3相邻，有A22C13A22A2372(个)，若1与3不相邻有A33A3336(个)故共有7236108个9假如在一周内(周一至周日)安排三所学校的学生参观某展览馆，天天最多只安排一所学校，要求甲学校连续参观两天，其余学校均只参观一天，那么不同的安排方法有()A50种B60种C120种D210种解析先安排甲学校的参观时间，一周内两天连排的方法一共有6种：(1,2)、(2,3)、(3,4)、(4,5)、(5,6)、(6,7)，甲任选一种为

15、C16，然后在剩下的5天中任选2天有序地安排其余两所学校参观，安排方法有A25种，根据分步乘法计数原理可知共有不同的安排方法C16A25120种，故选C.10安排7位工作人员在5月1日到5月7日值班，每人值班一天，其中甲、乙二人都不能安排在5月1日和2日，不同的安排方法共有_种(用数字作答)解析先安排甲、乙两人在后5天值班，有A2520(种)排法，其余5人再进行排列，有A55120(种)排法，所以共有201202400(种)安排方法11今有2个红球、3个黄球、4个白球，同色球不加以区分，将这9个球排成一列有_种不同的排法(用数字作答) 解析由题意可知，因同色球不加以区分，实际上是一个组合问题，

16、共有C49C25C331260(种)排法12将6位志愿者分成4组，其中两个组各2人，另两个组各1人，分赴世博会的四个不同场馆服务，不同的分配方案有_种(用数字作答)解析先将6名志愿者分为4组，共有C26C24A22种分法，再将4组人员分到4个不同场馆去，共有A44种分法，故所有分配方案有：C26C24A22A441080种13要在如下图的花圃中的5个区域中种入4种颜色不同的花，要求相邻区域不同色，有_种不同的种法(用数字作答) 解析5有4种种法，1有3种种法，4有2种种法若1、3同色，2有2种种法，若1、3不同色，2有1种种法，有432(1211)72种14.将标号为1，2，3，4，5，6的6

17、张卡片放入3个不同的信封中若每个信封放2张，其中标号为1，2的卡片放入同一信封，则不同的方法共有A12种B18种C36种D54种【解析】标号1,2的卡片放入同一封信有种方法；其他四封信放入两个信封，每个信封两个有种方法，共有种，故选B.15.某单位安排7位员工在10月1日至7日值班，天天1人，每人值班1天，若7位员工中的甲、乙排在相邻两天，丙不排在10月1日，丁不排在10月7日，则不同的安排方案共有；A.504种B.960种C.1008种D.1108种解析：分两类：甲乙排1、2号或6、7号共有4414222AAA?种方法甲乙排中间,丙排7号或不排7号，共有)(43313134422AAAAA+种方法故共有1008种不同的排法排列组合二项式定理此页面能否是列表页或首页？未找到适宜正文内容。