2017年甘肃省中考物理试卷含答案.docx

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1、-在-此-卷-上-答-题-无-效-绝密启用前甘肃省2017年初中毕业、高中招生考试毕业学校_ 姓名_ 考生号_ _ _物 理本试卷满分80分,考试时间80分钟。一、选择题(本题共6小题,每小题3分,共18分。每小题只有一个选项符合题意)1.“处处留心皆学问”,只要留心观察,生活中处处存在物理现象,下列对一些现象解释正确的是 ()A.声音和电磁波都能传递信息,且都可以在真空中传播B.初冬季节,在家里洗澡时发现房间里充满“白气”,这些“白气”是水蒸气C.金属锥的头部尖细锋利,是为了增大压强D.大妈们跳广场舞时播放的音乐音调太“高”影响了附近居民的正常生活2.下列对四种仪器的操作和使用情况不正确的是

2、 ()A.使用前调节天平使横梁平衡B.测量物体的长度时读数C.测量水的温度D.测蓄电池两极间的电压3.下列关于力与运动的关系说法正确的是 ()A.自行车从斜坡冲下来时不容易停下来,说明速度越大惯性越大B.物体不受力的情况下也能运动C.做曲线运动的物体,受到的力也可能是平衡力D.只受一对平衡力匀速运动的物体,若去掉其中一个力,则物体的运动速度一定增大4.下列现象中用热传递方式改变物体内能的是 ()A.放大镜聚光使纸片着火B.反复弯折后铁丝的温度升高C.压缩空气内能增大D.冬天户外搓手取暖5.自行车是我们熟悉的交通工具,从自行车的结构和使用来看,它涉及不少有关摩擦的知识。下列说法正确的是 ()A.

3、捏住刹车后没有推动水平地面上的自行车,是因为推力小于摩擦力B.轮胎上制有花纹是通过改变接触面粗糙程度来减小摩擦的C.刹车时用力捏刹车把是通过增大压力来增大摩擦的D.在转轴上加润滑油是通过变滑动为滚动来减小摩擦的6.2016年8月,我国发射了全球首颗量子卫星,为纪念墨子,这个全球首颗量子卫星被命名为“墨子号”。发射卫星的火箭常使用液态氢作为燃料,主要是因为液态氢具有 ()A.较小的密度B.较大的比热容C.较低的沸点D.较高的热值二、填空题(本题共7小题,每空1分,共17分)7.位于黄河岸边的兰州市安宁区召开了第34届桃花节,桃花节上游人如织,香气袭人。游人闻到花香是因为分子；游人穿行于仁寿公园,

4、公园中人工湖湖水清澈,鱼翔浅底,看到湖里的鱼这是由于光的现象而形成的像。8.很多人喜欢将手机挂在胸前,这对身体健康很不利,因为手机发射出的会对心脏造成影响。手机是利用电能工作的,电能属于(填“一次能源”或“二次能源”)。9.如图所示是在中国科技馆一位同学在静电台上体验“怒发冲冠”游戏时的情景。体验者用手接触带电金属球后,她的头发就带上了(填“同种”或“异种”)电荷,而竖起张开。10.在中考体育考试中,小刚投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若不考虑空气阻力,则实心球从离开手后到达最高点的过程中,球受个力的作用,球的机械能(填“增大”“减小”或“不变”),在最高点时,球的动能(填“大于”或“等

5、于”)零。11.2016年10月19日,“神舟十一号”飞船与先前发射升空的“天宫二号”完成了交会对接,如图所示。对接后以“天宫二号”为参照物,“神舟十一号”是(填“静止”或“运动”)的。“神舟十一号”和“天宫二号”进入预定轨道后为节省燃料,会打开两侧的太阳能电池板,太阳能电池板将能转化为能。12.冬天的早晨,小梅发现家里的玻璃窗上有很多美丽的“冰花”,这是因为室内空气中的水蒸气遇冷形成的,此过程中(填“吸收”或“放出”)热量。13.2017年4月,我国国产直升机AC311A成功试飞。直升机能停留在空中,是因为旋转的机翼对空气施加了向下的力,根据物体间力的作用是,空气对机翼也施加了向上的力,所以

6、直升机能够停留在空中。另外,我国国产大飞机C919于5月也完成了首飞,客机在飞行时,机翼上表面空气流速,压强,因此获得向上的升力。三、识图、作图题(本题共4小题,每小题2分,共8分)14.(2分)如图所示,闭合开关S,通电螺线管右侧的小磁针静止时,小磁针的N极指向左。电源的右端为极。若要使通电螺线管的磁性增强,滑动变阻器的滑片P应向(填“a”或“b”)端移动。15.(2分)如图所示为生活中使用的“开瓶起子”,请在图中画出作用在“开瓶起子”上动力F1的力臂和阻力F2的示意图。16.(2分)有一个木球静止在水面上,在图中画出它的受力示意图。17.(2分)请利用平面镜成像的特点在图中作出AB物体在平

7、面镜中的像,保留作图痕迹。四、实验探究题(本大题共2小题,共18分)18.(8分)某实验小组通过实验“探究凸透镜成像规律”。实验前,他们让太阳光经过凸透镜,经过不断调整后,在光屏上出现一个最小最亮的光斑,这时透镜到光屏的距离约10 cm。(1)实验时他们将蜡烛、凸透镜、光屏固定在光具座上。点燃蜡烛后,沿光具座无论怎样移动光屏,在光屏上始终得不到烛焰的像,你认为可能的原因是；(写出一条即可)(2)上述问题解决后，他们将蜡烛、凸透镜固定在光具座如图所示位置，移动光屏后得到烛焰清晰、完整的像,该像是倒立、(填“缩小”“等大”或“放大”)的实像。利用此原理工作的光学仪器有；(写出一个即可)(3)实验过

8、程中由于蜡烛燃烧变短,使蜡烛的像成在了光屏中心的上方,要使像成在光屏的中心，只调节凸透镜,应将凸透镜向调；(4)在图中基础上,若光屏适当远离凸透镜,凸透镜和蜡烛不动,仍要想在光屏上得到清晰的像,可以在凸透镜前加一个(填“凸透镜”或“凹透镜”)。19.(10分)“测小灯泡额定功率”的实验中,提供的器材有：电压恒为4.5 V的电源,额定电压为2.5 V的待测小灯泡,电阻约为10 ,电流表(00.6 A,03 A),电压表(03 V,015 V),开关和导线若干。还有标有“10 2 A”的滑动变阻器A和标有-在-此-卷-上-答-题-无-效-“5 1 A”的滑动变阻器B。毕业学校_ 姓名_ 考生号_

9、_ _(1)若小明设计电路如图甲所示,请选择合适的量程,并用笔画线代替导线将图甲的实验电路图连接完整；(2)本实验选择的滑动变阻器是(填“A”或“B”)；(3)当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时,观察到电压表示数如图乙所示,根据所选正确量程,其示数为V；(4)为了测量小灯泡额定功率,此时应该将变阻器的滑片P向(填“A”或“B”)移动。当电压达到小灯泡额定电压时,小灯泡正常发光,电流表的示数如图丙所示,则小灯泡的额定功率为W。(5)小明综合分析实验数据发现,灯泡越亮时灯丝的电阻越大,说明灯丝的电阻。五、计算与简答题(本题共3小题,共19分。简答部分要有必要的分析和说明,计算部分要有主要公式及数值

10、代入过程,计算结果要有数值和单位)20.(4分)盛夏的晚上,房间很热,小强打开电风扇,感到风吹到身上凉快。根据以上情景结合所学物理知识分析并简要回答下列问题：(1)风吹到身上感到凉快的原因；(2)电风扇内的电动机工作的原理。21.(7分)从2016年开始,甘肃省省会兰州和部分地区的大街小巷出现了一批体积小、节能环保的知豆纯电动车,如图所示为正在充电的知豆。知豆空车时整车质量为670 kg、额定输出功率为9 kW。设该车行驶过程中受到的阻力是车重的0.05。()请问：(1)该车静止在水平地面上,轮胎与地面的接触总面积为0.04 m2时,则空车时该车对地面的压强多大？(2)若该车载人后总质量为80

11、0 kg,该车以额定输出功率在平直公路上匀速行驶时速度多大？(3)小丽家距学校大约7 200 m，小丽爸爸开知豆送小丽去学校路上用时10 min,兰州市城市道路限速40 km/h,请计算说明小丽爸爸是否驾车超速？22.(8分)母亲为了给小林增加营养,买了一台全自动米糊机,如图甲所示。米糊机的主要结构：中间部分是一个带可动刀头的电动机,用来将原料粉碎打浆；外部是一个金属圆环形状的电热管,用来对液体加热。如图乙所示是米糊机正常工作时,做一次米糊的过程中,电热管和电动机交替工作的P-t图象。表格内是主要技术参数。请问：额定容积1.5 L加热功率1 000 W额定电压220 V电机功率130 W额定频

12、率50 Hz机器净重1.9 kg整机尺寸(1)米糊机正常工作时的电热管中的电流是多大？(计算结果保留两位小数)(2)米糊机正常工作时做一次米糊,消耗的电能是多少？(3)米糊机在正常工作状态下做一次米糊,若各类原料和清水总质量为1.5 kg,初温为20,米糊沸腾时温度是100,电热管的加热效率是多少？(已知原料和清水的混合物的比热容及米糊的比热容均为,计算结果保留百分数整数)甘肃省2017年初中毕业、高中招生考试物理答案解析一、选择题1.【答案】C【解析】解：A体温计之间有10个小格，每个小格为0.1，体温计的分度值是0.1，故A错误；B体温计的工作原理就是液体热胀冷缩的规律，故B错误；C由于体

13、温计的特殊结构（有缩口），它是能离开被测物体读数，故C正确；D根据体温计的特点，使用前用力甩一下玻璃泡上方的水银才能回到玻璃泡中，不能进行连续测量，故D错误。故选C【提示】体温计的分度值是，根据分度值和液面位置可以读出温度值，由于体温计液泡上方有缩口，所以可以离开被测物体读数，温度计都是利用液体热胀冷缩的规律制成的；同时体温计在使用前要用力甩一下，将水银甩回玻璃泡中。【考点】体温计的使用及其读数。2.【答案】B【解析】解：A导体能够导电是因为导体内有大量的自由电荷，绝缘体不容易导电是因为绝缘体内的电荷不能够自由移动，故导体与绝缘体的本质区别在于是否有大量的自由电荷，故A正确；B电磁铁的铁芯为软

14、磁性材料的磁性不能保留下来，所以铁芯需用软磁性材料制成。故B错误；C自行车座的弹簧是起减震的作用的，即当自行车在上下颠簸的时候，弹簧的弹性起到一个缓冲的作用，故C正确；D炒菜用铁铲的手柄多为木质是因为它的导热性差，故D正确。故选B【提示】（1）导体容易导电，是因为导体内有能够自由移动的电荷；而绝缘体不容易导电，是因为绝缘体内几乎没有能够自由移动的电荷；（2）电磁铁的铁芯为软磁性材料的磁性不能保留下来；（3）物体在力的作用下，形状发生改变，当外力撤销后，物体不能恢复原来的形状，这种性质叫塑性；物体能够恢复原来的形状，这种性质叫弹性；（4）物质传导热量的性能称为导热性。【考点】物质的物理特征。3.

15、【答案】B【解析】解：A电风扇工作时，消耗电能，得到机械能，所以将电能转化为机械能；故A正确；B铅蓄电池充电的过程，消耗电能，得到化学能，所以将电能转化为化学能；故B错误；C发电机发电时，消耗了机械能，得到电能，所以将机械能转化为电能；故C正确；D电水壶工作时消耗了电能，使水的温度升高，得到内能，故将电能转化为内能；故D正确。故选B【提示】判断能量转化时，要看消耗了什么能量，得到什么能量，消耗的能量转化为得到的能量；从能量转化的角度分析，电流做功的过程是将电能转化为其它形式能量的过程。【考点】能量的转化和转移。4.【答案】D【解析】解：音调的高低与发声体振动的频率有关，发声体振动得越快，频率越

16、高，发出的音调越高，AC错误，D正确；“闻其声便知其人”判断的依据就是音色，故C错误。故选D【提示】音调是指声音的高低，与振动频率有关，每个发声体的音色是不同的。【考点】频率及音调的关系。5.【答案】D【解析】解：（1）当用的力沿水平方向推物体时，物体静止不动，物体受到的静摩擦力等于推力为，故A错误；（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，与物体的运动速度无关，在压力和接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力大小不变，故BC错误，D正确。故选D【提示】（1）物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的力为平衡力，二力平衡时大小相等；（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，压

17、力不变，接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力不变。【考点】二力平衡条件的应用，摩擦力大小的影响因素。6.【答案】A【解析】解：由题意可知，排气扇可单独工作，则排气扇与照明灯和采暖灯并联，照明灯和采暖灯不能同时工作，说明照明灯和采暖灯由一个单刀双掷开关控制，由此可将BC选项排除；图D中当开关与2连接时，照明灯和采暖灯同时工作，不符合题意，故D错误，只有A选项正确。故选A【提示】由“照明灯和采暖灯不能同时工作，”可知照明灯和采暖灯由一个单刀双掷开关控制，排气扇可单独工作，说明排气扇与照明灯和采暖灯并联，互不影响，据此分析即可。【考点】电路的基本连接方式。7.【答案】C【解析】解：A物体在平衡力作用下，处

18、于静止状态或匀速直线运动状态，所以运动状态一定不变，故A错误；B静止在地面上的物体所受的重力和它对地球的吸引力是一对相互作用力，故B错误；C拔河比赛中甲队获胜，但比赛中甲队对乙队的拉力等于乙队对甲队的拉力，是相互作用力大小相等，故C正确D跳水运动员蹬跳板时，他对跳板的力和跳板对他的力是一对相互作用力，故D错误。故选C【提示】平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，处于平衡状态的物体受平衡力作用或不受力，物体受平衡力作用时其运动状态不发生改变。二力平衡条件：两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；相互作用力是作用在两个物体上，两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条直

19、线上。【考点】平衡力和相互作用力的区分。8.【答案】C【解析】解：A物体的运动速度属于机械能，由于内能和机械能是没有关系的，故A错误；B不同燃料燃烧时，放出热量的多少与热值和燃烧燃料的质量有关，故B错误；C质量相同、初温相同的水和煤油，放出相同的热量；因为水的比热容大，所以水的温度变化小，煤油的温度变化大，故煤油的末温低一些，故C正确；D据热传递的定义可知，内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移，故D错误；故选C【提示】（1）根据内能的概念来解答，内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。内能的大小与温度有关，同时分子越多，其内能也会越大，其与机械能是没有任何关系的。

20、（2）不同燃料燃烧时，放出热量的多少与热值和燃烧燃料的质量有关；（3）因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。（4）内能总是从温度高的物体向温度低的物体转移；【考点】温度、热量与内能的关系。9.【答案】D【解析】解：因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，物体竖直匀速上升过程中，受到的浮力：；由图可知，滑轮组绳子的有效股数，则绳端移动的距离：，绳子拉力做的总功：；动滑轮对物体的拉力：，动滑轮对物体的拉力做的功为有用功，则有用功：，故C错误；有用功的功率：，故D正确；滑轮组的机械效率：，故

21、AB错误。故选D【提示】用力F拉着重为G的物体竖直匀速上升时物体未拉出水面，排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力，由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据求出绳端移动的距离，根据求出拉力做的功，根据求出有用功，根据求出有用功的功率，利用求出滑轮组的机械效率。【考点】滑轮（组）的机械效率，阿基米德原理，有用功和额外功，功率的计算。10.【答案】D【解析】解：A1808年，英国科学家道尔顿提出了原子论。他认为物质都是由原子直接构成的；原子是一个实心球体，不可再分割。故A错误；B1897年，英国科学家汤姆生发现原子中存在电子。电子的发现使人们认识到原子不是构成物质的最小单元。故B正

22、确；C1911年英国科学家卢瑟福进行了粒子散射实验，发现了原子是由原子核和核外电子构成的。故C正确；D近代波兰科学家哥白尼提出以太阳为中心的宇宙模型，简称“日心说”。把人们从“地球是宇宙中心”的错误认识中解脱出来。故D正确。故选D【提示】国家对物理学家及其成就的掌握作答。【考点】物理常识。11.【答案】D【解析】解：A滑动变阻器滑片移动时，电压能测出电路中的电压值，但无法求出通过未知电阻的电流，无法求出电阻，故A错误；B由于无法知道的电流，故无法求出待测电阻的电流和电压，无法求出电阻，故B错误；C根据图可知，利用电流表无法求出电压，故无法求出待测电阻两端的电压，无法求出电阻，故C错误；D由电路

23、图可知，先把滑片移到最左端，滑动变阻器阻值全部接入电路，滑动变阻器与待测电阻串联，测出电路电流I，则电源电压；把滑动变阻器滑片移到最右端时，即只有接入电路，由电流表测出电路电流，则电源电压，由可以求出，故D正确。故选D【提示】要测量电阻阻值，需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，然后应用欧姆定律求出电阻阻值；分析图示电路图，应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题。【考点】欧姆定律的应用。12.【答案】C【解析】解：A导体的电阻是导体本身的一种性质，导体的电阻跟导体的材料、横截面积、长度、温度有关，其大小与电流和电压无关，故A错误；B只有电荷的定向移动才能形成电流，故B错误；CD电压使电荷发生定向

24、移动，使电路中形成了电流，有电流则一定有电压，故C正确；D错误。故选C【提示】（1）影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积，导体的电阻和导体两端的电压和通过导体的电流无关；（2）电荷的定向移动形成电流；（3）电压的作用是使电荷发生定向移动在电路中形成电流。【考点】影响电阻大小的因素，电流的形成，有持续电流的条件。13.【答案】A【解析】解：A卧室的灯与客厅的灯并联，是互不影响的，所以，卧室的照明电路发生了断路时，卧室的灯熄灭，客厅的灯仍正常发光，故A正确；B若卧室的灯泡发生了短路，家中的保险丝会熔断，则所有房间均会断电，客厅的灯不会发光，故B错误；C他家工作电器的总功率过大，家中的保

25、险丝会熔断，则所有房间均会断电，客厅的灯不会发光，故C错误；D若进户线断了，整个家庭电路都没有电，所有电灯都不会亮，故D错误。故选A【提示】家庭电路中各用电器均为并联的；但若某一个电器短路会烧坏保险丝，使整个房间断电。【考点】家庭电路的故障分析。14.【答案】B【解析】解：两灯额定电压相同，由可得两灯电阻比：，串联电路中电流处处相等，所以当两串联时I甲=I乙，由欧姆定律可得：，所以，由串联电路电压特点知，由并联电路电压特点知，两灯并联时，由可得：。故选B【提示】先计算两灯电阻，再根据电路特点和欧姆定律分析得到两灯串联和并联时两灯的实际电压，从而计算功率比。【考点】电功率的计算。15.【答案】C

26、【解析】解：由图可知：该电路为混联电路，灯泡与滑动变阻器并联后，再与串联接入电路中，电流表测量的是总电流；电压表和测量的是电路两端的总电压，即电源电压。电压表和测量的是电路两端的总电压，即电源电压，故两个电压表的示数保持不变；右移动滑片P，变阻器电阻变大，由并联电路的电阻规律可知，与滑动变阻器并联后的总电阻变大，根据串联电路的电阻规律可知，整个电路的电阻变大，根据可知，总电流减小；与滑动变阻器并联后的总电阻变大，根据分压规律可知，其分担的电压变大，故灯泡变亮；综上所述，C正确。故选C【提示】首先判定电路的连接状态，分清电表在电路中的作用，然后根据滑片移动判定电阻的变化，根据欧姆定律和电功率的公

27、式判定电表示数、灯泡亮度的变化。【考点】电路的动态分析。16.【答案】D【解析】解：（1）由可得，图乙比图甲中对桌面增加的压力：，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，且铝球受到的浮力和铝球对水的压力是一对相互作用力，所以，对桌面增加的压力，由阿基米德原理可知，铝球受到的浮力：，由可知，铝球浸没时受到的浮力：故A错误；（2）将细线剪断，铝块沉到容器底部，图丙比图甲中对桌面增加的压强：，图丙比图甲中对桌面增加的压力：，铝块的重力：，由可得，铝球的质量：，由可得，铝球的体积：，故B错误；铝块沉底时对容器底部的压力：，故C错误；因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，由可得，液体的密度：，

28、故D正确。故选D【提示】（1）甲图和乙图比较，知道增加的压强值和受力面积，利用求出对桌面增加的压力，水平面上物体的压力和自身的重力相等，且铝球受到的浮力和铝球对水的压力是一对相互作用力，据此可知对桌面增加的压力等于排开液体的重力，根据阿基米德原理求出铝球受到的浮力，根据求出铝球浸没时受到的浮力；（2）根据题意求出将细线剪断、铝块沉到容器底部时，图丙比图甲中对桌面增加的压强，根据求出图丙比图甲中对桌面增加的压力即为铝块的重力，根据求出铝球的质量，根据求出铝球的体积，铝球的重力减去受到的浮力即为铝块沉底时对容器底部的压力；物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出液体的密度。【

29、考点】压强的大小及其计算，阿基米德原理，浮力大小的计算。二、填空题17.【答案】变小不变电磁波【解析】解：“天宫”二号飞行器在太空飞行时，处于失重状态，重力为0，要小于在地面上时的引力；惯性大小只与质量有关，故惯性不变；电磁波能传递信息，可以在真空中传播，飞行器是通过电磁波与地面联系的。故答案为：变小；不变；电磁波。【提示】距离越远，受到的引力会越小，在太空中会处于失重状态；惯性大小只与质量有关；电磁波可以传递信息。【考点】重力，惯性，电磁波的传播。18.【答案】240120【解析】解：（1）小明所受的重力：完成一次引体向上，克服重力做的功；（2）在内做了5个“引体向上”，则内做的总功：，内做

30、功的功率：。故答案为：240；120.【提示】（1）根据求出重力，再根据求出克服重力做的功；（2）求出内做的总功，据求出功率。【考点】功的计算，功率的计算。19.【答案】得到负【解析】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，即橡胶棒有多余的电子，它与不带电的验电器金属球接触，多余的电子通过金属球向验电器的金属箔片运动，此过程中橡胶棒失去一部分电子而带的负电荷减少，对于验电器，由于有了多余的电子，使其带上了负电，即负电荷增多。故答案为：得到；负。【提示】（1）用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；（2）验电器利用同种电荷互相排斥的原理，当用带电体接触验电器的金属球时，就会有一部分电荷转移，并使金属箔带上同种电荷，两

31、金属箔由于同种电荷互相排斥而张开。【考点】验电器的原理及使用。20.【答案】甲10甲同学追上了乙同学。【解析】解：（1）由图像可以看出，在时间为时，甲同学运，乙车运动；相同时间内，甲同学通过的路程大，所以甲同学运动得快；（2）由图像可知开始运动时，甲同学从出发，乙同学距离甲出发点前，故相距的距离为；（3）由图像可知，图中的a点表示相遇，即甲同学追上了乙同学。故答案为：甲；10；甲同学追上了乙同学。【提示】（1）在相同时间内，比较路程的远近可以比较运动快慢，根据图像，运用控制变量法，分析出甲、乙两位同学的运动快慢情况；（2）由图像可知相距的距离；（3）图中的a点表示相遇。【考点】速度公式及其应用

32、。21.【答案】【解析】解：A物体A在水中悬浮，；B物体在水中处于漂浮状态且有一半的体积露出水面，所受浮力等于自身的重力，即由得；将物体A置于物体B上再放入水中时，AB处于悬浮状态且物体B有三分之一的体积露出水面，所受浮力等于AB自身重力的和，即，由得：，故答案为：；【提示】物体A在水中悬浮，所受浮力等于自身的重力，；将物体B放入水中时有一半的体积露出水面，物体B在水中漂浮，根据所受浮力等于自身的重力，算出B的密度；将物体A置于物体B上再放入水中时，物体B有三分之一的体积露出水面，处于漂浮状态，根据所受浮力等于自身的重力，列出等式，从而解出两物体的体积之比。【考点】物体的浮沉条件及其应用，阿基

33、米德原理。22.【答案】焦距倒立【解析】解：人的眼球好像一架照相机，我们看物体时，是通过睫状体的伸缩来调节晶状体的弯曲程度，改变晶状体的焦距，使不同远近的物体都能在像距相同的视网膜上生成清晰的倒立实像。晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏，外界物体在视网膜上所成的像是倒立、缩小的实像。故答案为：焦距；倒立。【提示】要解答本题需掌握：人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，外界物体在视网膜上所成的像是倒立的实像。【考点】眼睛及其视物原理。23.【答案】电功（消耗电能）1.5【解析】解：电能表是测量电功（消耗电能）的仪表；表示电能表转盘转800转消耗的电

34、能为，电能表的转盘转20转消耗的电能：，电路的总功率：。故答案为：电功（消耗电能）；1.5.【提示】电能表是测量电功（消耗电能）的仪表，示数单位是；表示电能表转盘转800转消耗的电能为1kWh，据此计算出电能表的转盘转20转消耗的电能，再利用求电路的总功率。【考点】电功率的计算，电能表参数的理解与电能的求法。24.【答案】156【解析】解：由电路图可知，电阻、电阻、滑动变阻器串联在电路中，电压表测量两端的电压，电压表测量和变阻器两端的总电压，电流表测量电路中的电流。（1）当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的总电阻变小，由可知，电路中的电流变大，由可知，和两端的电压变大，因串联

35、电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表V2的示数变小，结合图乙可知，图像中上半部分为电压表示数变化图线，下半部分为电压表示数变化图线；（2）当滑片P移至最右端时，两电压表均测两端的电压，电路中的电流最大为，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：当滑片位于左端时，电压表的示数（和变阻器两端的电压）时，电路中的电流，则电源的电压：因电源的电压不变，所以，由可得：，滑片移至最左端时内电流通过产生的热量：。故答案为：15；6.【提示】由电路图可知，电阻、电阻、滑动变阻器串联在电路中，电压表测量两端的电压，电压表测量和变阻器两端的总电压，电流表测量电路中的电流。（1）当滑片P向右移动

36、时，滑动变阻器连入的电阻变小，从而使电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，和两端的电压变大，由串联电路电压的特点可知，和变阻器两端的总电压变小，由此可知图像中上半部分为电压表示数变化图线，下半部分为电压表示数变化图线；（2）由图像可知，当滑片P移至最右端，滑动变阻器连入电阻为0，此时电路中的总电阻最小，电路中的电流最大为，此时两电压表的示数都为，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压；当电压表的示数（和变阻器两端的电压）为时，电压表的示数（两端的电压）为，电路中的电流为，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出的阻值和电源的电

37、压，根据求出滑片移至最左端时内电流通过产生的热量。【考点】欧姆定律的应用，焦耳定律的计算公式及其应用。三、实图、做图题25.【答案】如图所示【解析】解：（1）根据像与物体关于平面镜对称画出A的像点，连接，与平面镜的交点即为入射点，再连接A与入射点连线为入射光线，B与入射点连线为反射光线，如图所示：（2）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线的反向延长通过焦点，过光心的光线其传播方向不变，如图所示：【提示】（1）根据对称法，先找到A的对称点即A的像点，再连接对A的像点和B，找到入射点，从而画出入射和反射光线。（2）在作凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来做图。【考点】

38、作光的反射光路图，透镜的光路图。26【答案】如图所示【解析】解：（1）由于小磁针静止时，其左端为S极，右端为N极，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的左端为N极，右端为S极。根据右手定则，伸出右手，让右手的大拇指指示螺线管的N极（螺线管的左端），四指弯曲所指的方向为电流的方向。所以，电流由最左端的导线流入。（2）据图可知，此时一定是异名磁极，左端是N极，右端一定是S极，故磁感线的方向是向右的，如下图所示：【提示】（1）利用小磁针静止时的N、S极的方向确定了螺线管的N、S极，然后利用螺线管的绕向和磁极，根据安培定则再确定螺线管中电流的方向。（2）在磁体的外部，磁感线从N极指向S极；【考点】通电螺线

39、管的磁场，磁感线及其特点。27.【答案】如图所示【解析】解：拉力的作用点在横杆上，从作用点开始，沿力的方向画一条带箭头的线段，标出F，即为F的示意图；从支点O向F所在的直线作垂线，并标出L，即为拉力F的力臂。如图所示：【提示】找到拉力的作用点，从作用点开始，沿力的方向画一条带箭头的线段，标出F；力臂即支点到力的作用线的距离。找到支点向力的作用线作垂线即可。【考点】力的示意图，力臂的画法。28.【答案】如图所示【解析】解：由电路图可知，R和串联再与并联，电流表测通过的电流，电压表测R和两端电压，开关在干路上控制整个电路，实物连接如图所示：【提示】分析电路的连接方式和电流表测量的电流以及电压表所测

40、的电压，根据电路图连接实物图。【考点】实物的电路连接。四、实验题29.【答案】（1）弹簧测力计静止（2）1.5在同一地点，物体所受重力与质量成正比【解析】解：（1）钩码所受重力的大小用弹簧测力计进行测量，测量钩码重力时，必须让钩码处于静止状态，这样测力计的拉力与重力是一对平衡力，大小相等；（2）由表格中的数据可知，当物体的质量为时，重力为；的物体的重力应该为物体重力的3倍，故数据1.5出错了，应该是3；此时；由数据可知，物体的重力与质量的比值为定值，故结论为：在同一地点，物体所受重力与质量成正比。故答案为：（1）弹簧测力计；静止；（2）1.5；在同一地点，物体所受重力与质量成正比。【提示】（1

41、）弹簧测力计可以测量物体的重力；当钩码处于静止状态时处于平衡状态，受到的力为平衡力；（2）根据表格中的质量关系和重力关系分析。【考点】探究重力大小跟什么因素有关的实验。30.【答案】（1）通电导体在磁场中会受力的作用（2）通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和磁感线方向均有关（3）相同【解析】解：（1）接通电源，这时会看到导体向左运动，即说明受到向左的力的作用，即说明通电导体在磁场中会受力的作用；（2）只对调磁体的磁极或只改变导体中的电流方向，观察到导体均向右运动，即说明所受力的方向发生了改变，即说明：通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和磁感线方向均有关；（3）如果把磁体的两极对调，同时改变

42、通过导体中的电流方向，即等于改变了两个因素，所以会看到导体的运动方向跟原来相同；故答案为：（1）通电导体在磁场中会受力的作用；（2）通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和磁感线方向均有关；（3）相同；【提示】据课本可知，通电导线在磁场中受力的作用；且所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关；【考点】磁场对通电导线的作用。31.【答案】（1）秒表状态（2）均匀受热（3）48吸热但温度保持不变【解析】解：（1）试验中需要用温度计测量温度，用秒表测量所用的时间，加热时还要观察海波的状态变化情况；（2）水浴法能使物质均匀受热，水的比热容较大，水升温缓慢，海波吸热过程较长，利于观察状态的变化和记录测量数

43、据；（3）由图可知，海波在熔化的过程中，吸收热量，温度保持不变，熔点为。故答案为：（1）秒表；状态；（2）均匀受热；（3）48；吸热但温度保持不变。【提示】（1）实验中要用秒表来测量熔化的时间；实验过程中要观察海波的状态变化；（2）水浴法能使物质均匀受热；（3）晶体在熔化的过程中温度不变【考点】熔化和凝固的探究实验。32.【答案】（1）如图所示（2）（3）0.20.5（4）小灯泡在不同电压下的功率不同【解析】解：（1）研究小灯泡在不同电压下工作时（实际电压不允许超过额定电压的五分之一），消耗的电功率是否相同，故应用电压表测量出灯电压，用电流表测出此时灯的电流，根据求灯的实际功率，为得出普遍性的

44、规律，要多次测量，故要将滑动变阻器串联在电路中，如下所示：（2）灯在额定电压下灯正常发光，由通过小灯泡的电流随电压变化的关系图线可知，小灯泡正常发光时，通过灯丝的电流是，此时消耗的电功率为：（3）灯正常发光时的电阻：，灯正常发光时变阻器分得的电压：，变阻器分得的电压是灯的电压的倍，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻为：，故选用（，）滑动变阻器；因灯的额定电压为，又实际电压不允许超过额定电压的五分之一，即，故灯的实际电压不超过，故电压表选用量程；（4）由图中数据可知，灯的电压为时，通过的电流为，灯的实际功率：；同理，当灯的电压为时，通过的电流约为，灯的实际功率为，小灯泡正常发光时，通过灯丝的电

45、流是，此时消耗的电功率为；所以，小灯泡在不同电压下的功率不同。故答案为：（1）如上所示；（2）；（3）0.2；0.5；（4）小灯泡在不同电压下的功率不同。【提示】（1）由实验目的确定要测量的量结合归纳法，据此画出电路图；（2）（3）灯在额定电压下灯正常发光，根据通过小灯泡的电流随电压变化的关系图线找到，小灯泡正常发光时，通过灯丝的电流，此时消耗的电功率为P=ULI求灯的额定功率；根据欧姆定律求灯正常发光时的电阻大小，根据串联电路电压的规律和分压原理确定灯正常发光时变阻器连入电路中的电阻大小确定变阻器的规格；（4）分别求出灯在不同电压下的功率得出结论。【考点】探究用电器的电功率实验。五、解答题33.【答案】（1）（2）【解析】解：（1）已知，由可得，电磁炉在内消耗的电能：；