2022年2021年高考理综全国卷2-答案 .pdf

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1、1 / 182019 年普通高等学校招生全国统一考试全国卷理科综合答案解析一、选择题1.【答案】 A【解析】（正确项分析）在真核细胞中，内质网可参与脂质的合成，在细胞核中，DNA 可转录形成RNA ，A选项正确。（错误项分析）蛋白质在核糖体上合成，B、D 选项错误； DNA 可在细胞核中合成，而RNA 不可在内质网中合成， C 选项错误。【考点】细胞的结构和功能【考查能力】识记，理解2.【答案】B【解析】（正确项分析）在马铃薯块茎细胞无氧呼吸的第一一阶段，葡萄糖分解成丙酮酸，第二阶段在相应酶的催化下，丙酮酸转化为乳酸，B 选项正确。（错误项分析）马铃薯块茎细胞无氧呼吸的产物是乳酸，葡萄糖是细胞

2、呼吸的原料而不是产物，A 选项错误；在马铃客块茎细胞无氧呼吸的第一阶段，1 分子葡萄糖分解成2 分子丙酮酸，并且释放出少量能量，C选项错误； 一般来说， 氧气浓度的升高会抑制细胞的无氧呼吸，故马铃薯块茎储藏库中氧气浓度的升高不会增加酸味的产生，D 选项错误。【考点】细胞呼吸【考查能力】理解3.【答案】 C【解析】用蓝光照射后，含有保卫细胞的溶液的pH下降，可推测细胞内的+H被转运到了细胞外，再结合题干信息可推测HATPase位于保卫细胞质膜上，A 项不符合题意； 细胞内pH高于细胞外， 即细胞内+H浓度低于细胞外，用蓝光照射后，溶液的pH明显降低，推测蓝光可通过保卫细胞质膜下的HATPase发

3、挥作用使细胞内的+H逆浓度梯度转运到细胞外，B 项不符合断意；HATPase。逆浓度梯度跨膜转运日所需的能量来自ATP水解， 不是由识光直接提供，C 项符合题意； 溶液中的+H不能通过自由扩散的方式透过细胞质膜进入保卫细胞，D 项不符合题意。【考点】物质的跨膜运算【考查能力】理解4.【答案】 D【解析】 当人体水分丢失过多时，会导致细胞外液渗透压升高，下丘脑渗透压感受端受到刺激，产生兴有传名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 1 页，共 18 页 - -

4、- - - - - - - 2 / 18递到大顶皮层产生渴感：由下丘脑分泌并由垂体释放的抗利尿激素增多，在抗利尿激素的作用下，肾小管和集合管对水分的重吸收能力增强，以减少水分随尿液流失，D 项符合题意。【考点】人体内环境稳态中的水盐平衡调节【考查能力】理解5.【答案】 B【解析】 实验中植株甲自交，子代出现了性状分离，说明作为亲本的植株甲为杂合子。实验中植株甲与另一具有相同性状的个体杂交，后代出现3：1 的性状分离比，说明亲本均为杂合子。在相对性状的显隐性不确定的情况下，无法依据实验、判定植株甲为杂合子。【考点】孟德尔遗传定律的应用【考查能力】理解，综合应用6.【答案】 A【解析】 夏季草原生

5、态系统中，作为第一营养级的牧草的个体数远大于作为第二营养级的羊的个体数量，该生态系统数量金字塔的形状最可能是金字塔形。而在森林生态系统中，作为第一营养级的乔木的一个个体上生活着大量的作为第二营养级的昆虫个体，该生态系统数量金字塔的形状最可能为倒金字塔形。【考点】生态系统【考查能力】理解和分析7.【答案】 D【解析】（正确项分析）蚕丝的主要成分是蛋白质，A 项正确；蚕丝属于天然高分子化合物，B 项正确； “ 蜡炬成灰 ” 是指蜡烛燃烧，这属于氧化反应，C 项正确。（错误项分析） 在古代蜡烛通常由动物油脂制成，动物油脂的主要成分为高级脂肪酸酯，其不属于高分子聚合物， D 项错误。【考点】中华传统文

6、化中的化学知识8.【答案】 B【解析】33 g He的物质的量为1 mol，每个He含 1 个中子，则1 molHe含1 mol中子， A 项正确；该溶液中含0.1 molNa，PO，由于部分PO 水解，故溶液中PO 的数目小于0.1 V，B 项错误；227K Cr O，中3+Cr元素为6价，2271 mol K Cr O，被还原成3+Cr时，得到6 mol电子， C 项正确；正丁烷和异丁烷互为同分异构体， 每个分子中均含10 个CH键和 3 个CC键， 即每个分子中含13 个共价键， 则48 g正丁烷和10 g异丁烷的混合物中含13 mol共价键， D 项正确。【考点】阿伏伽德罗常数的应用9

7、.【答案】 D【解析】（正确项分析）原子半径：NAl，A 项正确；常温常压下，单质硅呈固态，B 项正确；由非金属名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 2 页，共 18 页 - - - - - - - - - 3 / 18性：PN，可知气态氢化物热稳定性：3PHNH，C 项正确。（错误项分析）Al的最高价氧化物对应的水化物3Al(OH)，是典型的两性氢氧化物，并非强碱， D 项错误。【考点】元素推断，元素周期律10.【答案】 A【解析】 酸性4KMnO。溶液

8、能将乙烯氧化成2CO，故可以看到溶液的紫色逐渐褪去，但静置后液体不会分层，A 项符合题意； 点燃的镁条能在2CO， 中燃烧， 集气瓶中产生浓烟 （MgO颗粒）和黑色颗粒 （单质碳），B项 不 符 合 题 意 ； 向 盛 有 饱 和223Na S O， 溶 液 的 试 管 中 滴 加 稀 盐 酸 ， 溶 液 中 发 生 反 应2+2322S O2HSOSH O，有刺激性气味气体产生，溶液变浑浊，C 项不符合题意；向FeCl，溶液中加入过量铁粉，发生反应3+22FeFe3Fe，可以看到溶液中黄色逐渐消失，加入KSCN后，溶液颜色不发生变化， D 项不符合题意。【考点】化学实验11.【答案】 C【解

9、析】4CuSO，溶液呈蓝色，加入足量Zn粉后，2+Cu被还原为Cu，溶液变成无色，A 项正确；澄清石灰水在空气中久置能吸收空气中的2CO，生成3CaCO，白色固体， B 项正确；22Na O呈淡黄色，在空气中放置后变为白色，是22Na O，吸收空气中的2CO和2H O转化成了23Na CO，和NaOH的缘故， C 项错误；向2Mg(OH)，悬浊液中加入足量3FeCl，溶液出现红褐色沉淀，是因为2Mg(OH)，与3FeCl，溶液发生复分解反应生成了更难溶的3Fe(OH)，D 项正确。【考点】结合物质变化考查化学方程式12.【答案】 B【解析】 a、b分别表示温度为1T、2T时溶液中2+Cd和2S

10、的物质的量浓度，可间接表示对应温度下CdS在水中的溶解度，A项正确；spK只受温度影响，即m、 n、 p 三点对应的spK相同，又12TT，故ssm =( )( )( )spspppKKnKp Kq，B 项错误；向m 点的溶液中加入少量2Na S固体，溶液中2Sc增大，温度不变，spK不变，则溶液中2Cdc减小，溶液组成由m 点沿 mpn 线向 p 方向移动， C 项正确；温度降低时，CdS的溶解度减小，q 点的饱和溶液的组成由q 沿 qp 线向 p 方向移动， D 项正确。【考点】沉淀溶解平衡图象分析13.【答案】 C【解析】48C H BrCl可看成是410C H。分子中的2 个H被 1

11、个Br和 1 个Cl取代得到的产物。410C H有正丁烷和异丁烷2种，被Br和Cl取代时，可先确定Br的位置，再确定Cl的位置。正丁烷的碳骨架结构为4321C CC C，Br分别取代1 号碳原子和2 号碳原子上的氢原子时，Cl均有 4 种位置关系，异丁烷的碳骨名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 3 页，共 18 页 - - - - - - - - - 4 / 18架结构为，Br分别取代1 号碳原子和2 号碳原子上的Cl氢原子时，Cl分别有 3 种和 1

12、种位置关系，综上可知48C H BrCl共有 12 种结构， C 项正确。【考点】同分异构体数目的判断二、选择题14.【答案】 D【解析】在嫦娥四号探测器“奔向”月球的过程中，根据万有引力定律，可知随着h 的增大，探测器所受的地球引力逐渐减小但并不是均匀减小的，故能够描述F 随 h变化关系的图像是D。【考点】万有引力15.【答案】 C【解析】核反 应质量亏损4 1.0078u4.0026u0.0286um，释放的能量0.0286931MeV26.6 MeVE，选项 C 正确。【考点】核反应释放核能的计算16.【答案】 A【解析】 设物块的质量最大为m，将物块的重力沿斜面方向和垂直斜面方向分解，

13、由平衡条件， 在沿斜面方向有sin30cos30Fmgmg，解得150 kgm，A 项正确。【考点】力的分解、平衡条件【考查能力】推理17.【答案】 B【解析】 电子从 a 点射出时， 其轨迹半径为4alr，由洛伦兹力提供向力，有2aaavev Bmr，又ekm，解得4akBlv；电子从 d 出时， 由几何关系有2222ddlrlr，解得轨迹半径为54dlr，由洛伦兹力提供向心力，有2dddvev Bmr，有ekm，解得54dkBlv，选项 B 正确。【考点】洛伦兹力、牛顿运动定律、匀速圆周运动【考查能力】灵活分析带电粒子在有界匀强磁场中运动问题18.【答案】 AD【解析】根据题给图像可知4m

14、h时物体的重力势能80 Jmgh，解得物体质量2 kgm，抛出时物体的名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 4 页，共 18 页 - - - - - - - - - 5 / 18动能为k100JE，由动能公式2k12Emv，可知0h时物体的速率为10m/ sv，选项 A 正确， B 错误；由功能关系可知|20 JfhE，解得物体上升过程中所受空气阻力5 Nf，从物体开始抛出至上升到2 mh的过程中，由动能定理有1100 JmghfhE，解得150 JE，选

15、项 C 错误；由题给图像可知，物体上升到h=4m 时，机械能为80 J，重力势能为80 J，动能为零，即物体从地面上升到4 mh，物体动能减少100 J，选项 D 正确。【考点】机械能，功能关系【考查能力】运用相关知识解决实际问题19.【答案】 BD（错误项分析）根据vt图线与横轴所围图形的面积表示位移，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的大，选项A 错误；根据vt图线的斜率表示加速度，综合分析可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的小，选项C 错误。（正确项分析）第二次滑翔过程中在竖直方向的位移比第一次的大，又运动员每次滑翔过程中竖直位移与水平位移的比值相同（等于

16、倾斜雪道与水平面夹角的正切值），故第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大，选项B 正确；竖直方向上的速度大小为1v时，根据 -t 图线的斜率表示加速度可知，第二次滑翔过程中在竖直方向上的加速度比第一次的小，由牛顿第二定律有mgfma，可知第二次滑翔过程中在竖直方向上所受阻力比第一次的大，选项D正确。【考点】结合vt图像考查曲线运动、牛顿运动定律20.【答案】 AC【解析】 （正确项分析） 在两个同种点电荷的电场中，一带同种电荷的粒子在两电荷的连线上自M 点由静止开始运动，粒子的速度先增大后减小，选项A 正确；带电粒子仅在电场力作用下运动，若运动到N 点的动能为零， 则带电粒子在N、M两

17、点的电势能相等；仅在电场力作用下运动，带电粒子的动能和电势能之。和保持不变，可知若粒子运动到N 点时动能不为零，则粒子在N 点的电势能小于在M 点的电势能，即粒子在M 点的电势能不低于其在N 点的电势能，选项C 正确。（错误项分析） 若静电场的电场线不是直线，带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹不会与电场线重合，选项 B 错误；若粒子运动轨迹为曲线，根据粒子做曲线运动的条件，可知粒子在N 点所受电场力的方向一定不与粒子轨迹在该点的切线平行，选项D错误。【考点】带电粒子在静电场中的运动21.【答案】 AD【解析】根据题述，PQ 进入磁场时加速度恰好为零，两导体棒从同一位置释放，则两导体棒进入磁场时

18、的速度相同， 产生的感应电动势大小相等，若释放两导体棒的时间间隔足够长，在 PQ 通过磁场区域一段时间后 MN 进入磁场区域，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知流过PQ 的电流随时间变化的图名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 5 页，共 18 页 - - - - - - - - - 6 / 18像可能是A；由于两导体棒从同一位置释放，两导体棒进入磁场时产生的感应电动势大小相等，MN 进入磁场区域切割磁感线产生感应电动势，回路中产生的感应电流不可

19、能小于1I，B 错误；若释放两导体棒的时间间隔较短，在PQ 没有出磁场区域时MN 就进入磁场区域，则两棒在磁场区域中运动时回路中磁通量不变，两棒不受安培力作用，二者在磁场中做加速运动，PQ 出磁场后， MN 切割磁感线产生感应电动势和感应电流，且感应电流一定大于1I，受到安培力作用，由于安培力与速度成正比，则MN 所受的安培力一定大于MN 的重力沿斜面方向的分力，所以MN 一定做减速运动，回路中感应电流减小，流过PQ 的电流随时间变化的图像可能是D， C 错误。【考点】电磁感应，全面分析物理过程并转化为图像【考查能力】科学思维二、非选择题22.【答案】（1）gsingcosa（ 2）0.35【

20、解析】（ 1）对铁块受力分析，由牛顿第二定律有sincosmgmgma，解得sincosgag。（ 2）两个相邻计数点之间的时间间隔15s0.1s50T，由逐差法和2xaT，可得21.97m / sa，代人sincosgag，解得0.35。【考点】动摩擦因数的测量，牛顿第二定律23.【答案】（1）5.00变小增大B（ 2）2.8【 解 析 】 （ 1 ） 实 验 中 硅 二 极 管 与 定 值 电 阻0R串 联 ， 由 欧 姆 定 律 可 知 ， 定 值 电 阻 两 端 电 压1050.0A1005.00mVUIR；由图（ b）可知，当控温炉内温度升高时，硅二极管两端电压减小，又图（ b）对应

21、的电流恒为50.0 A，可知硅二极管的正向电阻变小，由“ 串反 ” 规律可知，定值电阻0R两端电压增大，即电压表1V示数增大，应增大滑动变阻器接入电路的阻值以减小电路中的电流，从而使电压表1V示数保持不变，故应将R的滑片向B 端移动。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 6 页，共 18 页 - - - - - - - - - 7 / 18（ 2）由图（ b）可知30.440.30V / C2.8 10V / C8030Ut【考点】实验原理理解，实验数据处

22、理24.【答案】解：（1）PG、QG 间场强大小相等，均为E。粒子在 PG 间所受电场力F 的方向竖直向下，设粒子的加速度大小为a，有2EdFqEma设粒子第一次到达G 时动能为kE，由动能定理有2012kqEhEmv设粒子第一次到达G时所用的时间为t，粒子在水平方向的位移大小为l，则有212hat0lv t联立式解得20122kEmvqhd0mdhlvq（ 2）若粒子穿过G 一次就从电场的右侧飞出，则金属板的长度最短。由对称性知，此时金属板的长度L 为022mdhLlvq【考点】带电粒子在偏转电场中的运动25.【答案】解：（1）vt图像如图所示。（2）设刹车前汽车匀速行驶时的速度大小为1v，

23、则1t时刻的速度也为1v；2t时刻的速度为2v。在2t时刻后汽车做匀减速运动，设其加速度大小为a。取1st。设汽车在22(1)tnttn t内的位移为n,1,2,3,s nL。若汽车在2234tttt时间内未停止，设它在23tt时刻的速度为3v，在24tt时刻的速度为4v，名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 7 页，共 18 页 - - - - - - - - - 8 / 18由运动学公式有2143 ()ssat2121()2svtat424vva t联

24、立式，代入已知数据解得417m / s6v这说明在24tt时刻前，汽车已经停止。因此，式不成立。由于在2234tttt内汽车停止，由运动学公式323vva t2432asv联立式，代入已知数据解得228m / s ,28m /sav或者22288m / s ,29.76m / s25av但式情形下，30v，不合题意，舍去。（ 3）设汽车的刹车系统稳定工作时，汽车所受阻力的大小为1f。由牛顿定律有1fma在12tt时间内，阻力对汽车冲量的大小为22121122Wmvmv由动能定理得12Imvmv?由动能定理，在12tt时间内，汽车克服阻力做的功为22121122Wmvmv?联立 ?式，代入已知数

25、据解得130m / sv?51.1610 JW?从司机发现警示牌到汽车停止，汽车行驶的距离s 约为221 11221122vsvtvvtta?联立 ?式，代人已知数据解得87.5 ms?名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 8 页，共 18 页 - - - - - - - - - 9 / 18【考点】动量定理、匀变速直线运动规律【考查能力】分析综合能力和推理26.【答案】（1）D（ 2）4BaSO4CBaS4CO222COH OCOH3BaCO222244

26、SBaZnSOBaSOZnS（ 3）浅蓝色至无色125.000.1000322100%1000Vm【解析】（ 1）灼烧立德粉样品时钡的焰色为绿色。（ 2）由流程图中经浸出槽后得到净化的BaS溶液以及回转炉尾气中含有有毒气体可知，在回转炉中4BaSO。与过量的焦炭粉反应生成可溶性的BaS和CO；生产上可通过水蒸变换反应除去回转炉中的有毒气体CO，即CO与2H O反应生成2CO，和2H所得 “ 还原料 ” 的主要成分是BaS，BaS在潮湿空气中长期放置能与空气中的2H O反应生成具有臭鸡蛋气味的2H S气体， “ 还原料 ” 的水溶性变差，表明其表面生成了难溶性的3BaCO。结合立德粉的成分可写出

27、沉淀器中2Ba、2Zn、24SO反应生成4BaSOZnS的离子方程式。（ 3）达到滴定终点时2I完全反应，可观察到溶液颜色由浅蓝色变成无色，且半分钟内颜色不再发生变化；根据滴定过量的2I消耗223Na S O， 溶液的体积和关系式22S I， 可得321I0.100 0V10mol2n过量再根据关键式22S I可知，23331S0.100025.0010mol0.100010mol25.000.100 0 10mol22VnV， 则 样 品 中2S的含量为25.000.1000322100%1000Vm。【考点】元素化合物间的相互转化与化学计算27.【答案】（1）89.3（ 2）40%43.5

28、610名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 9 页，共 18 页 - - - - - - - - - 10 / 18BD（ 3）C（ 4）Fe电极Fe22H（565522Fe2C HFe C HH）水会阻碍中间物Na的生成；水会电解生成OH，进一步与2+Fe反应生成2Fe(OH)【解析】（ 1）根据盖斯定律，由反应+反应得反应，则11313(100.3 11.0) kJ mol89.3 kJ molHHH。（ 2）设容器中起始加入2I (g)和环戊烯的物质

29、的量均为a，平衡时转化的环戊烯的物质的量为x，列出三段式：根 据 平 衡 时 总 压 强 增 加 了20% ， 且 恒 温 恒 容 时 ， 压 强 之 比 等 于 气 体 物 质 的 量 之 比 ， 得1()()21.2aaaxaxxx，解得0.4xa，则环戊烯的转化率为0.4100%40%aa，平衡时(g)、2I (g)、(g)、HI g的分压分别为4P总、4P总、6P总、3P总，则26382744gBpgBppKPpp总，根据51.2 10PP总总可得5481.2 10 Pa3.56 10 Pa27pK。通入惰性气体，对反应的平衡无影响，A 项不符合题意；反应为吸热反应，提高温度，平衡正向

30、移动，提高环戊烯的平衡转化率，B 项符合题意；增加环戊烯浓度， 能提高2I (g)的平衡转化率， 但环戊烯的平衡转化率降低，C 项不符合题意； 增加2I (g)的浓度，能提高环戊烯的平衡转化率，D项符合题意。（ 3）由相同时间内，环戊二烯浓度减小量越大，反应速率越快可知，T；T2，A 项错误；影响反应速率的因素有温度环戊二烯的浓度等，a 点时温度较低，但环戊二烯浓度较大，c 点时温度较高但环戊二烯浓度较小，故无法比较a 点和 c 点的反应速率大小，B 项错误； a 点和 b 点温度相同，a 点是环戊二烯的浓度大于b 点时环戊二烯的浓度，即a 点的证反应速率大于b 点的证反应速率，因为b 点时反

31、应未达到平衡，b 点的名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 10 页，共 18 页 - - - - - - - - - 11 / 18正反应速率大于逆反应速率，故a点的正反应速率大于b 点的逆反应速率，C 项争取； b 点时，环戊二烯的浓度小于0.9 1mol L，结合生成的二聚体浓度为环戊二烯浓度变化量的12，可知二聚体的浓度为0.45 1mol L，D 项正确。（ 4）结合图示电解原理可知，Fe 电极发生氧化反应。为阳极；在阴极上有2H生成，故电解时的

32、总反应为Fe22H或565522Fe2C HFe C HH。结合相关反应可知，电解制备需在无水条件下进行，否则水会阻碍中间产物Na的生成，水电解生成OH，OH会进一步与2+Fe反应生成2Fe(OH)，从而阻碍二茂铁的生成。【考点】化学反应与能量变化，化学反应速率与化学平衡，电化学28.【答案】（1）增加固液接触面积，提取充分沸石（ 2）乙醇易挥发，易燃使用溶剂量少，可连续萃取（萃取效率高）（ 3）乙醇沸点低，易浓缩AC（ 4）单宁酸水（ 5）升华【解析】 （1）实验时将茶叶研细，能增加茶叶与溶剂的接触面积，使萃取更加充分。乙醇为溶剂，为防止加热时暴沸，需在加热前向乙醇中加入几粒沸石。（ 2）由

33、于溶剂乙醇具有挥发性和易燃性，因此在提取过程中不可用明火直接加热。本实验中采用索氏提取器的优点是溶剂乙醇可循环使用，能减少溶剂用量，且萃取效率高。（ 3）提取液需经 “ 蒸馏浓缩 ” 除去大部分溶剂，与水相比， 乙醇作为萃取剂具有沸点低和易浓缩的优点。“ 蒸馏浓缩 ” 需选用的仪器除了所给仪器外，还有直形冷凝管和接收瓶（如锥形瓶）。（ 4）向浓缩液中加入生石灰能中和单宁酸并吸收水分。（ 5）结合分离提纯咖啡因的装置及将粉状物放入蒸发皿并小火加热，咖啡因凝结在扎有小孔的滤纸上，可知该分离提纯的方法为升华。【考查能力】化学实验方案分析29.【答案】（1）从形态学上端到形态学下端（ 2）琼脂块中的生

34、长素进入胚芽鞘切段的左侧，使胚芽鞘左侧的生长素浓度高于右侧，引起胚芽鞘左侧生长快于右侧，形成角名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 11 页，共 18 页 - - - - - - - - - 12 / 18（ 3）乙左右两侧琼脂块中的生长素含量基本相同，但小于甲琼脂块中生长素的含量【解析】（ 1）植物生长素的极性运输是指生长素从植物形态学上端向形态学下端运输。（ 2）将含有生长素的琼脂块置于去掉顶端的胚芽鞘的左侧，琼脂块中的生长素进入胚芽鞘切段的左侧，由于

35、生长素在去顶胚芽鞘左、右两侧的不均匀分布，胚芽鞘弯向放置琼脂块的对侧生长，形成角。（ 3）乙组中胚芽鞘顶端被云母片阻隔，光照处理后，生长素不能进行横向运输，左、右两侧琼脂块中收集到的生长素的量基本相等且小于甲组中琼脂块所收集的生长素的量，所以乙组中左、右两侧的琼脂块所引起的角基本相同，但小于甲琼脂块所引起的角。30.【答案】（1）很低灭活（ 2）染色体复制一次，而细胞连续分裂两次（ 3）激素等是通过体液运输的、作用时间比较长、反应速度较缓慢、作用范围较广泛【解析】 （1）动物的激素调节具有微量和高效等特点，正常情况下动物血液中激素的浓度都很低。性激素与靶细胞受体结合并发挥作用后会被灭活。（ 2

36、）产生精细胞的减数分裂过程中，染色体复制一次，而细胞连续分裂两次，导致产生的精细胞中染色体数目较初级精母细胞减半。（ 3）与神经调节相比，体液调节具有以下特点：通过体液运输、反应速度较缓慢、作用范围较广泛、作用时间比较长。【考点】体液调节及其与神经调节的比较等【考查能力】理解、识记31.【答案】（1）太阳能初级消费者、分解者（ 2）生产者净光合作用的放氧量生产者光合作用的总放氧量生产者呼吸【解析】 （1）生态系统中生产者的能量来自其自身光合作用所固定的太阳能。生产者的能量可直接流向初级消费者和分解者。（ 2）若干小时后，添光的乙瓶中的氧气含量（C）与水样中氧气的初始含量（A）的差值表示这一时间

37、段内生产者净光合作用的放氧量；水样中氧气的初始含量（A）与不透光的甲瓶中的氧气含量（B）的差值表示这一时间段内生产者呼吸作用的耗氧量：C 与 B 的差值表示这一时间段内生产者光合作用的总产氧量。【考点】生态系统的能量流动及植物的光合作用与呼吸作用的关系名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 12 页，共 18 页 - - - - - - - - - 13 / 18【考查能力】理解、综合运用32.【答案】（1）绿色aabb（ 2）AaBb4（ 3）Aabb、a

38、aBbAABB 、AAbb 、aaBB、AaBB 、AABbAABB【解析】 （1） （ 2）根据题干信息可知，甘蓝叶色受2 对独立遗传的基因人机深和出。控制，只含隐性基因的个体表现为隐性性状，其他基因型的个体均表现为显性性状。由于绿叶甘蓝 （甲） 植株的自交后代都表现为绿叶， 且绿叶甘蓝 （甲）和紫叶甘蓝 （乙） 的杂交后代中绿叶：紫叶 =1：3，可推知甲植株的基因型为aabb，乙植株的基因型为AaBb。实验中aabb （甲） AaBb（乙）Aabb（紫叶）、AaBb（紫叶）、aaBb （紫叶）、aabb （绿叶），故实验中子代有4 种基因型。（3）紫叶甘蓝 （丙） 的可能基因型为AABB

39、、AABb 、AAbb 、AaBb、 AaBB 、 Aabb、 aaBB、 aaBb， 甲植株与紫叶甘蓝 （丙）植株杂交， 可能出现的结果为： aabbAabb Aabb（紫叶）、aabb （绿叶） 或 aabb aaBb aaBb（紫叶）、aabb （绿叶） 或 aabbAABB AaBb（紫叶） 或 aabb AABb AaBb （紫叶）、Aabb（紫叶） 或 aabbAAbb Aabb （紫叶） 或 aabbAaBB AaBb （紫叶）、aaBb（紫叶）或aabbaaBB aaBb （紫叶）或aabbAaBb 3紫叶： 1 绿叶，故若杂交子代中紫叶和绿叶的分离比为 1：1，则丙植株所有可

40、能的基因型是Aabb、aaBb；若杂交子代均为紫色，则丙植株所有可能的基因型是 AABB 、AAbb 、aaBB、AaBB 、AABb 。aabb x AABBF1 ：AaBb（紫叶），F，自交， F2 的基因型为9/16A_B （紫叶）、3/16A_bb（紫叶）、3/16aaB_（紫叶）、1/16aabb（绿叶），即紫叶：绿叶=15：1。【考点】自由组合定律的应用【考查能力】理解、综合运用（二）选考题33.【答案】（1）大于等于大于（ 2）解： （i）设抽气前氢气的压强为10p，根据力的平衡条件得1002ppSppS得10012ppp名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - -

41、 - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 13 页，共 18 页 - - - - - - - - - 14 / 18（ i）设抽气后氢气的压强和体积分别为1p和1V，氮气的压强和体积分别为2p和2V。根据力的平衡条件有212pSpS由玻意耳定律得111002pVpV2200p Vp V由于两活塞用刚性杆连接，故100222VVVV联立式解得101124ppp001042pp VVpp【解析】 对一定质量的理想气体，pVT为定值，由pV图像可知，11111122pVpV pV， 所以132TTT。状态 1 与状态 2

42、时气体体积相同，单位体积内分子数相同，但状态1 下的气体分子平均动能更大，在单位时间内撞击器壁单位面积的平均次数更多，所以12NN， ；状态 2 与状态 3 时气体压强相同，状态3 下的气体分子平均动能更大，在单位时间内撞击器壁单位面积的平均次数较少，所以23NN。【考点】玻意耳定律的应用，气体压强的微观解释，pV图像34.【答案】（1）A（ 2） （i）B（ ii）(1)dxnl（ iii ）630【解析】 （1） 由单摆的周期公式2LTg可知，小球在钉子右侧时， 振动周期为在左侧时振动周期的2 倍，所以 B、D 项错误。由机械能守恒定律可知，小球在左、右最大位移处距离最低点的高度相同，但由

43、于摆长不同， 所以小球在左、 右两侧摆动时相对平衡位置的最大水平位移不同，当小球在右侧摆动时，最大水平位移较大，故A 项正确。（ 2） （i）若想增加从目镜中观察到的条纹个数，需要减小条纹间距，由公式lxd可知，需要减小双缝到屏的距离l 或增大双缝间的距离d，故B 项正确，A 、 C、 D项错误。 （ ii ）由题意可知，等1(1)xldxndnl（ii ）将已知条件代入公式解得630 nm。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 14 页，共 18 页 -

44、 - - - - - - - - 15 / 18【考点】单摆的周期公式、简谐运动图像，利用双缝干涉测量光的波长的实验35.【答案】（1）三角锥形低3NH分子间存在氢键（ 2）4 s54f（ 3）小于（ 4）1SmFeAsOFxx230228116(1)19 10Axxa cN1 1,02 210,0,2【解析】（ 1）3AsH，的中心原子As的价层电子对数为(53) / 24，包括 3 对成键电子和1 对孤对电子，故其立体结构为三角锥形。3NH中 N 的电负性比3AsH中As的大得多， 故3NH易形成分子间氢键，从而使其沸点升高。（ 2）Fe的价层电子排布式为3624ds，其阳离子2Fe、3+

45、Fe的价层电子排布式分别是63d、53d，二者均首先失去4s 轨道上的电子；Sm失去 3 个电子成为3+Sm时首先失去6s 轨道上的电子， 然后失去1 个4 f轨道上的电子，故3+Sm的价层电子排布式为45f。（ 3）F与2O电子层结构相同，核电荷数越大，原子核对核外电子的吸引力越大，离子半径越小，故离子半径F0。（ 4）由晶胞结构中各原子所在位置可知，该晶胞中Sm个数为1422，Fe个数为11424，As 个数为1422，O或F个数为1182282即该晶胞中O和F的个数之和为2，F的比例为 x，2O的比例为1x，故该化合物的化学式为1SmFeAsOFxx。一个晶胞的质量为2 15056751

46、6(1)19 228116(1)19 AAxxxxgNN， 1 个晶胞的体积为232303pm10cma ca c，故密度为3230228116(1)19 g cm10Axxa cN， 原子 2 位于底面面心， 其坐标为1 1,02 2； 原子 3 位于棱上，名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 15 页，共 18 页 - - - - - - - - - 16 / 18其坐标为10,0,2。【考点】物质结构与性质知识36.【答案】（1）丙烯氟原子羟基（ 2

47、）加成反应（ 3）（或）（ 4）（ 5）（ 6）8【解析】（ 1）因 A 的分子式是36C H，且为烯烃，故其结构简式为32CH CHCH，名称是丙烯。结合B 的分子式、 C 的分子式和D 的结构简式可知B 为22CHCHCH Cl，C 为或，故C 中所含官能团为氯原子和羟基。（ 2）由 B 生成 C 的反应是22CHCHCH Cl与HOCl发生的加成反应。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 16 页，共 18 页 - - - - - - - - - 1

48、7 / 18（ 3）由已知信息可知E 为。（ 5）能发生银镜反应说明含醛基；核磁共振氢谱中三组峰的峰面积之比为321： ：，说明含 1 个甲基，故符合条件的同分异构体为、。（ 6）D 与 F 生成 G 的化学方程式为：2(2)NaCl(2)H Onn，生成1 molG 时存在1-1(2) mol765 g / 58.5g mol18 g moln，解得8n。【考点】有机化合物的结构与性质37.【答案】（1）W（ 2）乙乙菌落周围出现透明圈，说明乙菌能降解W（ 3）将甲、乙菌分别接种在无氨源培养基上，若细菌性生长，则说明该细菌能利用空气中的氮气作为氨源（ 4）缓冲装缓冲液不能降解W酶 E 与天然

49、酶降解W 的能力相近【解析】（ 1）要从土壤中分离出能降解含氮有机物W 的目标菌，所选用择培养基应以该特定物质W 为氮源。（ 2）图示信息显示，在乙菌落周围出现透明圈，说明乙菌能降解W，若要得到目标菌，应该选择乙菌进一步纯化。（ 3）若要通过设计实验确定甲、乙两种细菌能否利用空气中的氮气作为氮源。需将甲、乙菌分别接种在无氮源培养基上，若某细菌能生长，则说明该菌能利用空气中的氮气作为氨源。（ 4）实验应遵循单一变量原则，故C 处应滴加缓冲液。一段时间后，测量透明圈的直径。若C 处没有出现透明圈，说明缓冲液不能降解W；若 A、B 处形成的透明圈大小相近，说明酶E 与天然酶降解W 的能力相近。【考点

50、】土壤中目标菌的筛选等名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 17 页，共 18 页 - - - - - - - - - 18 / 18【考查能力】理解38.【答案】（1）能保持植物原有的遗传特性，繁殖速度快（ 2）有利于胚状体进行呼吸作用矿质元素糖（ 3）茎尖（ 4）培养诱导分化含目的基因的细胞愈伤组织小植株【解析】 （1）与常规的种子繁殖方法相比，植物微型繁殖技术具有能保持植物原有的遗传特性、繁殖速度快等特点。（ 2）人工种皮具有透气性，有利于胚状体进行