2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练 专题6.14 与抛体运动相关的功能问题（解析版）.doc

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1、2020年高考物理100考点最新模拟题千题精练第六部分 机械能专题6.14与抛体运动相关的功能问题一选择题1.(2018名校模拟)如图所示，质量为m的足球静止在地面1的位置，被踢出后落到地面3的位置。在空中达到最高点2的高度为h，速度为v，已知重力加速度为g。下列说法正确的是（）A. 运动员对足球做的功为mgh+mv2B. 足球落到3位置时的动能为mghC. 足球刚离开1位置时的动能大于mgh+mv2D. 足球在2位置时的机械能等于其在3位置时的动能【参考答案】C【名师解析】由轨迹分析知，足球运动的过程中必定受到空气阻力，从踢球到足球运动到2位置的过程，运用动能定理得：W-mgh-Wf=mv2

2、，得运动员对足球做的功为：W=Wf+mgh+mv2，Wf是足球克服空气阻力做的功，故A错误。从2位置到3位置，由动能定理得：Ek3-=mgh-Wf，得足球落到3位置时的动能为：Ek3=+mgh-Wf，故B错误。从1位置到2位置，由动能定理得：-Ek1=-mgh-Wf，得足球刚离开1位置时的动能为：Ek1=mgh+mv2+Wfmgh+mv2，故C正确。由于有空气阻力做负功，所以足球的机械能不断减少，所以足球在2位置时的机械能大于其在3位置时的动能，故D错误。【关键点拨】从踢球到足球运动到2位置的过程，运用动能定理列式，可求得运动员对足球做的功。由功能原理分析足球落到3位置时的动能和刚离开1位置时

3、的动能。2.（2018江苏）从地面竖直向上抛出一只小球，小球运动一段时间后落回地面忽略空气阻力，该过程中小球的动能Ek与时间t的关系图像是（ ） A.B.C.D.【参考答案】A 【名师解析】小球做竖直上抛运动时，速度v=v0-gt ， 根据动能 得 ，故图象A符合题意。3.如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上若以地面为参考平面，且不计空气阻力，则下列选项正确的是( )A.物体落到海平面时的势能为mghB.物体在最高点处的机械能为 C.物体在海平面上的机械能为 +mghD.物体在海平面上的动能为 【参考答案】B 【名师解析】以地面为零势能面，海平面低

4、于地面h，所以物体在海平面上时的重力势能为-mgh，A不符合题意；整个过程机械能守恒，即初末状态的机械能相等，以地面为零势能面，抛出时的机械能为 ，所以物体在海平面时的机械能也为 ，B符合题意，C不符合题意；由动能定理w=Ek2-Ek1 ， 有 ，D不符合题意。4.(2016湖北孝感高三模拟)质量为50 kg的某中学生参加学校运动会立定跳远项目比赛，起跳直至着地过程如简图，经实际测量得知上升的最大高度是0.8 m，在最高点的速度为3 m/s，则起跳过程该同学所做功最接近(取g10 m/s2)()A225 J B400 J C625 J D850 J【参考答案】C【名师解析】由动能关系可得，该同

5、学所做的功等于其机械能的增加量，而该同学在空中只受重力，机械能守恒，则Wmghmv2625 J，C项正确。5(2016江苏苏北四市高三联考)某踢出的足球在空中运动轨迹如图所示，足球视为质点，空气阻力不计。用v、E、Ek、P分别表示足球的速率、机械能、动能和重力的瞬时功率大小，用t表示足球在空中的运动时间，下列图象中可能正确的是()【参考答案】D【名师解析】足球做斜上抛运动，机械能守恒，重力势能先增加后减小，故动能先减小后增加，速度先减小后增加，A、B项错误；以初始位置为零势能面，踢出时竖直方向速度为vy，则EkEEpEmghEmgvytmg2t2，C项错误；速度的水平分量不变，竖直分量先减小到

6、零，后反向增加，故根据PGvy可知，重力的功率先均匀减小后均匀增加，D项正确。6.(2017广西玉林模拟)有两个物体a和b，其质量分别为ma和mb，且mamb，它们的初动能相同，若a和b分别受到不变的阻力Fa和Fb的作用，经过相同的时间停下来，它们的位移分别为sa和sb，则()A.Fasb B.FaFb，sasbC.FaFb，sasb D.FaFb，samb，所以saFb，故选项C正确。7.如图所示，小物块与水平轨道、倾斜轨道之间的动摩擦因数均相同，小物块从倾角为1的轨道上高度为h的A点由静止释放，运动至B点时速度为v1。现将倾斜轨道的倾角调至为2，仍将物块从轨道上高度为h的A点静止释放，运动

7、至B点时速度为v2。已知21，不计物块在轨道接触处的机械能损失。则()A.v1v2C.v1v2D.由于不知道1、2的具体数值，v1、v2关系无法判定【参考答案】C【名师解析】物体运动过程中摩擦力做负功，重力做正功，由动能定理可得mghmgcos mgxBDmv2，即mghmgmgxBDmv2，因为xCD，所以mghmgxBCmv2，故到达B点的速度与倾斜轨道的倾角无关，所以v1v2，故选项C正确。8.(多选)如图所示为一滑草场。某条滑道由上、下两段高均为h，与水平面倾角分别为45和37的滑道组成，滑草车与草地之间的动摩擦因数为。质量为m的载人滑草车从坡顶由静止开始自由下滑，经过上、下两段滑道后

8、，最后恰好静止于滑道的底端(不计滑草车在两段滑道交接处的能量损失，sin370.6，cos 370.8)。则()A.动摩擦因数B.载人滑草车最大速度为C.载人滑草车克服摩擦力做功为mghD.载人滑草车在下段滑道上的加速度大小为g【参考答案】AB【名师解析】对滑草车从坡顶由静止滑下，到底端静止的全过程，由动能定理得mg2hmgcos 45mgcos 370，解得，选项A正确；对经过上段滑道过程，根据动能定理得mghmgcos 45mv2，解得v，选项B正确；载人滑草车克服摩擦力做功为2mgh，选项C错误；载人滑草车在下段滑道上的加速度为ag，选项D错误。9. (2017河北衡水中学模拟)如图2所

9、示，质量为0.1 kg的小物块在粗糙水平桌面上滑行4 m后以3.0 m/s的速度飞离桌面，最终落在水平地面上，已知物块与桌面间的动摩擦因数为0.5，桌面高0.45 m，若不计空气阻力，取g10 m/s2，则()A.小物块的初速度是5 m/sB.小物块的水平射程为1.2 mC.小物块在桌面上克服摩擦力做8 J的功D.小物块落地时的动能为0.9 J【参考答案】D【名师解析】小物块在桌面上克服摩擦力做功WfmgL2 J，选项C错误；在水平桌面上滑行时，由动能定理得Wfmv2mv，解得v07 m/s，选项A错误；小物块飞离桌面后做平抛运动，有xvt、hgt2，解得x0.9 m，选项B错误；设小物块落地

10、时动能为Ek，由动能定理得mghEkmv2，解得Ek0.9 J，选项D正确。二计算题1.如图是某同学的漫画中出现的装置，描述了一个“吃货”用来做“糖炒栗子”的“萌”事儿：将板栗在地面小平台上以一定的初速度经两个四分之一圆弧衔接而成的轨道，从最高点P飞出进入炒锅内，利用来回运动使其均匀受热。用质量为m10 g的小滑块代替栗子，借这套装置来研究一物理问题。设大小两个四分之一圆弧半径为2R和R，R0.8 m，小平台和圆弧均光滑。将过锅底的纵截面看作是两个斜面AB、CD和一段光滑圆弧组成，斜面动摩擦因数均为0.25，两斜面倾角均为37，ABCD2R，A、D等高，D端固定一挡板，碰撞不损失机械能，滑块的

11、运动始终在包括锅底最低点的竖直平面内，取g10 m/s2。(已知sin 370.6，cos 370.8) (1)若滑块恰好能经P点飞出，又恰好沿AB斜面进入锅内，应调节锅底支架高度，此时斜面的A、D点离地面多高？(2)求滑块在锅内斜面上运动的总路程。【名师解析】(1)在P点，由牛顿第二定律得mgm解得vP到达A点时速度方向要沿着斜面AB方向，在A点有vyvPtan 所以A、D点离地高度为h3RR1.95 m(2)滑块到达A点的速度为v假设经过一个来回恰能回到A点，设回到A点时动能为Ek，由动能定理得mgcos 8REkmv2解得Ek0，所以滑块不会滑到A点。滑块在斜面上运动的全过程应用动能定理

12、得mg2Rsin mgcos s0mv2解得滑块在锅内斜面上运动的总路程s11.05 m答案(1)1.95 m(2)11.05 m2.如图所示，有一个可视为质点的质量m1 kg的小物块，从光滑平台上的A点以v01.8 m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道，最后小物块无碰撞地滑上紧靠轨道末端D点的足够长的水平传送带。已知传送带上表面与圆弧轨道末端切线相平，传送带沿顺时针方向匀速运行的速度为v3 m/s，小物块与传送带间的动摩擦因数0.5，圆弧轨道的半径为R2 m，C点和圆弧的圆心O点连线与竖直方向的夹角53，不计空气阻力，重力加速度g10 m

13、/s2，sin 530.8，cos 530.6。求： (1)小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；(2)小物块从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中产生的热量。【参考答案】(1)22.5 N，方向竖直向下(2)32 J【名师解析】(1)设小物块在C点的速度为vC，在C点由vC，解得vC3 m/s设小物块在D的速度为vD。从C到D，由动能定理得mgR(1cos )mvmv，解得vD5 m/s设在D点轨道对小物块的作用力为FN：FNmgm解得FN22.5 N，由牛顿第三定律，小物块对轨道的压力大小为22.5 N，方向竖直向下。(2)设小物块在传送带上的加速度为a，则mgmaag5 m/s2设小

14、物块由D点向左运动至速度为零，所用时间为t1，位移为x1，则vDat1x1t1设t1时间内传送带向右的位移为x2，则x2vt1小物块速度由零增加到与传送带速度相等的过程，所用时间为t2，t2通过的位移x3，x3t2传送带的位移为x4vt2小物块相对传送带移动的位移为xx1x2x4x3Qmgx，解得Q32 J。3.(2017浙江杭州模拟)在学校组织的趣味运动会上，某科技小组为大家提供了一个游戏。如图所示，将一质量为0.1 kg 的钢球放在O点，用弹射装置将其弹出，使其沿着光滑的半环形轨道OA和AB运动。BC段为一段长为L2.0 m的粗糙平面，DEFG为接球槽。圆弧OA和AB的半径分别为r0.2

15、m、R0.4 m,小球与BC段的动摩擦因数为0.7，C点离接球槽的高度为h1.25 m，水平距离为x0.5 m，接球槽足够大，g取10 m/s2。求：(1)要使钢球恰好不脱离半环形轨道，钢球在A点的速度大小；(2)钢球恰好不脱离轨道时，在B位置对半环形轨道的压力大小；(3)要使钢球最终能落入槽中，弹射速度v0至少多大？【参考答案】(1)2 m/s(2)6 N(3) m/s【名师解析】(1)要使钢球恰好不脱离轨道，钢球在最高点时，对钢球分析有mgm，解得vA2 m/s。(2)钢球从A到B的过程由动能定理得mg2Rmvmv，在B点有FNmgm，解得FN6 N，根据牛顿第三定律，钢球在B位置对半环形

16、轨道的压力为6 N。(3)从C到D钢球做平抛运动，要使钢球恰好能落入槽中，则xvCt，hgt2，解得vC1 m/s，假设钢球在A点的速度恰为vA2 m/s时，钢球可运动到C点，且速度为vC，从A到C有mg2RmgLmvC2mv，解得vC20，故当钢球在A点的速度恰为vA2 m/s时，钢球不可能到达C点，更不可能入槽，要使钢球最终能落入槽中，需要更大的弹射速度，才能使钢球既不脱离轨道，又能落入槽中。当钢球到达C点速度为vC时，v0有最小值，从O到C有mgRmgLmvmv，解得v0 m/s。5.如图所示，一质量m0.4 kg的滑块(可视为质点)静止于水平轨道上的A点，滑块与轨道间的动摩擦因数0.1

17、。现对滑块施加一水平外力，使其向右运动，外力的功率恒为P10 W。经过一段时间后撤去外力，滑块继续滑行至B点后水平飞出，恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆弧形轨道，轨道的最低点D处装有压力传感器，当滑块到达传感器上方时，传感器的示数为25.6 N。已知轨道AB的长度L2 m，圆弧形轨道的半径R0.5 m，半径OC和竖直方向的夹角37。(空气阻力可忽略，重力加速度g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求：(1)滑块运动到C点时速度的大小vC；(2)B、C两点的高度差h及水平距离x；(3)水平外力作用在滑块上的时间t。【参考答案】(1)5 m/s(2)0.45 m

18、1.2 m(3)0.4 s【名师解析】(1)滑块运动到D点时，由牛顿第二定律得FNmgm，滑块由C点运动到D点的过程，由机械能守恒定律得mgR(1cos )mvmv，代入数据，联立解得vC5 m/s。(2)滑块从B到C做平抛运动，在C点速度的竖直分量为vyvCsin 3 m/s，所以B、C两点的高度差为h m0.45 m，滑块由B运动到C所用的时间为t1 s0.3 s，滑块运动到B点的速度即平抛运动的初速度为vBvCcos 4 m/s，所以B、C间的水平距离xvBt140.3 m1.2 m。(3)滑块由A点运动到B点的过程，由动能定理得PtmgLmv代入数据解得t0.4 s。6.如图所示，半径

19、R0.4 m的光滑圆弧轨道BC固定在竖直平面内，轨道的上端点B和圆心O的连线与水平方向的夹角30，下端点C为轨道的最低点且与粗糙水平面相切，一根轻质弹簧的右端固定在竖直挡板上。质量m0.1 kg的小物块(可视为质点)从空中A点以v02 m/s 的速度被水平抛出，恰好从B点沿轨道切线方向进入轨道，经过C点后沿水平面向右运动至D点时，弹簧被压缩至最短，C、D两点间的水平距离L1.2 m，小物块与水平面间的动摩擦因数0.5，g取10 m/s2。求：(1)小物块经过圆弧轨道上B点时速度vB的大小；(2)小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道的压力大小；(3)弹簧的弹性势能的最大值Epm。【参考答案】(1)4

20、 m/s(2)8 N(3)0.8 J【名师解析】(1)小物块恰好从B点沿切线方向进入轨道，由几何关系有vB4 m/s(2)小物块由B点运动到C点，由机械能守恒定律有mgR(1sin )mvmv在C点处，由牛顿第二定律有FNmgm，解得FN8 N根据牛顿第三定律，小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道的压力FN大小为8 N。(3)小物块从B点运动到D点，由能量守恒定律有EpmmvmgR(1sin )mgL0.8 J。7.如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.80 m。质量为0.2 kg的滑块以v0=60m/s的初速度从A点开始滑动，滑块与平台间的动摩擦因数 =0.25。滑块滑到平台边缘的B点后水平

21、飞出。已知AB间距离s1=2.2m。滑块可视为质点，不计空气阻力。(g取10m/s2)求：（1）滑块从B点飞出时的速度大小； （2）滑块落地点到平台边缘的水平距离s2 。 （3）滑块自A点到落地点的过程中滑块的动能、势能和机械能的变化量各是多少。 【名师解析】（1）滑块从A点滑到B点的过程中，克服摩擦力做功，由动能定理-fS1= 其中滑动摩擦力 f=mg 由两式联立，将v0=6.0m/s，s1=2.2m，=0.25带入可得v=5.0m/s故滑块从B点飞出时的速度大小为5.0m/s（2）滑块离开B点后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动h= 水平方向做匀速直线运动S2=vt 由两式联立，将h=0.

22、80m，g=10m/s2带入，可得s2=2.0m即滑块落地点到平台边缘的水平距离s2为2.0m（3）落地时的动能E2= =4.1J滑块在A点的初动能为 3.6J由A到落地点滑块的动能增加了EK=E2-E1=0.5J重力势能减小量为Ep=mgh=1.6J机械能的减小量E=mgS1=1.1J即滑块自A点到落地点的过程中滑块的动能增加0.5J、势能减小1.6J、机械能减小1.1J 8(2018西昌模拟)如图所示,足够长的斜面与水平面夹角为37,斜面上有一质量M=3 kg的长木板,斜面底端挡板高度与木板厚度相同。m=1 kg的小物块从空中某点以v0=3 m/s水平抛出,抛出同时木板由静止释放,小物块下

23、降h=0.8 m掉在木板前端,碰撞时间极短可忽略不计,碰后瞬间物块垂直斜面分速度立即变为零。碰后两者向下运动,小物块恰好在木板与挡板碰撞时在挡板处离开木板。已知木板与斜面间动摩擦因数=0.5,木板上表面光滑,木板与挡板每次碰撞均无能量损失,g取10 m/s2,求:(1)碰前瞬间小物块速度大小和方向。(2)木板至少多长小物块才没有从木板后端离开木板。(3)木板从开始运动到最后停在斜面底端的整个过程中通过路程多大。【参考答案】(1)5 m/s方向与斜面垂直(2)0.06 m(3)0.555 m【名师解析】(1)小物块平抛,由动能定理得:mgh=m-m代入数据解得:vt=5 m/ssin=解得:=3

24、7,即速度方向与斜面垂直(2)小物块平抛,则:h=g木板下滑,由牛顿第二定律得:Mgsin-Mgcos=Mav=at1解得:a=2 m/s2,t1=0.4 s,v=0.8 m/s小物块掉到木板上后速度变为0,然后向下运动,直到与木板速度相同过程:小物块:mgsin=ma1木板:Mgsin-(M+m)gcos=Ma2速度相同时:a1t=v+a2t解得:a1=6 m/s2,a2= m/s2,t=0.15 sLmin=vt+a2t2-a1t2=0.06 m(3)小物块平抛过程木板下移:x1=vt1=0.16 m两者相碰到小物块离开:x2=a1=vt2+a2代入数据解得:t2=0.3 s,x2=0.2

25、7 m此时木板速度:v2=v+a2t2=1 m/s木板与挡板碰后全程生热:Q=Mgcoss=M代入数据解得:s=0.125 m可见木板在斜面上通过路程:s总=x1+x2+s=0.555 m9、某实验小组做了如下实验，装置如图甲所示。竖直平面内的光滑轨道由倾角为的斜面轨道AB和圆弧轨道BCD组成，使质量m0.1 kg的小球从轨道AB上高H处的某点由静止滑下，用压力传感器测出小球经过圆弧最高点D时对轨道的压力F，改变H的大小，可测出相应的F大小，F随H的变化关系如图乙所示。取g10 m/s2，求：(1)圆轨道的半径R；(2)若小球从D点水平飞出后又落到斜面上，其中最低的位置与圆心O等高，求的值。【名师解析】：(1)小球经过D点时，满足竖直方向的合力提供圆周运动的向心力，即：Fmgm从A到D的过程中只有重力做功，根据动能定理有：mg(H2R)mv2联立解得：FmmgmgH5mg由题中给出的FH图像知斜率k N/m10 N/m即10 N/m所以可得R0.2 m。(2)小球离开D点做平抛运动，根据几何关系知，小球落地点越低平抛的射程越小，即题设中小球落地