2022年知识点一导数与函数的单调性 2.pdf

《2022年知识点一导数与函数的单调性 2.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022年知识点一导数与函数的单调性 2.pdf（7页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、1.函数的单调性：在某个区间（a,b）内，如果( )0fx，那么函数( )yf x在这个区间内单调递增；如果( )0fx，那么函数( )yfx在这个区间内单调递减.如果( )0fx，那么函数( )yf x在这个区间上是常数函数. 注：函数( )yf x在（ a,b）内单调递增，则( )0fx，( )0fx是( )yf x在（ a,b）内单调递增的充分不必要条件. 2.函数的极值：曲线在极值点处切线的斜率为0，并且，曲线在极大值点左侧切线的斜率为正，右侧为负；曲线在极小值点左侧切线的斜率为负，右侧为正一般地，当函数( )yf x在点0 x处连续时，判断0()f x是极大（小）值的方法是：（1）如

2、果在0 x附近的左侧( )0fx，右侧( )0fx，那么0()f x是极大值（2）如果在0 x附近的左侧( )0fx，右侧( )0fx，那么0()f x是极小值注：导数为0 的点不一定是极值点知识点一：导数与函数的单调性方法归纳：在某个区间（a,b）内，如果( )0fx，那么函数( )yf x在这个区间内单调递增；如果( )0fx，那么函数( )yf x在这个区间内单调递减.如果( )0fx，那么函数( )yf x在这个区间上是常数函数. 注：函数( )yf x在（ a,b）内单调递增，则( )0fx，( )0fx是( )yf x在（ a,b）内单调递增的充分不必要条件. 例 1】（ B 类）

3、已知函数32( )f xxbxcxd的图象过点(0, 2)P，且在点( 1,( 1)Mf处的切线方程为076yx. （）求函数)(xfy的解析式；（）求函数)(xfy的单调区间 . 【解题思路】注意切点既在切线上，又原曲线上.函数( )f x在区间 , a b上递增可得：( )0fx；函数( )f x在区间 , a b上递减可得：( )0fx. 【例 2】（ A 类）若3( )f xaxx在区间 1,1上单调递增，求a的取值范围 . 【解题思路】利用函数( )f x在区间 , a b上递增可得：( )0fx；函数( )fx在区间 , a b上递减可得：( )0fx.得出恒成立的条件,再利用处理

4、不等式恒成立的方法获解【例 3】（ B 类）已知函数( )lnfxx,( )(0)ag xax,设( )( )( )F xf xg x（）求函数( )F x的单调区间；（）若以函数( )(0,3)yF xx图像上任意一点00(,)P xy为切点的切线的斜率12k恒成立，精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 7 页求实数a的最小值【课堂练习】1. （ B ）已 知 函 数32( )fxaxbx的 图 像 经 过 点(1,4)M， 曲 线 在 点M处 的 切 线 恰 好 与 直 线90 xy垂直 . （）求实数,a b的值；（）若

5、函数( )f x在区间,1m m上单调递增，求m的取值范围 . 2（ B 类）设函数),(2131)(22Rbabxaxxxg，在其图象上一点P（ x，y）处的切线的斜率记为).(xf（ 1）若方程)(, 420)(xfxf求和有两个实根分别为的表达式；（ 2）若22, 3, 1)(baxg求上是单调递减函数在区间的最小值3.（ A 类）已知函数21( )ln(1)2f xxmxmx，mR当0m时，讨论函数( )f x的单调性. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 7 页例一 解析】（）由)(xf的图象经过(0, 2)P，知

6、2d，所以32( )2f xxbxcx. 所以2( )32fxxbxc. 由在( 1,( 1)Mf处的切线方程是670 xy，知6( 1)70f，即( 1)1f，( 1)6f . 所以326,121.bcbc即23,0.bcbc解得3bc. 故所求的解析式是32( )332f xxxx. （）因为2( )363fxxx，令23630 xx，即2210 xx，解得112x，212x. 当12x或12x时，( )0fx，当1212x时，( )0fx，故32( )332f xxxx在(,12内 是 增 函 数 ， 在12,12内 是 减 函 数 ， 在12,)内是增函数 . 例二【解析】2( )31

7、fxaxQ又( )f x在区间 1,1上单调递增2( )310fxax在1,1上恒成立即213ax在x1,1时恒成立 . 13a故a的取值范围为1,3例三解析】（I）ln0aFxfxg xxxx，2210axaFxxxxx0a，由0,Fxxa，F x在,a上单调递增 . 由00,Fxxa，F x在0,a上单调递减 . F x的单调递减区间为0,a，单调递增区间为, a. （II）203xaFxxx，002003xakFxxx恒成立200max12axx当01x时，20012xx取得最大值12. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页

8、，共 7 页12a， amin=12课堂练习；1，【解析】（）32( )f xaxbx的图象经过点(1,4)M4ab2( )32fxaxbx，(1)32fab由已知条件知1(1) ()19f即329ab解4329abab得：13ab（）由（）知32( )3f xxx，2( )36fxxx令2( )360fxxx则2x或0 x函数( )f x在区间,1m m上单调递增,1(, 20,)m mU0m或12m即0m或3m2，解析】（ 1）根据导数的几何意义知baxxxgxf2)()(由已知 -2、4 是方程02baxx的两个实根由韦达定理，82)(,8242422xxxfbaba（ 2）)(xg在区

9、间 1，3上是单调递减函数，所以在1，3区间上恒有,931931,0)3(0)1(3 ,10)(,0)()(2222方内的点到原点距离的平可视为平面区域而也即即可这只需满足恒成立在即abbabaabbaffbaxxxfbaxxxgxf其中点（ 2，3）距离原点最近，所以当22,32baba时有最小值13 3，【解析】2(1)(1)()( )(1)mxmxmxxmfxxmxxx，（ 1）当10m时，若0,( )0,( )xmfxf x时为增函数；,1,( )0,( )xmfxf x时为减函数；1,( )0,( )xfxf x时为增函数（2）当1m时，0,1,( )0,( )xfxf x时为增函数

10、；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 7 页1,( )0,( )xmfxf x时为减函数；,( )0,( )xmfxf x时为增函数知识点二 : 导数与函数的极值最值方法归纳：1.求函数的极值的步骤: (1)确定函数的定义域，求导数( )fx.(2)求方程( )0fx的根 .(3)用函数的导数为0 的点，顺次将函数的定义域分成若干小开区间，并列成表格.检查( )fx在方程根左右的值的符号，如果左正右负，那么)(xf在这个根处取得极大值；如果左负右正，那么)(xf在这个根处取得极小值；如果左右不改变符号，那么)(xf在这个根处

11、无极值.2.求函数在 , a b上最值的步骤：（1）求出( )f x在( , )a b上的极值 . （2）求出端点函数值( ),( )f af b. （3）比较极值和端点值，确定最大值或最小值. 注:可导函数( )yf x在0 xx处取得极值是0()0fx的充分不必要条件. 【例 4】（ A 类）若函数1( )cossin 22fxmxx在4x处取得极值 ,则m. 【解题思路】若在0 x附近的左侧( )0fx，右侧( )0fx，且0()0fx,那么0()f x是( )f x的极大值；若在0 x附近的左侧( )0fx，右侧( )0fx，且0()0fx,那么0()f x是( )f x的极小值 .

12、【解析】因为( )f x可导 ,且( )sincos2fxmxx,所以()sincos0442fm,解得0m. 验证当0m时 , 函数1( )sin22f xx在4x处取得极大值. 【注】若( )fx是可导函数，注意0()0fx是0 x为函数( )f x极值点的必要条件.要确定极值点还需在0 x左右判断单调性. 例 5】（ B 类）已知函数xf xxk e，（I）求fx的单调区间；（II）求fx在区间0,1上的最小值 . 【解析】（I）/( )(1)xfxxke，令/( )01fxxk；所以fx在(,1)k上递减，在(1,)k上递增；（II ）当10,1kk即时，函数f x在区间0,1上递增，

13、所以min( )(0)f xfk；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 7 页当011k即12k时，由（ I）知，函数f x在区间0,1k上递减，(1,1k上递增，所以1min( )(1)kf xf ke； 当11,2kk即时 ， 函 数fx在 区 间0,1上 递 减 ， 所 以min( )(1)(1)fxfk e. 【例 6】（ B 类）设1,2xx是lnfxaxbxx函数的两个极值点. （1）试确定常数a 和 b 的值；（2）试判断1,2xx是函数fx的极大值点还是极小值点，并求相应极值. 【解析】（ 1）21,afxbx

14、x由已知得：210101204102abffab2316ab（2）x变化时 .( ),( )fxf x的变化情况如表：x（0，1）1 （ 1，2）2 fx，0 + 0 fx极小值极大值故在1x处，函数fx取极小值56 ；在2x处，函数fx取得极大值42ln 2334.（ A 类）设axxxxf22131)(23.若)(xf在),32(上存在单调递增区间，求a的取值范围 . 5.（ B 类）设( )lnf xx，( )( )( )g xf xfx（1）求( )g x的单调区间和最小值；（2）讨论( )g x与1()gx的大小关系；6.（ C 类）已知函数32( )3(36 )124()f xxa

15、xa xaaR()证明：曲线( )0yfxx在(2,2)的切线过点；. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 7 页课堂练习； 4，【解析】)(xf在),32(上存在单调递增区间，即存在某个子区间),32(),(nm使得0)(xf. 由axaxxxf241)21(2)(22，)(xf在区间),32上单调递减，则只需0)32(f即可 . 由0292)32(af解得91a，所以，当91a时，)(xf在),32(上存在单调递增区间5，解】（ 1）由题设知1( )ln,( )lnf xx g xxx，21( ),xg xx令( )gx

16、0 得x=1，当x（ 0，1）时，( )gx0，( )g x是减函数，故（0，1）是( )g x的单调减区间. 当x（ 1，+）时，( )gx0，( )g x是增函数，故（1，+）是( )g x的单调递增区间，因此，x=1 是( )g x的唯一极值点，且为极小值点，从而是最小值点，所以( )g x的最小值为(1)1.g(2)1()lngxxx，设11( )( )()lnh xg xgxxxx，则22(1)( )xh xx，当1x时，(1)0h，即1( )()g xgx，当(0,1)(1,)x时，( )0h x，因此，( )h x在(0,)内单调递减，当01x时，( )(1)0h xh，即1( )().g xgx6，【解析】 () 2( )36(36 )fxxaxa，(0)36fa，又(0)124fa曲线( )0yf xx在的切线方程是：(124)(36 )yaa x，在上式中令2x，得2y. 所以曲线( )0yf xx在(2,2)的切线过点；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 7 页