2021版新高考地区选考化学(人教版)一轮复习教师用书:课题22 电解池 金属腐蚀与防护 .doc
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1、课题22电解池金属腐蚀与防护学习任务1电解原理一、电解和电解池1电解:在电流作用下,电解质在两个电极上分别发生氧化反应和还原反应的过程。2电解池:将电能转化为化学能的装置。3电解池的构成(1)有与电源相连的两个电极。(2)电解质溶液(或熔融电解质)。(3)形成闭合回路。二、电解池的工作原理电子和离子的移动方向(1)电子:从电源的负极流出后,流向电解池的阴极;从电解池的阳极流出后流向电源的正极。(2)离子:阳离子移向电解池的阴极,阴离子移向电解池的阳极。三、阴、阳极的判断及电极反应式的书写步骤1阴、阳极的判断(1)根据外接电源的正、负极判断电源正极连接阳极,电源负极连接阴极。(2)根据电极产物判
2、断电极溶解、逸出O2(或电极区变酸性)或逸出Cl2的一极为阳极;析出金属或逸出H2(或电极区变碱性)的一极为阴极。2电极反应式的书写步骤(1)分析电解质水溶液的组成:找全离子并分阴、阳两组(不要忘记水溶液中的H和OH)。(2)排出阴、阳两极的放电顺序阳极活性电极:金属做阳极(Pt、Au除外),金属本身被电解;惰性电极(Pt、Au、石墨等):还原性强的离子先放电,放电顺序为S2IBrClOH含氧酸根离子。阴极(放电顺序与电极材料无关)氧化性强的离子先放电,放电顺序为AgFe3Cu2H(酸中)Fe2Zn2H(水中)。(1)阴极不管是什么材料,电极本身都不反应,一定是溶液(或熔融电解质)中的阳离子放
3、电。(2)最常用、最重要的放电顺序为阳极:ClOH;阴极:AgCu2H。(3)电解水溶液时,KAl3不可能在阴极放电,即不可能用电解水溶液的方法得到K、Ca、Na、Mg、Al等金属。(3)写出两极电极反应式阳极:活性电极失去电子生成相应的金属阳离子;溶液中的阴离子失去电子生成相应的单质或高价态化合物。阴极:溶液中的阳离子得到电子生成相应的单质或低价态化合物。(4)写出电解总反应式在两极转移电子数目相同的前提下,两极反应式相加即可得总反应方程式。活泼阳极失电子后得到的离子可能会与电解质溶液中的离子继续发生复杂的反应,因此最终的氧化产物一般需要根据题目中的信息确定。例如,铁做阳极时,其氧化产物可能
4、是Fe2、Fe(OH)2或FeO等。四、用惰性电极电解电解质溶液的规律类型实例电极反应式和总反应式溶液pH变化溶液复原方法电解水型含氧酸H2SO4阳极:4OH4e=2H2OO2阴极:4H4e=2H2总反应:2H2O2H2O2减小加水强碱NaOH增大活泼金属的含氧酸盐KNO3不变电解电解质型无氧酸(氢氟酸除外)HCl阳极:2Cl2e=Cl2阴极:2H2e=H2总反应:2HClH2Cl2增大通入HCl气体不活泼金属的无氧酸盐CuCl2阳极:2Cl2e=Cl2阴极:Cu22e=Cu总反应:CuCl2CuCl2加CuCl2固体放氢生碱型活泼金属的无氧酸盐NaCl阳极:2Cl2e=Cl2阴极:2H2e=
5、H2总反应:2NaCl2H2OH2Cl22NaOH增大通入HCl气体放氧生酸型不活泼金属的含氧酸盐AgNO3阳极:4OH4e=2H2OO2阴极:4Ag4e=4Ag总反应:4AgNO32H2O4AgO24HNO3减小加入Ag2O固体电解质溶液的复原若要使电解后的溶液恢复到原状态,应遵循“出什么加什么”(即一般加入阴极产物与阳极产物形成的化合物)的原则。如用惰性电极电解盐酸(足量)一段时间后,若要使溶液复原,应通入HCl气体而不能加入盐酸。1判断正误(正确的打“”,错误的打“”)。(1)电解质溶液的导电过程就是电解质溶液被电解的过程。()(2)某些不能自发进行的氧化还原反应,通过电解可以实现。()
6、(3)电解池中,电子从电源的负极流向电解池的阳极。()(4)电解稀硫酸制H2、O2时,可用不活泼的铜做阳极。()(5)电解CuCl2溶液,阴极逸出的气体能使湿润的淀粉碘化钾试纸变蓝色。()(6)电解盐酸、硫酸等溶液,H放电,溶液的pH均增大。()(7)电解KNO3溶液时,随着电解的进行,溶液的pH逐渐减小。()答案:(1)(2)(3)(4)(5)(6)(7)22019高考全国卷,28(4)在传统的电解氯化氢回收氯气技术的基础上,科学家最近采用碳基电极材料设计了一种新的工艺方案,主要包括电化学过程和化学过程,如下图所示:负极区发生的反应有_(写反应方程式)。电路中转移1 mol电子,需消耗氧气_
7、L(标准状况)。解析:负极区发生还原反应Fe3e=Fe2,生成的二价铁又被氧气氧化成三价铁,发生反应4Fe2O24H=4Fe32H2O,由反应可知电路中转移4 mol电子消耗1 mol O2,则转移1 mol电子消耗 mol氧气,其在标准状况下的体积为 mol22.4 Lmol15.6 L。答案:Fe3e=Fe2、4Fe2O24H=4Fe32H2O5.6电解规律及电极产物的判断变化观念1(经典题)用石墨做电极,电解稀Na2SO4溶液的装置如图所示,通电后在石墨电极A和B附近分别滴加一滴石蕊溶液。下列有关叙述正确的是()A相同条件下,逸出气体的体积:A电极B电极B一电极逸出无味气体,另一电极逸出
8、有刺激性气味气体CA电极附近呈红色,B电极附近呈蓝色D电解一段时间后,将全部电解液转移到同一烧杯中,充分搅拌后溶液呈中性解析:选D。SO、OH移向B电极,在B电极上OH放电产生O2,B电极附近c(H)c(OH),石蕊溶液变红,Na、H移向A电极,在A电极上H放电产生H2,A电极附近c(OH)c(H),石蕊溶液变蓝,C项错误;相同条件下,A电极产生的气体体积大于B电极,A项错误;两种气体均为无色无味的气体,B项错误;用惰性电极电解Na2SO4溶液的实质是电解水,电解后的溶液全部转移到同一烧杯中,充分搅拌后,溶质仍为Na2SO4,溶液呈中性,D项正确。2(双选)(改编题)如图所示,在一定电压下用惰
9、性电极电解由等物质的量浓度的FeCl2、HCl组成的混合溶液。已知在此电压下,阴、阳离子根据放电顺序都可能在阳极放电,下列分析正确的是()AC1电极上的电极反应式为2H2e=H2BC1电极处溶液首先变棕黄色CC2电极上可依次发生的电极反应为Fe2e=Fe3、2Cl2e=Cl2D当C1电极上有2 g物质生成时,就会有2NA个电子通过溶液发生转移解析:选AC。C1电极与电源的负极相连,做阴极,溶液中的H在阴极放电,电极反应式为2H2e=H2,A正确;C1电极上H放电生成H2,C2电极与电源的正极相连,做阳极,Fe2的还原性强于Cl,则依次发生的电极反应为Fe2e=Fe3、2Cl2e=Cl2,故C2
10、电极处溶液首先变棕黄色,B错误,C正确;电子只能通过导线传递,不能通过溶液传递,D错误。3若用惰性电极电解CuSO4溶液一段时间后,需加入98 g Cu(OH)2固体,才能使电解质溶液复原,则这段时间,整个电路中转移的电子数为_。解析:方法一:98 g Cu(OH)2的物质的量为1 mol,相当于电解了1 mol CuSO4后,又电解了1 mol水,所以转移的电子数为2NA2NA4NA。方法二:可以认为整个电路中转移的电子数与Cu(OH)2中的O2失电子数相等,共4NA。答案:4NA电解池中电极反应式和电解总反应式的书写证据推理与模型认知4按要求书写电极反应式和总反应方程式。(1)用惰性电极电
11、解MgCl2溶液阳极反应式:_;阴极反应式:_;总反应离子方程式:_。(2)用Al做电极电解NaOH溶液阳极反应式:_;阴极反应式:_;总反应离子方程式:_。(3)以铝材为阳极,电解H2SO4溶液,铝材表面形成氧化膜阳极反应式:_;阴极反应式:_;总反应离子方程式:_。答案:(1)2Cl2e=Cl2Mg22H2O2e=H2Mg(OH)2Mg22Cl2H2OMg(OH)2Cl2H2(2)2Al6e8OH=2AlO4H2O6H2O6e=3H26OH2Al2H2O2OH2AlO3H2(3)2Al6e3H2O=Al2O36H6H6e=3H22Al3H2OAl2O33H25整合有效信息书写电极反应式或总
12、反应式。(1)硫化氢的转化是资源利用和环境保护的重要研究课题。由硫化氢获得硫单质有多种方法。将用烧碱吸收H2S后所得的溶液加入如图所示的电解池的阳极区进行电解。电解过程中阳极区发生如下反应:S22e=S;(n1)SS2=S。写出电解时阴极的电极反应式:_。电解后阳极区的溶液用稀硫酸酸化得到硫单质,其离子方程式为_。(2)电解NO制备NH4NO3,其工作原理如图所示,为使电解产物全部转化为NH4NO3,需补充物质A,A是_,说明理由:_。(3)2019高考全国卷,27(4)环戊二烯()可用于制备二茂铁Fe(C5H5)2,结构简式为,后者广泛应用于航天、化工等领域中。二茂铁的电化学制备原理如下图所
13、示,其中电解液为溶解有溴化钠(电解质)和环戊二烯的DMF溶液(DMF为惰性有机溶剂)。该电解池的阳极为_,总反应为_。电解制备需要在无水条件下进行,原因为_。解析:(1)电解时,阴极区溶液中的阳离子放电,即水溶液中的H放电生成H2。由题给反应可知,阳极区生成了S,加入稀硫酸生成S单质和H2S气体。(2)根据电解NO制备NH4NO3的工作原理示意图可知,阴极反应式为3NO15e18H=3NH3H2O,阳极反应式为5NO15e10H2O=5NO20H,总反应式为8NO7H2O3NH4NO32HNO3,为了使电解产生的HNO3全部转化为NH4NO3,应补充NH3。(3)结合图示电解原理可知,Fe电极
14、发生氧化反应,为阳极;在阴极上有H2生成,故电解时的总反应为Fe2=H2或Fe2C5H6=Fe(C5H5)2H2。结合相关反应可知,电解制备需要在无水条件下进行,否则水会阻碍中间产物Na的生成;水会电解生成OH,进一步与Fe2反应生成Fe(OH)2,从而阻碍二茂铁的生成。答案:(1)2H2O2e=H22OHS2H=(n1)SH2S(2)NH3根据总反应:8NO7H2O3NH4NO32HNO3可知,电解产生HNO3,故应补充NH3使其转化为NH4NO3(3)Fe电极Fe2=H2或Fe2C5H6=Fe(C5H5)2H2水会阻碍中间产物Na的生成;水会电解生成OH,进一步与Fe2反应生成Fe(OH)
15、2电化学的计算证据推理与模型认知6(电解的基本计算)两个惰性电极插入500 mL AgNO3溶液中,通电电解。当电解液的pH从6.0变为3.0时(设电解过程中阴极没有H2放出,且电解液在电解前后体积变化可以忽略不计),电极上析出银的质量最大为()A27 mg B54 mgC106 mg D216 mg解析:选B。两极反应:阳极2H2O4e=O24H;阴极4Ag4e=4Ag,电解的总反应式为4AgNO32H2O4AgO24HNO3。由电解的总反应式可知,电解过程中生成的n(Ag)n(HNO3)n(H)(103 molL1106 molL1)0.5 L5104 mol,m(Ag)5104 mol1
16、08 gmol10.054 g54 mg。7(双选)(电解的分阶段计算)500 mL KNO3和Cu(NO3)2的混合溶液中c(NO)0.6 molL1,用石墨做电极电解此溶液,当通电一段时间后,两极均收集到2.24 L气体(标准状况下),假定电解后溶液体积仍为500 mL,下列说法正确的是()A原混合溶液中c(K)为0.2 molL1B上述电解过程中共转移0.4 mol电子C电解得到的Cu的物质的量为0.05 molD电解后溶液中c(H)为0.2 molL1解析:选AB。用石墨做电极电解KNO3和Cu(NO3)2的混合溶液,阳极反应式为2H2O4e=O24H,阴极先后发生两个反应:Cu22e
17、=Cu,2H2e=H2。从阳极收集到O2的体积为2.24 L可推知上述电解过程中共转移0.4 mol 电子,而阴极在生成2.24 L H2的过程中转移0.2 mol电子,所以Cu2共得到0.4 mol0.2 mol0.2 mol电子,则电解前Cu2的物质的量和电解得到的Cu的物质的量都为0.1 mol。电解前后分别有以下守恒关系:c(K)2c(Cu2)c(NO),c(K)c(H)c(NO),则电解前c(K)0.2 molL1,电解后c(H)0.4 molL1。8(原电池与电解池串联)某同学组装了如图所示的电化学装置,电极为Al,其他均为Cu,则下列说法正确的是()A电流方向:电极 电极B电极发
18、生还原反应C电极逐渐溶解D电路中每转移0.2 mol电子,电极上析出6.4 g Cu解析:选A。当多个池串联时,两电极材料活泼性相差大的为原电池,其他池为电解池,由此可知,图示中甲、乙组成原电池,电极为负极,电极为正极;丙为电解池,电极为阳极,电极为阴极。A.电子移动方向:电极 电极,电流方向与电子移动方向相反,A正确。B.原电池负极在工作中失去电子,被氧化,发生氧化反应,B错误。C.原电池正极得电子,铜离子在电极上得电子,生成铜单质,该电极质量逐渐增大,C错误。D.电解池中阳极为活性电极时,电极本身失电子,形成离子进入溶液中,电极为电解池的阳极,其电极反应式为Cu2e=Cu2,不会析出Cu,
19、D错误。9(电解池间串联)(2020承德高三质检)如图装置所示,C、D、E、F、X、Y都是惰性电极,甲、乙中溶液的体积和浓度都相同(假设通电前后溶液体积不变),A、B为外接直流电源的两极。将直流电源接通后,F极附近呈红色。请回答:(1)B极是电源的_,一段时间后,甲中溶液颜色_;丁中X极附近的颜色变浅,Y极附近的颜色变深,这表明_,在电场作用下向Y极移动。(2)若甲、乙装置中的C、D、E、F电极均只有一种单质生成时,对应单质的物质的量之比为_。(3)现用丙装置给铜件镀银,则H应该是_(填“镀层金属”或“镀件”),电镀液是_溶液。当乙装置中溶液的pH是13时(此时乙装置中溶液体积为500 mL)
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