2019版高中物理二轮专题复习教师用书：专题七 第18讲 振动与波动、光 Word版含答案.docx

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1、第18讲振动与波动、光主干体系知识核心再现及学科素养1.振动和波(1)振动的周期性、对称性：xAsin t.(2)波的产生和传播：v.2.光的折射和全反射(1)折射定律：光从真空进入介质时：n.(2)全反射条件：光从光密介质射入光疏介质；入射角等于或大于临界角C，sin C.3.波的干涉、衍射等现象(1)干涉、衍射是波特有的现象干涉条件：频率相同、相位差恒定，振动方向相同；明显衍射条件：d.(2)明条纹(振动加强区)：rk；暗条纹(振动减弱区)：r.(k0,1,2,3，)(3)光的干涉条纹特点：明暗相间，条纹间距x.1(2018高考全国卷，34)(1)如图ABC为一玻璃三棱镜的横截面，A30.

2、一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出，其折射角为60，则玻璃对红光的折射率为_若改用蓝光沿同一路径入射，则光线在D点射出时的折射角_(填“小于”“等于”或“大于”)60. (2)一列简谐横波在ts时的波形图如图(a)所示，P、Q是介质中的两个质点图(b)是质点Q的振动图像求()波速及波的传播方向；()质点Q的平衡位置的x坐标解析(1)根据光路的可逆性，在AC面，入射角为60时，折射角为30.根据光的折射定律有m.玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，沿同一路径入射时，r角仍为30不变，对应的i角变大因折射角大于60.(2)()由图(a)可以看出，该波的波长为36 cm由图(b)可以看出

3、，周期为T2 s波还为v18 cm/s由图(b)知，当ts时，Q点向上运动，结合图(a)可得，波沿x轴负方向传播()设质点P、Q平衡位置的x坐标分别为xp、xQ.由图(a)知，x0处yAsin(30)，因此x3 cm由图(b)知，在t0地Q点处于平衡位置，经ts，其振动状态x轴负方向传播至P点处，由此及式有xQxPvt6 cm由式得，质点Q的位移位置的x坐标为xQ9 cm答案(1)大于(2)()18 cm/s沿x轴负方向传播()9 cm2(2018高考全国卷，34)(1)声波在空气中的传播速度为340 m/s，在钢铁中的传播速度为4 900 m/s.一平直桥由钢铁制成，某同学用锤子敲击一下桥的

4、一端发出声音，分别经空气和桥传到另一端的时间之差为1.00 s桥的长度为_m若该声波在空气中的波长为，则它在钢铁中的波长为的_倍(2)如图，ABC是一直角三棱镜的横截面，A90，B60.一细光束从BC边的D点折射后，射到AC边的E点，发生全反射后经AB边的F点射出EG垂直于AC交BC于G，D恰好是CG的中点不计多次反射()求出射光相对于D点的入射光的偏角；()为实现上述光路，棱镜折射率的取值应在什么范围？命题点(1)声波的波速、传播时间与传播距离的关系及vf的应用；(2)光路分析，反射定律、折射定律及全反射解析(1)设声波在钢铁中的传播时间为t，由Lvt知，340(t1.00)4 900t，解

5、得ts，代入Lvt中解得桥长L365 m声波在传播过程中频率不变，根据vf知，声波在钢铁中的波长.(2)()光线在BC面上折射，由折射定律有sin i1nsin r1式中，n为棱镜的折射率，i1和r1分别是该光线在BC面上的入射角和折射角光线在AC面上发生全反射，由反射定律有i2r2式中i2和r2分别是该光线在AC面上的入射角和反射角光线在AB面上发生折射，由折射定律有nsin i3sin r3式中i3和r3分别是该光线在AB面上的入射角和折射角由几何关系得i2r260，r1i330F点的出射光相对于D点的入射光的偏角为(r1i1)(180i2r2)(r3i3)由式得60()光线在AC面上发生

6、全反射，光线在AB面上不发生全反射，有nsin i2nsin Csin i3式中C是全反射临界角，满足nsin C1由式知，棱镜的折射率n的取值范围应为n0.20 s下列说法正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A波速为0.40 m/sB波长为0.08 mCx0.08 m的质点在t0.70 s时位于波谷Dx0.08 m的质点在t0.12 s时位于波谷E若此波传入另一介质中其波速变为0.80 m/s，则它在该介质中的波长为0.32 m(2)如图，某同学在一张水平放置的白纸上画了一个小标记“”(图中O点)，然后用横截面为等边三角形

7、ABC的三棱镜压在这个标记上，小标记位于AC边上D位于AB边上，过D点做AC边的垂线交AC于F.该同学在D点正上方向下顺着直线DF的方向观察，恰好可以看到小标记的像；记O点做AB边的垂线交直线DF于E；DE2 cm，EF1 cm.求三棱镜的折射率(不考虑光线在三棱镜中的反射)解析(1)A对：因周期T0.20 s，故波在t0.20 s内传播的距离小于波长，由yx图像可知传播距离x0.08 m，故波速v0.40 m/s.B错：由yx图像可知波长0.16 mC对、D错：由v得，波的周期T0.4 s，根据振动与波动的关系知t0时，x0.08 m的质点沿y方向振动，t0.7 s1T，故此时该质点位于波谷

8、；因为T0.12 s0.5 s，故式中n0，即T0.5 s，Ts，频率为1.5 Hz，波速为v6 m/s，B、C正确；根据波传播方向与振动方向的关系知，t1 sT，x1 m处的质点振动到波谷位置，D错；同理t2 s3T，x2 m处的质点从平衡位置向上运动，故E正确13.(多选)右图为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法正确的是()A甲、乙两单摆的摆长相等B甲摆的振幅比乙摆大C甲摆的机械能比乙摆大D在t0.5 s时有正向最大加速度的是乙摆E由图象可以求出当地的重力加速度ABD由题图看出，两单摆的周期相同，同一地点g相同，由单摆的周期公式T2知，甲、乙两单摆的摆长l相等，故A正确；甲摆的振幅

9、为10 cm，乙摆的振幅为7 cm，则甲摆的振幅比乙摆大，故B正确；尽管甲摆的振幅比乙摆大，两摆的摆长相等，但由于两摆的质量未知，无法比较机械能的大小，故C错误；在t0.5 s时，甲摆经过平衡位置，振动的加速度为零，而乙摆的位移为负的最大，则乙摆具有正向最大加速度，故D正确；由单摆的周期公式T2得g，由于单摆的摆长不知道，所以不能求得重力加速度，故E错误14.(2018河北石家庄3月调研，34(1)(多选)如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x2 m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图象下列说法正确的是_(填正确答案标号)A这列波的传播方向是沿x轴正方向B这列波的传播速度是20

10、 m/sC经过0.15 s，质点P沿x轴的正方向前进了3 mD经过0.1 s，质点Q的运动方向沿y轴正方向E经过0.35 s，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离ABE由甲、乙两图可知，该波向x轴正方向传播，A正确；由图甲知波长4 m，由图乙知周期T0.2 s，则波速vm/s20 m/s，B正确；质点不随波迁移，只在其平衡位置附近振动，C错；经过0.1 sT，质点Q的运动方向沿y轴负方向，D错；经过0.35 s1T，质点P到达波峰，而质点Q在波谷与平衡位置之间，故E正确归纳反思1解波动图象与振动图象综合问题的基本方法求解波动图象与振动图象综合类问题可采用“一分、一看、一找”的方法：

11、(1)分清振动图象与波动图象，此问题最简单，只要看清横坐标即可，横坐标为x则为波动图象，横坐标为t则为振动图象(2)看清横、纵坐标的单位，尤其要注意单位前的数量级(3)找准波动图象对应的时刻及振动图象对应的质点，灵活应用“波振法则”2波的多解问题的分析思路高频考点二光的折射与全反射备考策略1折射率光从真空射入某种介质，入射角的正弦与折射角的正弦之比叫做介质的折射率，公式为n.实验和研究证明，某种介质的折射率等于光在真空中的传播速度c跟光在这种介质中的传播速度v之比，即n.2临界角折射角等于90时的入射角，称为临界角当光从入射率为n的某种介质射向真空(空气)时发生全反射的临界角为C，则sin C

12、.3全反射的条件(1)光从光密介质射向疏介质(2)入射角大于或等于临界角4光的几何计算题往往是光路现象与光的反射、折射、全反射(临界点)及几何图形关系的综合问题解决此类问题应注意以下四个方面：(1)依据题目条件，正确分析可能的全反射及临界角(2)通过分析、计算确定光传播过程中可能的折射、反射，把握光的“多过程”现象(3)准确作出光路图(4)充分考虑三角形、圆的特点，运用几何图形中的角关系、三角函数、相似形、全等形等，仔细分析光传播过程中产生的几何关系命题视角考向1光的折射及折射率的计算例1如图所示，一个半径为R、折射率为的透明玻璃半球体，O为球心，轴线OA水平且与半球体的左边界垂直，位于轴线上

13、O点左侧处的点光源S发出一束与OA夹角60光线射向半球体，已知光在真空中传播的速度为c.求：光线第一次从玻璃半球体出射时的方向以及光线在玻璃半球内传播的时间解析作如图所示的光路图，lOBtan R，n，解得30.在OBC中，解得30.n，解得60，即出射光线CD方向与OA平行光在玻璃半球体中传播的距离lBClOB；由速度v可得传播的时间t.答案考向2光的折射与全反射的综合例2如图，一半径为R的玻璃半球，O点是半球的球心，虚线OO表示光轴(过球心O与半球底面垂直的直线)已知玻璃的折射率为1.5.现有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光线能从球面射出(不考虑被半球的内表面反射后的光线)求()从

14、球面射出的光线对应的入射光线到光轴距离的最大值；()距光轴的入射光线经球面折射后与光轴的交点到O点的距离解析()如图，从底面上A处射入的光线，在球面上发生折射时的入射角为i，当i等于全反射临界角i时，对应入射光线到光轴的距离最大，设最大距离为l.iic设n是玻璃的折射率，由全反射临界角的定义有nsinic1由几何关系有sin i联立式并利用题给条件，得lR()设与光轴相距的光线在球面B点发生折射时的入射角和折射角分别为i1和r1，由折射定律有nsin i1sin r1设折射光线与光轴的交点为C，在OBC中，由正弦定理有由几何关系有Cr1i1sin i1联立式及题给条件得OCR2.74R答案()

15、R()2.74R归纳反思光的折射和全反射题型的分析思路1确定要研究的光线，有时需根据题意，分析、寻找临界光线、边界光线2找入射点，确认界面，并画出法线，结合反射定律、折射定律作出光路图3明确两介质折射率的大小关系(1)若光硫光密：定有反射、折射光线(2)若光密光疏：如果入射角大于或等于临界角，一定发生全反射4根据反射定律、折射定律列出关系式，结合几何关系，具体求解题组突破21.(2018届高三厦门一中检测)如图所示，上下表面平行的玻璃砖折射率为n，下表面镶有银反射面，一束单色光与界面的夹角45射到玻璃表面上，结果在玻璃砖右边竖直光屏上出现相距h2.0 cm的光点A和B(图中未画出)(1)请在图

16、中画出光路示意图(请使用刻度尺)；(2)求玻璃砖的厚度d.解析(1)画出光路图如图所示(2)设第一次折射时折射角为1，则有n，代入解得130设第二次折射时折射角为2，则有，解得245可知AC与BE平行，由几何知识得：h2dtan 1，则dcm.答案(1)见解析(2)cm22.(2018河北五市一名校联盟)如图所示，一束截面为圆形(半径为R)的平行复色光垂直射向一玻璃半球的平面，经折射后在屏幕S上形成一个圆形彩色亮区已知玻璃半球的半径为R，屏幕S至球心的距离为D(D3R)，不考虑光的干涉和衍射 (1)问在屏幕S上形成的圆形亮区的最外侧是什么颜色；(2)若玻璃半球对(1)问中色光的折射率为n，请求

17、出圆形亮区的最大半径解析如图所示，紫光刚要发生全反射时的临界光线射在屏幕S上的F点，则F点到亮区中心E的距离r就是所求最大半径，设紫光临界角为C，由全反射的知识：sin C所以cos C可得tan C由几何知识可得：OB，rDnR.答案(1)紫色(2)DnR高频考点三光的波动性备考策略1光的色散问题(1)在同一介质中，不同频率的光的折射率不同，频率越高，折射率越大(2)由n，n可知，光的频率越高，在介质中的波速越小，波长越小2光的衍射和干涉、偏振问题(1)光的衍射是无条件的，但发生明显的衍射现象是有条件的，即：障碍物(或孔)的尺寸跟波长相差不多，甚至比波长还小(2)两列光波发生稳定干涉现象时，

18、光的频率相等，相位差恒定，条纹间距x.(3)光的干涉现象和光的衍射现象证明了光的波动性，光的偏振现象说明光为横波3单缝衍射和圆盘衍射现象(1)单缝衍射单色光的衍射图样为中间宽且亮的单色条纹，两侧是明暗相间的条纹，条纹宽度比中央窄且暗白光的衍射图样为中间宽且亮的白条纹，两侧是窄且渐暗的彩色条纹(2)圆盘衍射与泊松亮斑当光照到不透明的小圆板上，在圆板的阴影中心出现亮斑(在阴影外还有不等间距的明暗相间的圆环)题组突破大31.(2018宝鸡市二模)(多选)下列说法中正确的是()A不管光源与观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的B水面上的油膜呈现彩色是光的衍射现象C双缝干涉实验中，若只减小屏

19、到挡板间距离l，两相邻亮条纹间距离x将减小D声源向静止的观察者运动，观察者接收到的频率小于声源的频率E液晶显示器应用了光的偏振原理ACE根据相对论原理可知，不管光源与观察光是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的故A正确；水面上的油膜呈现彩色是光的薄膜干涉现象故B错误；双缝干涉实验中，若只减小屏到挡板间距离l，根据公式x可知，两相邻亮条纹间距离x将减小，故C正确；声源向静止的观察者运动时，产生多普勒效应，则观察者接收到的频率大于声源的频率，故D错误；液晶本身是不发光的，发光体是在液晶本身的后面，只有改变发光体的角度和方向，才能改变液晶光的偏振方向，故E正确32.物理学原理在现代科技中有许多

20、重要应用例如，利用波的干涉，可将无线电波的干涉信号用于飞机降落的导航如图所示，两个可发射无线电波的天线对称地固定于飞机跑道两侧，它们类似于杨氏干涉实验中的双缝两天线同时都发出被长为1和2的无线电波飞机降落过程中，当接收到1和2的信号都保持最强时，表明飞机已对准跑道，下列说法正确的是()A天线发出的两种无线电流必须一样强B导航利用了1与2两种无线电波之间的干涉C两种无线电波在空间的强弱分布稳定D两种无线电波各自在空间的强弱分布完全重合CA错：两种无线电波强度不一定相同B错：两列波长为1的无线电波干涉时，在两波源连线的中垂面上，各点都是振动加强点，在这条线上收到的信号始终最强；同理，两列波长为2的

21、无线电波干涉时，在两波源连线的中垂面上，各点也都是振动加强点在机场其他区域，不能满足在一条线上两种频率的波各自干涉后所有的点同时都是加强点的条件，故当接收到1和2的信号都保持最强时，表明飞机已对准跑道，导航利用了1与1、2与2两种无线电波之间的干涉，而不是利用了1与2两种无线电波之间的干涉C对：两种无线电波分别干涉后，在空间的强弱分布稳定D错：由于两种无线电波波长不同，各自在空间的强弱分布不完全重合33.(2018届高三厦门一中检测)下列说法中正确的是()A军队士兵过桥时使用便步，是为了防止桥发生共振现象B机械波和电磁波在介质中的传播速度均仅由介质决定C拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装

22、一个偏振片以减弱玻璃反射光的影响D假设火车以接近光速通过站台时，站台上旅客观察到车上乘客变矮E赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在ACE军队士兵过桥时使用便步，防止行走的频率与桥的频率相同，使桥发生共振现象，故A正确；机械波在介质中的传播速度由介质决定，与波的频率无关，电磁波在介质中的传播速度与介质和波的频率均有关，故B错误；加装偏振片的作用是减弱反射光的强度，故C正确；根据尺缩效应，沿物体运动的方向上的长度将变短，火车以接近光速通过站台时，站在站台上旅客观察车上的乘客变瘦，而不是变矮，故D错误；赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，E正确34.(多选)如图所示，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻

23、璃砖，在玻璃砖底面上的入射角为，经折射后射出a、b两束光线，则()A在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度B在真空中，a光的波长小于b光的波长C玻璃砖对a光的折射率小于对b光的折射率D若改变光束的入射方向使角逐渐变大，则折射光线a首先消失E分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距ABD利用n，由图及光的可逆性可知a1b1，a2b2，可知nanb，C错误同一介质中，折射率越大，频率越大，波长越小，发生全反射的临界角越小，B、D正确又n，则vavb，A正确由于涉条纹间距公式x可知，E错误课时跟踪训练(十八)1(1)如图(a)，在xy平面内有两上沿

24、z方向做简谐振动的点波源S1(0,4)和S2(0，2)两波源的振动图线分别如图(b)和图(c)所示两列波的波速均为1.00 m/s.两列波从波源传播到点A(8，2)的路程差为_m，两列波引起的点B(4,1)处质点的振动相互_(填“加强”或“减弱”)，点C(0,0.5)处质点的振动相互_(填“加强”或“减弱”)(2)如图，一玻璃工件的上半部是半径为R的半球体，O点为球心；下半部是半径为R、高为2R的圆柱体，圆柱体底面镀有反射膜有一平行于中心轴OC的光线从半球面射入，该光线与OC之间的距离为0.6R.已知最后从半球面射出的光线恰好与入射光线平行(不考虑多次反射)求该玻璃的折射率解析(1)波长vT2

25、 m，两列波的波长相等两波源到A点的路程差xm8 m2 m.两波源到B点的路程差xmm0，初相相差，B点为振动减弱点两波源到C点的路程差x3.5 m2.5 m1 m，初相相差，C点为振动加强点 (2)如图，根据光路的对称性和光路可逆性，与入射光线相对于OC轴对称的出射光线一定与入射光线平行这样，从半球面射入的折射光线，将从圆柱体底面中心C点反射设光线在半球面的入射角为i，折射角为r.由折射定律有sin insin r由正弦定理有由几何关系，入射点的法线与OC的夹角为i.由题设条件和几何关系有sin i式中L是入射光线与OC的距离，由式和题给数据得sin r由式和题给数据得n1.43答案(1)2

26、减弱加强(2)1.432(1)(多选)某同学漂浮在海面上，虽然水面波正平稳地1.8 m/s的速率向着海滩传播，但他并不向海滩靠近该同学发现从第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为15 s下列说法正确的是()A水面波是一种机械波B该水面波的频率为6 HzC该水面波的波长为3 mD水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时能量不会传递出去E水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时振动的质点并不随波迁移 (2)(2018辽南协作体二模)如图所示，ABCD是一玻璃砖的截面图，一束光与AB面成30角从AB边上的E点射入玻璃砖中，折射后经玻璃砖的BC边反射后，从CD边上的F点垂直于CD边射出已知B

27、90，C60，BE10 cm，BC30 cm.真空中的光速c3108m/s，求：玻璃砖的折射率；光在玻璃砖中从E到F所用的时间(结果保留两位有效数字)解析(1)水面波是机械振动在水面上传播，是一种典型的机械波，A对；从第一个波峰到第十个波峰中经历了九个波形，时间间隔为15秒，所以其振动周期为Tss，频率为0.6 Hz.B错；其波长vT1.8 m/ss3 m，C对；波中的质点都上下振动，不随波迁移，但是能量随着波的传播而传递出去，D错，E对(2)光在玻璃砖中传播光路如图所示，由几何关系可得i60，rBQECQF30由折射定律n得n由n，得v108m/s由几何关系得EQ2EB20 cmQFQC c

28、os 30(BCBQ)cos 30(1515)cmt1.8109s答案(1)ACE(2)1.8109s3(1)(多选)如图甲所示为一列简谐横波在t0.6 s时的波形图，图乙为质点A的振动图象，则下列判断正确的是_A该简谐波沿x轴负方向传播B这列波的传播速度为m/sC从t0.6 s开始，质点P比质点Q先回到平衡位置D从t0.6 s开始，再经过t1.5 s后质点A传播到了坐标原点处E从t0.6 s开始，紧接着的t0.6 s的时间内质点A通过的路程为10 cm (2)如图丙所示，ABNM为一透明柱体的横截面，AB和MN为两段以O为圆心的同心圆弧，AB圆弧所在圆的半径为R，现有一单色光垂直水平端面并从

29、AM上的D点射入透明柱体，经过一次全反射后恰好从B点射出，出射光线与水平方向成60角且反向延长线恰好与MN相切，已知光在真空中的传播速度为c，求：透明柱体的折射率；光在透明柱体中的传播时间；MN圆弧所在圆的半径解析(1)由题图乙知t0.6 s时，质点A的振动方向是向下的，由“上下坡法”可知此波是沿x轴负方向传播的，A对；由题图甲知波长8 m，由题图乙知该波的周期T1.2 s，所以该波的波速为vm/s，B对；由波上各质点的振动情况可知此时质点P向上振动，质点Q向下振动，但P离波峰距离大，应后回到平衡位置，C错；因波传播的是能量和波形，质点本身并不随波传播，D错；0.6 s是半个周期，所以质点A通

30、过的路程为s2A10 cm，E对(2)由题意可画出如图所示的光路图，由图知DCOOCBCBODCOOCBCBO180所以CBO60所以由折射率定义知透明柱体的折射率为n.由几何关系知DC，BCR光在透明柱体中的传播速度为vc所以光在透明柱体中的传播时间为t.由几何关系知，法线OC一定经过出射光线的反向延长线与弧MN的切点MN圆弧所在圆的半径r.答案(1)ABE(2)4(2018宝鸡市二模)(1)(多选)如图所示为t0时刻两列简谐横波的图象(都刚好形成了一个周期的波形)，两列波分别沿x轴正方向和负方向传播，波源分别位于x2 m和x12 m处，两列波的波速均为v4 m/s，波源的振幅均为A2 cm

31、.此刻平衡位置在x2 m和x8 m的P、Q两质点刚开始振动质点M的平衡位置处于x5 m处，下列关于各质点运动情况的判断中不正确的是_A质点P、Q沿y轴正向起振Bt0.75 s时刻，质点P、Q都运动到M点Ct1 s时刻，质点M的位移为4 cmDt1 s时刻，质点M的位移为4 cmE两列波相映后能发生干涉，且M点为振动加强区，P点为振动减弱区(2)如图所示，已知半圆柱形玻璃砖的折射率为，半径为R，长为d，一组与玻璃砖横截面平行的光，射向玻璃砖，入射光与底面夹角45，真空中光速为c，求：经玻璃砖折射后，从底面射出光的面积；这组平行光经一次折射后，在玻璃砖中沿直线传播的最长时间解析(1)质点P、Q沿y

32、轴负方向起振；质点不随波迁移；两列波波长、波速相同，故频率相同，相遇后能发生稳定干涉，且M点为振动加强区，t1 s时质点M的位移为4 cm；P点到两振源的距离之差为6 cm，即1.5个波长，P为振动减弱区，故选ABC.(2)光路图如图所示，临界角sin C，即C45号光为对着圆心O点入射的光，垂直截面到达O点，号光左侧的光全部发生全反射，号光线与圆周相切，折射后垂直射向底边B，折射角为45，OB长为lR所以，透出光的面积SldRd在玻璃砖中传播最长时间的光为号光号光sin ，此时折射角为30光程l2R，在玻璃砖中的光速vc所以t答案(1)ABC(2)Rd5(1)如图甲所示为用双缝干涉测量光的波

33、长的实验装置图，滤光片为红光滤光片，测量头为螺旋测微器实验时调节测量头，使分划板中心刻线与一条亮纹中心对齐，记录为第一条亮纹，此时手轮上的示数如图乙所示，然后同方向转动测量头，使分划板中心线对准第六条亮纹的中心，记下此时图丙中手轮的示数为_mm.求得相邻亮纹的间距为x_mm，已知双缝间距d为1.5104m，双缝到屏的距离为l0.800 m，由计算式_，求得红光波长为_m(保留两位有效数字)(2)(10分)一中间有小孔的小球与固定弹簧一端相连，弹簧另一端固定在墙壁上，球和弹簧穿在光滑水平杆上，O点为小球的平衡位置，取O点为位移原点，水平向右为位移的正方向建立直线坐标系将小球拉到偏离O点右侧4 c

34、m由静止释放，经过0.1 s小球第一次经过平衡位置()求小球位移随时间变化的关系式；()将小球从右侧最大位置释放后经过时间t，小球经过某一位置A点(A点不是O点和最大位移点)，则小球经过其关于平衡位置的对称点B时可能经过了多长时间？解析(1)题图乙中示数为2.320 mm，题图丙中示数为13.870 mm，相邻条纹间距x2.310 mm，由条纹间距公式x，得，代入数据解得4.3107m.(2)()小球从开始释放的位移大小为振幅大小，A4 cm小球从最大位移到第一次经过平衡位置经历的时间为四分之一周期，T0.4 s，则5 rad/s则振动位移随时间变化的表达式为x4 cos5t(cm)()如图1

35、所示，若A点在O点右侧，当小球向左经过对称点B时，有图1tnT2(0.1 st)0.4n0.22t(s)(n0,1,2,3，)若A点在O点右侧，当小球向右经过对称点B时，有tnT2(0.1 st)2t0.4n0.2(s)(n0,1,2,3，)图2如图2所示，若A点在O点左侧，当小球向右经过对称点B时，有tnT2(0.2 st)2(t0.1 s)0.4n0.2(s)(n0,1,2,3，)若A点在O点左侧，当小球向左经过对称点B时，有tnT4(0.2 st)2(t0.1 s)0.4n0.62t(s)(n0,1,2,3，)若A点在O点左侧，当小球向左经过对称点B时，有tnT4(0.2 st)2(t0

36、.1 s)0.4n0.62t(s)(n0,1,2,3，)答案(1)13.8702.3104.3107(2)见解析6(1)一列简谐横波沿x轴传播，波速为v4 m/s.已知坐标原点(x0)处质点的振动图象如图甲所示，t0.45 s时部分波形图如图乙所示简谐横波的传播方向沿x轴_(选填“正”或“负”)方向；x0处的质点经过0.6 s时的路程为_m；t0.45 s时x0处的质点对应的纵坐标为_m.(2)如图所示，一玻璃棱柱，其截面边长为2a的等边三角形ABC，D点是AB边的中点，一束细光从D点射入棱柱，改变其入射方向，使进入棱柱的光恰好在BC面发生全反射，玻璃棱柱对该光的折射率为，求：(sin 15)

37、()细光束在D点的入射角的正弦值；()细光束从AC面射出的点离C点的距离解析由题图甲、乙可知，x0处的质点在t0.45 s时沿y轴正方向振动，则该波沿x轴正方向传播；简谐波的周期T0.4 s，波速v4 m/s，简谐波的波长1.6 m；x0处的质点经过0.6 s时的路程s4A0.6 m；x0处的质点的振动方程为y0.1 sin 5t(m)，将t0.45 s代入得ym.(2)()当光在BC面恰好发生全反射时，光路图如图所示由sin ，得45则由几何关系可得15由n，得sin ()在DFC中，CDa，DFC135由正弦定理得在FCG中，CFG45，CGF75由正弦定理得解得CG(23)a答案 (1)正0.67(2018济宁市高三第二次模拟)(1)(多选)一列简谐横波在弹性介质中沿x轴传播，波源位于坐标原点O，t0时刻波源开始振动，t3s时波源停止振动，如图所示为t3.2s时靠近波源的部分波形图其中质点a的平衡位置离原点O的距离为x2.5m.下列说法中正确的是_(填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A波速为5 m/sB波长为2.0 mC波源起振方向沿y轴正方向D在t3.3 s，质点a位于波谷E从波源起振开始时，3.0 s内质点a运动的总路程为2.5 m(2)如图所示，MN为半圆形玻璃砖的对称轴，O为玻璃砖的