2013年浙江高考理综物理试题及其规范标准答案(整理汇编清晰精校精排).doc

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1、.2013年浙江高考理科综合能力测试卷物理试题及答案一、单选题14关于生活中遇到的各种波，下列说法正确的是()A电磁波可以传递信息，声波不能传递信息B手机在通话时涉及的波既有电磁波又有声波C太阳光中的可见光和医院“B超”中的超声波传播速度相同D遥控器发出的红外线波长和医院“CT”中的X射线波长相同14B15磁卡的磁条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈当以速度v0刷卡时，在线圈中产生感应电动势，其Et关系如右图所示如果只将刷卡速度改为，线圈中的Et关系图可能是()15D解析 磁卡磁条的磁化区通过检测线圈时，检测线圈中产生动生电动势，当刷卡速度由v0变成时，动生电动势的大小

2、由EBlv0变为E；刷卡器的长度一定，当刷卡速度由v0变成时，刷卡时间由t0变为2t0，故D选项正确16与通常观察到的月全食不同，小虎同学在2012年12月10日晚观看月全食时，看到整个月亮是暗红的小虎画了月全食的示意图，并提出了如下猜想，其中最为合理的是()A地球上有人用红色激光照射月球B太阳照射到地球的红光反射到月球C太阳光中的红光经地球大气层折射到月球D太阳光中的红光在月球表面形成干涉条纹16C解析 月全食的示意图如图所示月全食发生时，月球处于地球的本影区从原理上来说，地球上的人不会看到月亮为什么会看到“红月亮”呢？是因为有一部分太阳光经过地球大气层的折射后，波长较短的蓝紫光大部分被吸收

3、了，而波长较长的红光更多地照向月球表面，所以“红月亮”是地球大气对太阳光的折射造成的月全食是自然现象，小虎看到整个月球是暗红色，也是自然现象，不是人用红色激光照射的结果，故A错月全食时月球在地球的背面，地球反射的光不会照向月球，故B错月全食时，太阳光无法直接照到月球，即使照到也不具备发生光的干涉的条件，即使具备发生光的干涉的条件，干涉图样也应该是条纹状的，故D错用排除法也应该选C.17如图所示，水平木板上有质量m1.0 kg的物块，受到随时间t变化的水平拉力F作用，用力传感器测出相应时刻物块所受摩擦力Ff的大小取重力加速度g10 m/s2，下列判断正确的是()A5 s内拉力对物块做功为零B4

4、s末物块所受合力大小为4.0 NC物块与木板之间的动摩擦因数为0.4D6 s9 s内物块的加速度大小为2.0 m/s217D解析 从图可知，物块与木板之间的静摩擦力最大值为4 N，滑动摩擦力大小为3 N结合拉力和摩擦力的大小可判断物块的运动规律：在04 s物块静止，45 s物块做加速度逐渐增大的变加速直线运动，5 s以后物块做匀加速直线运动.04 s物块静止，拉力对物体不做功，但是45 s物块运动，拉力对物体做正功，故A错误.4 s末，物块所受的合力由0突变为1 N，故B错误物块与木板之间的动摩擦因数0.3，故C错误.69 s内，物块的加速度a m/s22.0 m/s2，故D正确18如图所示，

5、三颗质量均为m的地球同步卫星等间隔分布在半径为r的圆轨道上，设地球质量为M，半径为R.下列说法正确的是()A地球对一颗卫星的引力大小为B一颗卫星对地球的引力大小为C两颗卫星之间的引力大小为D三颗卫星对地球引力的合力大小为18BC解析 地球与一颗卫星的万有引力可由万有引力定律直接求出， F地卫G，故A错误，B正确卫星间的万有引力也可由万有引力定律直接求出， F卫卫GG，故C正确三颗卫星对地球的万有引力大小相等，相邻两个力的夹角均为120，合力为零，故D错误二、选择题（本题共3小题。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1

6、9如图所示，总质量为460 kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5 m/s2，当热气球上升到180 m时，以5 m/s的速度向上匀速运动若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g10 m/s2.关于热气球，下列说法正确的是()A所受浮力大小为4830 NB加速上升过程中所受空气阻力保持不变C从地面开始上升10 s后的速度大小为5 m/sD以5 m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230 N19AD解析 热气球从地面刚开始竖直上升时，速度很小，空气阻力可以忽略，对热气球由牛顿第二定律有：Fmgma，解得浮力Fmgma4830 N，故A正确如果热气球一

7、直匀加速上升，则上升180 m时的速度v6 m/s5 m/s，故热气球不是匀加速上升，说明随着速度的增加，空气阻力也越来越大，故B错误如果热气球一直匀加速上升，则上升180 m所用的时间t12 s10 s，说明上升10 s后还未上升到180 m处，速度小于5 m/s，故C错误以5 m/s的速度匀速上升阶段，空气阻力fFmg230 N，故D正确20在半导体离子注入工艺中，初速度可忽略的磷离子P和P3，经电压为U的电场加速后，垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里、有一定宽度的匀强磁场区域，如图所示已知离子P在磁场中转过30后从磁场右边界射出在电场和磁场中运动时，离子P和P3()A在电场中的

8、加速度之比为11B在磁场中运动的半径之比为1C在磁场中转过的角度之比为12D离开电场区域时的动能之比为1320BCD解析 离子在电场中的加速度a，故，A错误离开电场区域时的动能EkUq，故，D正确在磁场中运动的半径r，故，B正确在磁场中转过的角度的正弦值sinBd，故，因130，则sin2，即260，所以，C正确三、非选择题部分21 (10分)如图所示，装置甲中挂有小桶的细线绕过定滑轮，固定在小车上；装置乙中橡皮筋的一端固定在导轨的左端，另一端系在小车上一同学用装置甲和乙分别进行实验，经正确操作获得两条纸带和，纸带上的a、b、c均为打点计时器打出的点(1)任选一条纸带读出b、c两点间距离为_；

9、(2)任选一条纸带求出c、e两点间的平均速度大小为_，纸带和上c、e两点间的平均速度v_v(填“大于”、“等于”或“小于”)；图中_(填选项)A两条纸带均为用装置甲实验所得B两条纸带均为用装置乙实验所得C纸带为用装置甲实验所得，纸带为用装置乙实验所得D纸带为用装置乙实验所得，纸带为用装置甲实验所得21(1)2.10 cm或2.40 cm(0.05 cm，有效数字不作要求)(2)1.13 m/s或1.25 m/s(0.05 cm/s，有效数字不作要求)小于(3)C【解析】(1)纸带，b点读数约为3.90 cm，c点读数约为6.00 cm，b、c间距离约为2.10 cm.纸带，b点读数约为4.10

10、 cm，c点读数约为6.50 cm，b、c间距离约为2.40 cm.(2)c、e间的平均速度，纸带中对应的约为1.13 m/s，纸带中对应的约为1.25 m/s.(3)纸带中两计时点间的距离越来越大，说明小车一直在加速，所以是用装置甲实验所得纸带中d点以后的计时点间的距离不变，说明小车先加速后匀速，所以是用装置乙实验所得22(10分)采用如图所示的电路“测定电池的电动势和内阻”(1)除了选用照片中的部分器材外，_(填选项)A还需要电压表B还需要电流表C还需要学生电源 D不再需要其他器材(2)测量所得数据如下：测量次数物理量123456R/1.21.00.80.60.40.2I/A0.600.7

11、00.800.891.001.20U/V0.900.780.740.670.620.43用作图法求得电池的内阻r_(3)根据第5次所测得的实验数据，求得电流表内阻RA_22(1)A(2)如图所示(0.750.10)(3)0.22 解析 (1)依据实物图，实验器材还缺电压表(2)根据数据描点、连线，作出电源的UI图像，电源内阻r.(3)电流表的电阻RAR.23(16分)山谷中有三块石头和一根不可伸长的轻质青藤，其示意图如下图中A、B、C、D均为石头的边缘点，O为青藤的固定点，h11.8 m，h24.0 m，x14.8 m，x28.0 m开始时，质量分别为M10 kg和m2 kg的大、小两只滇金丝

12、猴分别位于左边和中间的石头上，当大猴发现小猴将受到伤害时，迅速从左边石头的A点水平跳至中间石头大猴抱起小猴跑到C点，抓住青藤下端，荡到右边石头上的D点，此时速度恰好为零运动过程中猴子均可看成质点，空气阻力不计，重力加速度g10 m/s2.求：(1)大猴从A点水平跳离时速度的最小值；(2)猴子抓住青藤荡起时的速度大小；(3)猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小23解析 (1)设猴子从A点水平跳离时速度的最小值为vmin，根据平抛运动规律，有h1gt2x1vmint联立式，得vmin8 m/s(2)猴子抓住青藤后的运动过程中机械能守恒，设荡起时的速度为vC，有(Mm)gh2(Mm)vvC m/s9 m

13、/s(3)设拉力为FT，青藤的长度为L，对最低点，由牛顿第二定律得FT(Mm)g(Mm)由几何关系(Lh2)2xL2得L10 m综合式并代入数据解得：FT(Mm)g(Mm)216 N24 (20分)“电子能量分析器”主要由处于真空中的电子偏转器和探测板组成偏转器是由两个相互绝缘、半径分别为RA和RB的同心金属半球面A和B构成，A、B为电势值不等的等势面，其过球心的截面如图所示一束电荷量为e、质量为m的电子以不同的动能从偏转器左端M板正中间小孔垂直入射，进入偏转电场区域，最后到达偏转器右端的探测板N，其中动能为Ek0的电子沿等势面C做匀速圆周运动到达N板的正中间忽略电场的边缘效应(1)判断半球面

14、A、B的电势高低，并说明理由；(2)求等势面C所在处电场强度E的大小；(3)若半球面A、B和等势面C的电势分别为A、B和C，则到达N板左、右边缘处的电子，经过偏转电场前、后的动能改变量Ek左和Ek右分别为多少？(4)比较|Ek左|与|Ek右|的大小，并说明理由24解析 (1)电子(带负电)做圆周运动，电场力方向指向球心，电场方向从B指向A，B板电势高于A板(2)据题意，电子在电场力作用下做圆周运动，考虑到圆轨道上的电场强度E大小相同，有eEmEk0mv2R联立解得：E(3)电子运动时只有电场力做功，根据动能定理，有kqU对到达N板左边缘的电子，电场力做正功，动能增加，有 k左e(BC)对到达N

15、板右边缘的电子，电场力做负功，动能减小，有k右e(AC)(4)根据电场线的特点，等势面B与C之间的电场强度大于C与A之间的电场强度，考虑到等势面间距相等，有即25 (22分)为了降低潜艇噪音，提高其前进速度，可用电磁推进器替代螺旋桨潜艇下方有左、右两组推进器，每组由6个相同的、用绝缘材料制成的直线通道推进器构成，其原理示意图如下在直线通道内充满电阻率0.2 m的海水，通道中abc0.3 m0.4 m0.3 m的空间内，存在着由超导线圈产生的匀强磁场，其磁感应强度B6.4 T、方向垂直通道侧面向外磁场区域上、下方各有ab0.3 m0.4 m的金属板M、N，当其与推进器专用直流电源相连后，在两板之

16、间的海水中产生了从N到M，大小恒为I1.0103 A的电流，设该电流只存在于磁场区域不计电源内阻及导线电阻，海水密度m1.0103 kg/m3.(1)求一个直线通道推进器内磁场对通电海水的作用力大小，并判断其方向(2)在不改变潜艇结构的前提下，简述潜艇如何转弯？如何“倒车”？(3)当潜艇以恒定速度v030 m/s前进时，海水在出口处相对于推进器的速度v34 m/s，思考专用直流电源所提供的电功率如何分配，求出相应功率的大小25解析 (1)将通电海水看成导线，所受磁场力FIBL代入数据得：FIBc1.01036.40.3 N1.92 N用左手定则判断磁场对海水作用力方向向右(或与海水出口方向相同

17、)(2)考虑到潜艇下方有左、右2组推进器，可以开启或关闭不同个数的左、右两侧的直线通道推进器，实施转弯改变电流方向，或者磁场方向，可以改变海水所受到磁场力的方向，根据牛顿第三定律，使潜艇“倒车”(3)电源提供的电功率中的第一部分：牵引功率P1F牵v0根据牛顿第三定律：F牵12IBL当v030 m/s时，代入数据得：P1F牵v0121.9210330 W6.9105 W第二部分：海水的焦耳热功率对单个直线推进器，根据电阻定律：R代入数据得：R0.2 0.5 由热功率公式，PI2R代入数据得：P单I2R5.0105 WP2125.0105W6.0106 W第三部分：单位时间内海水动能的增加值设t时

18、间内喷出的海水质量为mP312考虑到海水的初动能为零，kkmvmmbcv水对地tP31212mbcv4.6104 W【18选6模块】题号：13科目：物理13 2013浙江卷 “物理33”模块(10分)一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到状态A，其体积V与温度T的关系如图所示图中TA、VA和TD为已知量(1)从状态A到B，气体经历的是_过程(填“等温”“等容”或“等压”)；(2)从B到C的过程中，气体的内能_(填“增大”“减小”或“不变”)；(3)从C到D的过程中，气体对外_(填“做正功”“做负功”或“不做功”)，同时_(填“吸热”或“放热”)；(4)气体在状态D时的体积VD_

19、13(1)等容(2)不变(3)做负功放热(4)VA解析 (1)从图像可知，从A到B过程为等容过程(2)从B到C过程，温度不变，理想气体的内能不变(3)从C到D过程， 体积减小，外界对气体做正功；温度降低，内能减小；根据热力学第一定律，气体放热(4)从D到A过程是等压变化，有，所以VD.题号：14科目：物理14 2013浙江卷 “物理35”模块(10分)小明用金属铷为阴极的光电管，观测光电效应现象，实验装置示意如图甲所示已知普朗克常量h6.631034Js.甲乙(1)图甲中电极A为光电管的_(填“阴极”或“阳极”)；(2)实验中测得铷的遏止电压UC与入射光频率之间的关系如图乙所示，则铷的截止频率C_Hz，逸出功W0_J；(3)如果实验中入射光的频率7.001014 Hz，则产生的光电子的最大初动能Ek_J.14(1)阳极(2)(5.125.18)1014(3.393.43)1019(3)(1.211.25)1019解析 (1)电路图为利用光电管产生光电流的实验电路，.光电子从K极发射出来，故K为光电管的阴极，A为光电管的阳极(2)遏制电压对光电子做负功，有eUCEkhW0，结合图像，当UC0时，极限频率05.151014 Hz，故逸出功W0h03.411019 J.(3)光电子的最大初动能EkhW0hh01.231019 J.