2022年高中生物必修二课时训练 12.pdf

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1、- 1 - / 8 第二节孟德尔的豌豆杂交实验（二）一、选择题1下列有关孟德尔遗传规律的说法错误的是() A叶绿体基因控制的性状遗传不遵循孟德尔遗传规律B受精时，雌雄配子的结合是随机的，这是得出孟德尔遗传规律的条件之一C孟德尔发现分离定律与自由组合定律的过程运用了假说 演绎法D基因型为AaBb 的个体自交，其后代一定有四种表现型和9 种基因型解读： 孟德尔遗传规律适用于真核生物有性生殖过程中核基因的遗传；在受精过程中雌雄配子随机结合且机会均等；孟德尔研究分离定律与自由组合定律时用的方法是假说演绎法；孟德尔用统计学的方法得出了杂交或自交后代出现一定的分离比，这是对多数个体及后代统计的结果，而一个

2、个体自交具有偶然性，很多情况下不表现相应的表现型、基因型及一定的比例，故D 项错误。答案： D 2四籽野豌豆的染色体数目为2n12，现有 个基因型为Mm 的野豌豆植株，所结豆荚中有三个饱满豆粒和一个“空瘪粒”。下列有关分析正确的是() A该豆荚果皮的基因型是Mm 的概率为1/2 B该豆荚中所结三粒种子种皮中的细胞含有18条染色体C所结三粒种子的基因型都是Mm 的概率为1/8 D每个花粉中含有2 个精子，因此该豆荚至少需要2 粒花粉才能得到4 粒种子解读： 豆荚的果皮和种皮与母本植株的基因型、染色体数目相同；被子植物进行双受精，因此该豆荚至少需要4 粒花粉才能得到4 粒种子；豌豆自花传粉，闭花受

3、粉，所结种子的基因型为Mm 的概率为1/2，三粒种子的基因型都是Mm 的概率为1/8。答案： C 3某育种专家在农田中发现一株大穗不抗病的小麦，自花授粉后获得160 粒种子，这些种子发育成的小麦中有30 株大穗抗病和若干株小穗抗病，其余的都不抗病。若将这30 株大穗抗病的小麦作为亲本自交，在其F1中选择大穗抗病的再进行自交，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的() A2/10 B 7/10 C2/9 D7/9 解读： 本题考查基因分离定律的应用。首先由题意确定大穗不抗病是显性性状。所以作为亲本的大穗抗病小麦的基因型为13AAbb 和23Aabb，自交后代F1中大穗抗病

4、的为12AAbb和13精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 8 页- 2 - / 8 AabB。在大穗抗病中，AAbb 和 Aabb 分别占35、25。再进行自交，F2中大穗抗病的为710AAbb和15Aabb，理论上F2中能稳定遗传的大穗抗病小麦占F2中所有大穗抗病小麦的710 (71015)79。答案： D 4已知位于常染色体上的两对独立遗传的基因控制着鸡羽毛色素的产生和沉积。在一个位点上，显性基因可产生色素，隐性基因则不产生色素；在另一位点上，显性基因阻止色素的沉积，隐性基因则可使色素沉积。小鸡羽毛的着色，必须能产生并沉

5、积色素，否则为白色毛。如果表现型为白色的鸡(两位点均为隐性纯合子)和另一种表现型为白色的鸡(两位点均为显性纯合子)进行杂交， F2中羽毛着色的概率为() A1/16 B 3/16 C4/16 D 7/16 解读： 设产生色素基因为A，不产生色素基因为a，阻止色素沉积基因为B，使色素沉积的基因为b。由题干信息“小鸡羽毛着色必须能产生并沉积色素” 可知：羽毛着色鸡的基因型为A_bb，表现型为白色(两位点均为隐性纯合子)的鸡的基因型aabb 与表现型为白色(两位点均为显性纯合子)的鸡的基因型AABB杂交， aabbAABB F1：AaBb( 白色 )相互交配 F2：9A_B_( 白) 3A_bb(着

6、色 ) 3aaB_(白色 ) aabb(白色 )，所以F2中羽毛着色的概率为3/16，B项正确。答案： B 5人类的肤色由Aa、Bb、 Ee 三对等位基因共同控制，Aa、Bb、Ee 位于三对染色体上。 AABBEE为黑色， aabbee为白色，其他性状与基因型关系如下图所示，即肤色深浅与显性基因个数有关，如基因型为AaBbEe、AABbee 与 aaBbEE 等与含任何三个显性基因的肤色一样。若双方均含3 个显性基因的杂合子婚配(AaBbEeAaBbEe)，则子代肤色的基因型和表现型分别有多少种() A27,7 B 16,9 C27,9 D 16,7 解读： AaBbEe AaBbEe 杂交，

7、基因型有333 27 种，各基因型中显性基因个数有06 个，共 7 种。答案： A 6两对相对性状的基因自由组合，如果F2的性状分离比为97，那么F1与隐性个体测交，与此对应的性状分离比是精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 8 页- 3 - / 8 () A13 B11 C121 D9331 解读： 两对相对性状基因自由组合，F2性状分离比为9 7，说明F1配子的组合方式仍然是 16 种，即F1产生 4 种配子，所以F1基因型为AaBb。这样F1自交产生F2的表现型应为9A_B_ 3A_bb 3aaB_ 1aabb，出现9

8、7 的表现型比例，说明基因间发生了相互作用。可推出如下信息： A、B 同时存在时，表现一种性状，否则表现另一种性状。由此可知：F1AaBb 测交，即 AaBb aabbA_B_ 、 A_bb、aaB_、aabb，后代性状分离比为1 3，答案为 A 项。答案： A 7萝卜 (2n18)的根形是由两对等位基因(D、 d 和 R、r)决定的。现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交，结果如下图。下列分析不正确的是() A两个亲本的基因型相同B控制萝卜根形的两对等位基因不可能位于同一对同源染色体上C萝卜的一个染色体组含9条染色体DF2圆形块根萝卜的基因型有4 种，其中杂合子占2/3 解读： A 项错误

9、，由题干可知萝卜的根形由两对等位基因控制，再根据杂交实验结果F2中扁圆长 9 6 1 可知， F1产生的配子组合方式为16 种，即 F1产生 4 种配子。所以F1的基因型为DdRr，并可得到如下信息：D 和 R 同时存在表现为扁形，只有一个D 或 R 表现为圆形， ddrr 表现为长形。所以纯合亲本的基因型为DDrr ， ddRR。B 项正确，由上面分析可知两对等位基因的遗传符合自由组合定律，所以位于两对同源染色体上。C 项正确，由萝卜2n18，可知萝卜有2 个染色体组，一个染色体组含9 条染色体。 D 项正确， F2圆形块根萝卜的基因型为： DDrr ，Ddrr，ddRR，ddRr 4 种，

10、其中杂合子占2/3。答案： A 8某单子叶植物的非糯性(A) 对糯性 (a)为显性，抗病(T)对染病 (t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形 (d)为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 8 页- 4 - / 8 遇碘液变棕色。现有四种纯合子基因型分别为：AATTdd ， AAttDD ， AAttdd ，aattdd。则下列说法中正确的是() A若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本和杂交B若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本和、和杂

11、交C若培育糯性抗病优良品种，应选用和亲本杂交D将和杂交后所得的F1的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观察，将会看到四种类型的花粉，且比例为9331 解读： 用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本和杂交；用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本和杂交，依据花粉的形状和花粉的糯性与非糯性两对相对性状可以验证；培育糯性抗病优良品种，选用和亲本杂交较为合理；和杂交后所得的F1(AattDd) ，产生的花粉置于显微镜下观察，将会看到四种类型的花粉，且比例为1 1 1 1。答案： C 9豌豆花的颜色受两对等位基因E/e 与 F/f 所控制，只有当E、F 同时存在时才开紫花，否则开白

12、花。下列选项中都符合条件的亲本组合是() P：紫花白色F1：3/8 紫花5/8 白花AEeFfEeffEEFf eeff BEeFfeeFfEeFFEeff CEeFfeeffEeFFEeff DEeFfEeffEeFf eeFf 解读： 根据题中 “只有当E、F 同时存在时才开紫花，否则开白花”这一条件，可知紫花对应的基因型为E_F_，白花对应的基因型为E_ff 、eeF_和 eeff。本题可以采用“假设法 ”分析，假设选项基因型成立则应该出现紫花白花3 5。EeFfEeff紫花白花3 5，EEFf eeff紫花白花 1 1； EeFf eeFf 紫花白花 3 5， EeFF Eeff 紫花

13、白花 3 1；EeFfeeff 紫花白花 1 3， EeFFEeff 紫花白花 3 1； EeFfEeff 紫花白花 35。答案： D 10(密码改编 )人体手指交叠时，右拇指叠上为显性(R)，左拇指叠上为隐性(r) 。短食指基因为TS，长食指基因为TL。此等位基因表达受性激素影响，TS在男性为显性，TL在女性为显性。 R/r 与 TS/TL两对等位基因位于两对常染色体上。若一对夫妇均为右拇指叠上、短食指，生有左拇指叠上、长食指的女儿和右拇指叠上、短食指的儿子。则该夫妇再生一个孩子精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 8 页-

14、 5 - / 8 是右拇指叠上、长食指女儿的概率为() A1/16 B 3/16 C3/8 D9/16 解读： 夫妇均为右拇指叠上，孩子中有左拇指叠上，说明该夫妇均为这Rr，生出右拇指叠上的概率为3/4。在女性中TL为显性基因，可确定该短食指的妻子基因型为TSTS。在男性中 TS为显性基因，可推知短食指的丈夫基因型为TSTS或 TSTL，再根据他们所生的孩子中有长指的，可确定该短食指的丈夫基因型为TSTL，TSTSTSTL12TSTS12TSTL，其中只有TSTL的女孩表现为长食指，概率为121214。所以该夫妇再生一个孩子是右拇指叠上、长食指女儿的概率为3414316。答案： B 11已知玉

15、M 的体细胞中有10 对同源染色体，下表为玉M6 个纯系的表现型、相应的基因型 (字母表示 )及所在的染色体。品系均只有一种性状是隐性的，其他性状均为显性。下列有关说法中正确的是() 品系果皮节长胚乳味道高度胚乳颜色性状显性纯合子白色pp 短节bb 甜 ss 矮茎dd 白色 gg 所在染色体A.若通过观察和记录后代中节的长短来验证基因分离定律，选作亲本的组合可以是和B若要验证基因的自由组合定律，可选择品系和作亲本进行杂交C选择品系和作亲本杂交得F1，F1自交得 F2，则 F2表现为长节高茎的植株中，纯合子的概率为1/9 D玉 M 的高度与胚乳颜色这两种性状的遗传遵循自由组合定律解读： A 项应

16、选作亲本的组合可以是和；B 项可选择品系和、和、和等作亲本进行杂交；C 项中和作亲本杂交得F1(BbDd) ，F1自交得F2，F2表现为长节高茎的植株9 份中，纯合子1 份，概率为1/9； D 项玉 M 的高度与胚乳颜色这两种性状的基因都在号染色体上，不遵循自由组合定律。答案： C 12番茄易软化受显性基因A 控制，但该基因的表达受基因B 的抑制。若在培育过程筛选得到了基因型为AaBB(A 对 a 为显性， B表示具有B 基因， B表示没有B 基因 )的植株。按自由组合定律，该植株自交后代中，抗软化耐贮藏番茄的比例为() A13/16 B12/16 C6/16 D 3/16 精选学习资料 -

17、- - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 8 页- 6 - / 8 解读： 根据题意， A_BB表现为易软化，其他基因型的均为抗软化耐贮藏番茄。AaBB自交产生A_BB的概率为3414316，故抗软化耐贮藏番茄的比例为1316。答案： A 二、非选择题13西葫芦的果形由两对等位基因(A 与 a、B 与 b)控制，果皮的颜色由两对等位基因(W与 w、Y 与 y)控制，这四对基因按自由组合定律遗传。据下表回答问题。性状表现基因组合A_B_ A_bb、aaB_ aabb 果实形状扁盘形圆球形长圆形基因组合W_Y_ 、W_yy wwY_ wwyy 果皮颜色

18、白色黄色绿色杂交组合甲：圆球形果圆球形果F1：扁盘形果乙：扁盘形果长圆形果F1：扁盘形果，圆球形果，长圆形果丙：白皮果黄皮果F1：白皮果黄皮果绿皮果43 1 (1)甲组 F1中的扁盘形自交，后代表现型及比例为_。(2)乙组亲本中扁盘形果的基因型为_，请用柱状图表示F1中各表现型的比例。(3) 丙 组F1中 ， 白 皮 果 的 基 因 型 为 _ ， 黄 皮 纯 合 子 在F1中 所 占 的 比 例 为_。解读： (1)甲组中两个亲本都是圆球形果，而后代全部是扁盘形果，可以判断两个圆球形果亲本的基因型是AAbb 和 aaBB，则 F1的基因型是AaBb ，F1自交后代中A_B_ A_bb aaB

19、_aabb9 3 3 1，其中A_B_ 为扁盘形， A_bb 和 aaB_为圆球形， aabb为长圆形，所以扁盘形圆球形长圆形 9 6 1。(2)乙组中的F1各种形状的果实都有，说明乙组的亲本中扁盘形果是双杂合子，即AaBb 。AaBb aabbA_B_ (A_bb aaB_) aabb14 (1414)141 2 1，即扁盘形、圆球形、长圆形各占25%、50%、25%。 (3)丙组的F1中三种颜色的果皮都存在，所以亲本的黄皮果的基因型是wwYy ，白皮果的基因型是WwYy ，所以F1中的白皮果基因型有WwYY 、WwYy 、Wwyy 三种。黄皮果的基因型有wwYy 和 wwYY两种，其中ww

20、YY在 F1中占121418。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 8 页- 7 - / 8 答案： (1)扁盘形果圆球形果长圆形果961 (2)AaBb柱状图如下(3)WwYY 、WwYy 和 Wwyy1/8 14下表表示6 种纯系果蝇的性状和携带这些基因的染色体，系统都只有一个性状是隐性性状，其他性状都为显性性状。请回答下列问题。类型性状野生型白眼型变胸型短肢型残翅型黑身型基因位置眼色红眼W 白眼w X 染色体后胸后胸正常H h 染色体肢型正常肢 D d 染色体翅型长翅V v 染色体体色灰身B b 染色体(1)形成果蝇棕眼

21、、紫眼的直接原因与色素形成有关，形成色素需要经历一系列的生化反应，而每一反应各需要一种酶催化，这些酶分别有相应的基因编码。该实例表明基因控制性状的方式之一是_ _ 。(2)若进行验证基因自由组合定律的实验，观察体色和体型的遗传表现，选作杂交亲本的编号及基因型应是_，选择上述杂交亲本的理论依据是_表现为自由组合。(3)若要通过一次杂交实验得到基因型为VvXwY( 长翅白眼 )的果蝇，选作母本的类型编号及其基因型和表现型应是_。选作父本的类型编号及其基因型和表现型应是_。(4)让品系雌性个体与品系的雄性个体进行交配，得到的F1的基因型可能有。(5)某实验小组对果蝇的灰身(B) 与黑身 (b)这对相

22、对性状做遗传研究，如果用含有某种添加剂的食物喂养果蝇，所有果蝇都是黑体，现有一只用含有这种添加剂的食物喂养的黑体雄果蝇，请设计一个实验探究其基因型，写出简要的实验设计思路。解读： (1)基因控制性状的方式有两种：一是基因通过控制蛋白质的合成来直接控制性状，二是基因通过控制酶的合成来控制代谢，进而控制生物的性状。题中点明每一反应各需要一种酶催化，所以应是第二种方式。(2)只有黑身型属于体色，基因位于染色体，要验证基因自由组合定律的实验，则另精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 8 页- 8 - / 8 一对等位基因不能位于染色体

23、，只有变胸型符合。(3)基因型为VvXwY( 长翅白眼 )的果蝇，其中Xw一定由母本提供，所以母本为白眼型， VVXwXw(长翅白眼雌)；其中v 由父本提供，所以父本为残翅型，vvXWY( 残翅红眼雄)。(4)白眼基因位于X 染色体上，所以后代雌、雄果蝇的基因型不同。(5)利用杂交实验测定基因型。答案： (1)基因通过控制酶的合成来控制代谢，进而控制生物的性状(2) BBhh bbHH非同源染色体上的非等位基因(3) VVXwXw(长翅白眼雌 ) vvXWY( 残翅红眼雄 ) (4)DdXWY、DdXWXW(5)让这只黑身雄果蝇与正常的黑身雌果蝇(未用添加剂饲料喂过)交配，将孵化出的幼虫用正常饲料 (不含该添加剂)喂养，其他条件适当，观察果蝇体色状况。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 8 页