2022年高考物理选修3-5专题训练分析 .pdf

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1、1 物理选修 3-5 一、高考考点回忆年份内容要求题型分值备注2013 核反应方程、原子核的组成填空6 匀变速直线运动、动量守恒、动能定理计算9 2014 放射性、衰变、半衰期、放射性同位素选择6 自由落体、竖直上抛、动量守恒、能量守恒计算9 2015 光电效应、爱因斯坦光电效应方程填空5 动量守恒、机械能守恒、匀变速直线运动计算10 在考试大纲中选修3-5 涉及 7 个主题，但高考试题主要涉及：动量及守恒定律、原子结构、原子核、波粒二象性四个主题. 动量、动量守恒定律及其应用的能力要求仅限于一维空间中的级要求. 全国卷试题，这部分内容的题型以计算题为主，往往从一个物理状态经过一定的物理过程过

2、渡到另一物理状态，涉及其它力学知识的综合 . 复习时要注重分析物体之间的相互作用的过程；要针对某一过程确定状态，列出方程；要抓住典型问题，建立有效的解题模型. 近代物理都是能力级要求，题型以选择题和填空题为主，重点考查：光电效应及爱因斯坦光电效应方程、氢原子光谱、氢原子的能级结构及能级公式、核反应方程. 由于考查的范围和题型相对稳定，所以“回归教材” 、 “不避陈题”是高考命这部分试题时的一个公开的密秘. 二、例题精选 例 1 关于天然放射性，以下说法正确的选项是 . A所有元素都可能发生衰变 B放射性元素的半衰期与外界的温度无关C放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性D、和三种射线中，

3、射线的穿透能力最强E一个原子核在一次衰变中可同时放出、和三种射线解析：只有原子序号超过83 的元素才都能发生衰变，A错误；放射性元素的半衰期决定于由原子核内部的结构，与外界温度及化学作用等无关，B 正确；放射性元素其放射性来自于原子核内部的，与其他元素形成化合物并没有改变其内部原子核结构所以仍具有放射性，C 正确；、和；三种射线中，射线能量最高，穿透能力最强，D正确；一个原子核在一次衰变中，要是衰变、要么是衰变，同时伴随着能量的释放，即射线， E错误 . 例 2 . A密立根通过油滴实验测出了基本电荷的数值 B贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在原子核 C居里夫妇从沥青铀矿中别离

4、出钋Po和镭 Ra两种新元素 D卢瑟福通过粒子散射实验证实了原子核内部存在质子 E汤姆逊通过阴极射线在电场和磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 12 页2 粒子组成的，并测出了该粒子的比荷解析：10-19C，A正确；贝克勒尔通过对天然放射性研究发现了中子， B 错误；居里夫妇从沥青铀矿中别离出了钋Po和镭 Ra两种新元素，C 正确；卢瑟福通过粒子散射实验，得出了原子的核式结构理论， D 错误；汤姆逊通过对阴极射线在电场及在磁场中偏转的实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成，并测定

5、了粒子的比荷，E正确 . 例 3 ：用频率1绿光照射一光电管，能产生光电流，假设要增大电子逸出时的最大初动能，应A增大绿光的照射强度 B增长绿光的照射时间 C改用频率12的红光照射D改用频率13的紫光照射 E增大加在光电管上的电压 解析 ：光电效应的考题一般是应用光电效应的四条规律对有关现象进行判断和解释. 这四条规律是： 1每种金属都有一个极限频率，入射光的频率必须大于这个极限频率才能产生光电效应. 2光电子的最大初动能与入射光的强度无关，只随入射光频率的增大而增大. 3光电效应的发生几乎是瞬间的.4当入射光的频率大于极限频率时，光电流的强度与入射光的强度无关.对照这 4 条规律，很快就可以

6、判断， 五个选项只有D选项是正确的 . 用光电效应方程：Whmvm221来解释当然也很方便，但用它的前提条件仍然要掌握4 条规律，知道光电效应与时间无关；W是金属极限频率对用的逸出功. 例 4 ： 用质子轰击锂核Li73生成两个粒子，已知质子、粒子、锂核的质量分别为Hm、m、Lim. 1 写 出 核 反 应 方 程 ： . 2 该 核 反 应 的 质 量 亏 损m= .3该核反应释放的能量E . 解析 ：核反应方程的书写，主要是遵守质量数守恒和核电荷数守恒. 所以，此题中的核反应方程为：HeLiH4273112. 爱因斯坦的相对论指出，物体的能量和质量之间存在着密切的关系，它们之间的关系为2m

7、cE，m是物体的质量，c是光在真空中的传播速度. 核子在结合成原子核时总质量减少，这种现象叫做质量亏损，用m表示， 即：后前mmm. 亏损的质量所释放出来的能量为2mc. 所以，该核反应的质量亏损为：m)mm(LiH2；释放的核能为：22cm)mm(LiH 例 5 光滑水平轨道上有三个木块A、B、C，质量分别为mA3m、mBmCm，开始时B、C均静止，A以初速度v0向右运动，A与B碰撞后分开，B又与C发生碰撞并粘在一起，此后A与B间的距离保持不变求B与C碰撞前B的速度大小解析： 1根据12nEEn可得1112242EEh，12122EhE，两式联立解得12142设A与B碰撞后，A的速度为vA，

8、B与C碰撞前B的速度为vB，B与C碰撞后粘在一起的速度为精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 12 页3 v，由动量守恒定律得：对A、B木块：mAv0mAvAmBvB对B、C木块：mBvBmBmCv由A与B间的距离保持不变可知：vAv联立式，代入数据得：065Bvv 例 6. 全如图，小球a、b用等长细线悬挂于同一固定点O让球a静止下垂，将球b向右拉起，使细线水平从静止释放球b，两球碰后粘在一起向左摆动，此后细线与竖直方向之间的最大偏角为60忽略空气阻力，求：1两球a、b的质量之比；2两球在碰撞过程中损失的机械能与球b在碰前的

9、最大动能之比 解析 ： 1设球b的质量为m2，细线长为L，球b下落至最低点，但未与球a相碰时的速率为v，由机械能守恒定律得：m2gL12m2v2式中g是重力加速度的大小设球a的质量为m1；在两球碰后的瞬间，两球共同速度为v，以向左为正方向由动量守恒定律得m2vm1m2v设两球共同向左运动到最高处时，细线与竖直方向的夹角为，由机械能守恒定律得12m1m2v2m1m2gL1cos联立式得：12111cosmm代入题给数据得：1221mm2两球在碰撞过程中的机械能损失是：Qm2gLm1m2gL1cos联立式，Q与碰前球b的最大动能EkEk12m2v2之比为：12k211cosmmQEm联立式，并代入

10、题给数据得：k212QE 例 7 . 一静止的23892U核经衰变成为2349023490Th 核的动能为多少MeV(保留 1 位有效数字 )? 解析 ： 此题将动量守恒定律与原子核物理结合在一起，以计算题的形式出来. 据题意知，此衰变的衰变方程为：23892U23490Th42He 根据动量守恒定律得：mvmThvTh式中，m和mTh分别为粒子和Th 核的质量，v和vTh分别为粒子和Th 核的速度的大小由题设条件知12mv212mThv2ThEk2344Thmm精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 12 页4 式中Ek4.2

11、7 MeV 是粒子与Th 核的总动能由式得：12mThv2thThmmmEk代入数据得，衰变后23490Th核的动能：12mThv2Th0.07 MeV 三、试题选编一、选择题 ( 在所给的5 个选项中，有3 项是符合题目要求的. 选对一个给3 分，选对两个给4 分，选对 3 个给 5 分有选错的得0 分) 1关于天然放射性，以下说法正确的选项是D. 、和三种射线中，射线的穿透能力最强、和三种射线2产生光电效应时，关于逸出光电子的最大初动能Ek，以下说法正确的选项是_ A对于同种金属，Ek与照射光的强度无关 B对于同种金属，Ek与照射光的波长成反比C对于同种金属，Ek与光照射的时间成正比 D

12、对于同种金属，Ek与照射光的频率成线性关系E对于不同种金属，假设照射光频率不变，Ek与金属的逸出功成线性关系3原子核23290Th 具有天然放射性，它经过假设干次衰变和衰变后会变成新的原子核. 以下原子核中，有三种是23290Th衰变过程中可以产生的，它们是A20482Pb B20382Pb C21684Po D22488Ra E22688Ra 4氢原子能级如图1 所示，当氢原子从3n跃迁到2nA氢原子从2n跃迁到1n的能级时，辐射光的波长大于656nm B氢原子从2n跃迁到1n的能级时，辐射光的波长小于656nm C用波长为325nm的光照射，可使氢原子从1n跃迁到2n的能级D一群处于3n能

13、级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3 种谱线E 用 波 长 为633nm 的光 照 射 ， 不 能 使 氢 原 子从2n跃 迁 到3n的 能 级图 1 5关于原子核的结合能，以下说法正确的选项是_ A原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B一重原子核衰变成粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C铯原子核13355Cs的结合能小于铅原子核20882Pb的结合能D比结合能越大，原子核越不稳定E自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能6在光电效应实验中，用同一种单色光，先后照射锌和银的外表，都能发生光电效应. 对于这两个过程，以下四个物

14、理过程中，一定不同的是1234eVE /085.051.14.36 .13neVE/精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 12 页5 A遏止电压 B饱和光电流 C光电子的最大初动能D逸出功 E发生光电效应的时间7. 关于光谱，以下说法正确的选项是A炽热的液体发射连续光谱 B发射光谱一定是连续光谱C明线光谱和暗线光谱都可用于对物质成份进行分析D太阳光谱中的暗线说明太阳上缺少与这些暗线相对应的元素E氢原子光谱不连续的原因是其辐射或吸收光子的能量不连续8正电子发射电脑断层显象PET 的基本原理是：将放射性同位素O158注入人体，O1

15、58在人体内衰变放出的正电子与人体内的负电子相遇而湮灭转化为一对光子，被探测器探测到，经电脑处理后产生清晰的图象. 根据 PET的原理，以下选项正确的选项是AO158的衰变的方程式是：eNO01157158 B 正负电子湮灭方程式是：2ee0101C在 PET中，O158的半衰期随压强的增大而变短. D在 PET中，O158的主要用途是作为示踪原子E在 PET中，O158的主要用途是参与人体的代谢过程9我国科学家研制“两弹”所涉及到的基本核反应方程有：1nXeSrnU101365490381023592k2nHeHH10423121d关于这两个方程的以下说法，正确的选项是A方程 1属于衰变 B

16、方程 1属于重核裂变C方程 2属于轻核聚变 D方程 1中k=10，方程 2中d=1 E方程 1中k= 6，方程 2中d=1 10据新华社报道，由我国自行设计、研制的世界第一套全超导核聚变实验装置又称“人造太阳” “人造太阳”的说法正确的选项是A “人造太阳”的核反应是轻核聚变 B “人造太阳”的核反应方程是23411120HHHenC “人造太阳”的核反应方程是235114192192056360UnBaKr3 nD “人造太阳”释放的能量大小的计算公式是2mcEE. “人造太阳”核能大小的计算公式是221mcE二、填空题将答案填写在横线上，每题6 分11在某次光电效应实验中，得到的遏制电压U

17、c与入射光的频率的关系如下图，假设该直线的斜率和截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为，所用材料的逸出功可表示为 . 12碘 131 核不稳定，会发生衰变，其半衰期为8 天精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 12 页6 碘 131 核的衰变方程：13153I _( 衰变后的元素用X表示 ) 经过 _天有 75% 的碘 131 核发生了衰变13氘核和氚核可发生热核聚变而释放出巨大的能量，该反应方程为：234112HHHex ，式中 x是某种粒子已知：21H、31H、42He和粒子 x 的质量分别为2.0

18、14 1 u 、 3.016 1 u 、4.002 6 u和 1.008 7 u ； 1 u 931.5 MeV/c2，c是真空中的光速由上述反应方程和数据可知，粒子x 是_，该反应释放出的能量为_ MeV结果保留3 位有效数字142011 年 3 月 11 日，日本发生九级大地震，造成福岛核电站严重的核泄漏事故在泄漏的污染物中含有131I 和137Cs 两种放射性核素，它们通过一系列衰变产生对人体有危害的辐射在以下四个式子中，有两个能分别反映131I 和137Cs的衰变过程，它们分别是 _和_( 填入正确选项前的字母).131I 和137Cs原子核中的中子数分别是_和_AX113756Ba1

19、0n BX213154Xe01e CX313756Ba01e D X413154Xe11p 15一质子束入射到能止靶核Al2713上，产生如下核反应：nXAl2713p，式中p代表质子， n 代表中子， X代表核反应产生的新核 . 由反应式可知，新核X的质子数为，中子数为 . 16在光电效应实验中，某金属的截止频率相应的波长为0，该金属的逸出功为_假设用波长为(0) 的单色光做该实验，则其遏止电压为_已知电子的电荷量、真空中的光速和普朗克常量分别为e、c和h. 17氢原子第n能级的能量为12nEEn，其中E1为基态能量 当氢原子由第4 能级跃迁到第2 能级时，发出光子的频率为1；假设氢原子由第

20、2 能级跃迁到基态，发出光子的频率为2，则12_18恒星向外辐射的能量来自于其内部发生的各种热核反应，当温度到达108 K 时，可以发生“氦燃烧” . 完成“氦燃烧”的核反应方程：Be_He8442. Be8410-16Be8410-16s 后所剩Be84占开始时的 _. 19如图 2 所示，有一群氢原子处于量子数n=3 的激发态 . 跃迁过程最多能发出E1，普朗克常量为h.这几条谱线中最大频率为图 2 20 有两个原子核C126和C146， 这两个具有相同的和不同质量数的原子核互称为 .C126是稳定的，而C146则能发生NC147146 +的核反应，称中微子，是无电荷无质量的粒子. 三、计

21、算题每题10 分21如图 3 所示，甲、乙两船的总质量( 包括船、人和货物) 分别为10m、 12m，两船沿同一直线同一方向运动，速度分别为2v0、v0. 为防止1234n0eV/E1E精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 12 页7 两船相撞，乙船上的人将一质量为m的货物沿水平方向抛向甲船，甲船上的人将货物接住，求抛出货物的最小速度 ( 不计水的阻力) 图 3 22如图 4 所示，A、B、C三个木块的质量均为m，置于光滑的水平桌面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块接触而不固连将弹簧压紧到不能再压缩时用细线把B和C紧

22、连，使弹簧不能伸展，以至于B、C可视为一个整体现A以初速v0沿B、C的连线方向朝B运动，与B相碰并粘合在一起以后细线突然断开，弹簧伸展，从而使C与A、B别离已知C离开弹簧后的速度恰为v0. 求弹簧释放的势能图 423如图 5 所示，质量为m、长度为L的木块A放在光滑的水平面上，另一质量为M=3m的小球B以速度v0在水平面上向右运动并与A在距离竖直墙壁为6L处发生碰撞，已知碰后木块A的速度大小为v0，木块A与墙壁碰撞过程中无机械能损失，且作用时间极短，小球的半径可以忽略不计. 求： 1木块和小球发生碰撞过程中的能量损失；2木块和小球发生第二次碰撞时，小球到墙壁的距离. 图 5 24在粗糙的水平桌

23、面上有两个静止的木块A和B，两者相距为d. 现给A一初速度，使A与B发生弹性正碰，碰撞时间极短. 当两木块都停止运动后，相距仍然为d. 已知两木块与桌面之间的动摩擦因数均为，B的质量为A的 2 倍，重力加速度大小为g. 求A的初速度的大小. 25如图 6 所示，在足够长的光滑水平面上，物体A、B、C位于同一直线上，A位于B、C之间 .A的质量为m，B、C的质量都为M，三者都处于静止状态，现使A以某一速度向右运动，求m和M之间满足什么条件才能使A只与B、C各发生一次碰撞. 设物体间的碰撞都是弹性的. 图 626如图 7 所示，光滑水平直轨道上两滑块A、B用橡皮筋连接，A的质量为m. 开始时橡皮筋

24、松驰，B静止，给A向左的初速度0v. 一段时间后，B与AA的速度的两倍， 也是碰撞前瞬间B的速度的一半. 求： 1B的质量 ; 2碰撞过程中A、B系统机械能的损失. AB0vmA B v06L L 竖直墙壁精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 12 页8 图 7 27质量分别为3m和m的两个物体，用一根细线相连，中间夹着一个被压缩的轻质弹簧，在光滑水平面以速度v0匀速运动 . 某时刻细线断裂，质量为m的物体离开弹簧时的速度变为2v0，如图 8 所示 .求弹簧在这个过程中做了多少功？图 828如图 9 所示， 在光滑的水平面上有

25、三个小物块A、B、C，三者处于同一直线上，质量分别为mA=3m、mB=mC=m，初始A、B用弹簧栓连处于静止状态，C以初速度0v向左运动，B、C相碰后以相同的速度向左运动但不粘连，求弹簧伸长量最大时储存的弹性势能EP图 929一静止原子核发生衰变，生成一粒子及一新核，粒子垂直进入磁感应强度大小为B的匀强磁场，其运动轨迹是半径为R粒子的质量为m，电荷量为q；新核的质量为M；光在真空中的速度大小为c. 求衰变前原子核的质量. 30如图 10 所示，质量分别为mA、mB的两个弹性小球A、B静止在地面上方，B球距地面的高度b=0.8m，A球在BB球释放，经过一段时间后再将AA球下落t= 0.3s 时，

26、刚好与B球在地面上方的P点处相碰，碰撞时间极短，碰后瞬间AmB=3mA，重力加速度大小g=10m/s2，忽略空气阻力及碰撞中的动能损失. 求：(1)B球第一次到达地面时的速度；(2)P点距离地面的高度. 图 10 参考答案一、选择题答案1BCD 2ADE 3ACD 4BDE 5ABC 3mmv0A B C v0精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 12 页9 二、填空题11ekek1213154X01e 16 1310n或中子17.6 提示：根据质量数和电荷数守恒有x 的电荷数为0，质量数为234 1，可知 x 为中子；根据质

27、能方程有Emc2 2.014 1 3.016 1 4.002 6 1.008 7 MeV 17.6 MeV 14B，C；78，82 1514 1316h0c0hce (0)171418He42或，81或 12.5%193；hE98120射线；eNC01147146； 11460提示：根据021m)(mTt求得：t=11460. 三、计算题21解：设抛出货物的速度为v，由动量守恒定律得：乙船与货物：12mv0=11mv1-mv，甲船与货物：10m2v0-mv=11mv2，两船不相撞的条件是：v2v1，解得：v 4v0；22解： 1设碰后A、B和C的共同速度的大小为v，由动量守恒定律得：mv0=3

28、mv，设C离开弹簧时，A、B的速度大小为v1，由动量守恒得3mv=2mv1+mv0，解得：v1=0；2设弹簧的弹性势能为EP，从细线断开到C与弹簧分开的过程中机械能守恒，有：2021221221321mvv )m(E)m(P , 解得：2031mvEP.23解：1设小球与木块第一次碰撞后的速度大小为v，并取水平向右为正方向，由动量守恒：0033mvmvmv，得：032vv. 碰撞过程中的能量损失为：20202203121321321mvmvmvmvE. 2设第二次碰撞时小球到墙壁的距离为x，则在两次碰撞之间：精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - -

29、 -第 9 页，共 12 页10 小球运动的路程为：6L-x , 木块运动的路程为：6L+x-2L.由于小球和木块在两次碰撞之间运动的时间相同，所以有：0026326vLxLvxL, 解得：x=2L.24解：设在发生碰撞前的瞬间，木块A的速度大小为v；在碰撞后的瞬间，A和B的速度分别为v1和v2在碰撞过程中，由能量守恒定律和动量守恒定律得：mv2=mv12+2mv22， mv=mv1+2mv2，式中，以碰撞前木块A的速度方向为正联立解得：v1=221v, 设碰撞后A和B运动的距离分别为d1和d2，由动能定理得：mgd1= 2121mv2m gd2= 22221mv按题意有：d=d2+d1设A的

30、初速度大小为v0，由动能定理得mgd=2022121mvmv联立解得：v0= gd52825解：A向右运动与C发生第一次碰撞，碰撞过程中，系统的动量守恒、机械能守恒. 设速度方向向右为正，开始时A的速度为v0，第一次碰撞后C的速度为vC1，A的速度为vA1由动量守恒定律和机械能守恒定律得：011ACmvmvMv , 222011111222ACmvmvMv联立式得：10AmMvvmM, 102CmvvmM如果mM，第一次碰撞后，A与C速度同向，且A的速度小于C的速度，不可能与B发生碰撞；如果m=M，第一次碰撞后，A停止，C以A碰前的速度向右运动，A不可能与B发生碰撞；所以只需考虑mM的情况 .

31、 第一次碰撞后，A反向运动与BB发生碰撞后，A的速度为vA2，B的速度为vB1，同样有：2210AAmMmMvvvmMmm, 根据题意，要求A只与B、C各发生一次碰撞，应有：21ACvv . 联立式得：2240mmMM , 解得：( 52)mM. 舍去( 52)mM. 所以，m和M应满足的条件为( 52)MmM. 26解： 1以初速度0v的方向为正方向，设B的质量为Bm，A、B碰撞后的共同速度为v，由题意精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 12 页11 知：碰撞前瞬间A的速度为2v， 碰撞瞬间B的速度为2v， 由动量守恒定

32、律得：2()2BBvmm vmmv ,由式得：2Bmm . 2从开始到碰撞后的全过程，由动量守恒定律得：0()Bmvmm v , 设碰撞过程A、B系统机械能的损失为E, 则：222111=()(2 )()2222BBvEmmvmmv, 联立式得：2016Emv . 27解：根据动量守恒： 3m+mv0=m+3mv得另一物体的速度：032vv根据动能定理，弹簧对两个物体做的功分别为：20202012321)2(21mvmvvmW, 202020265321)32(321mvvmvmW, 弹簧做的总功：202132mvWWW. 28解：B、C相碰，动量守恒：mCv0=mB+mCv1B、C碰后至弹簧

33、第一次恢复原长为研究过程，A、B、C组成的系统为研究对象. 由动量守恒：mB+mCv1=mB+mCv2+ mA v3 机械能守恒：23222121)(21)(21vmvmmvmmACBCB解得：02101vv，0352vv. 即弹簧第一次恢复原长时B、C正向右运动，此后C将一直向右匀速运动，B先向右减速到零，再向左加速至与A共速时弹簧的伸长量最大，该过程A、B组成的系统动量守恒、机械能守恒： mBv2+mAv3= mA+mBv4, 242322)(212121vmmvmvmEBAABP, 解得：20323mvEP.29解：设衰变产生的粒子的速度大小为v，由洛伦兹力公式和牛顿第二定律得：Rvmq

34、vB2, 设衰变后新核的速度大小为v，衰变前后动量守恒，有：精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 12 页12 mvMv0, 设衰变前原子核质量为M0，衰变前后能量守恒，有：2222202121mvmcMvMccM, 解得：2)(1)(220MmcqBRmMM. 30 解： (1) 设B球第一次到达地面时的速度大小为vB，由运动学公式有；vB =2gh将h=0.8m 代入上式，得： vB =4m/s (2) 设两球相碰前后，A球的速度大小分别为v1和v1 (v1 =0)，B球的速度分别为v2和v2，由运动学规律可得：v1 =gt由于碰撞时间极短，重力的作用可以忽略，两球相碰前后的动量守恒，总动能保持不变. 规定向下的方向为正，有：mAv1+ mBv2 =mBv212mAv21+12mBv22=12mB22v设B球与地面相碰后的速度大小为vB，由运动学及碰撞的规律可得：vB = vB设P点距地面的高度为h，由运动学规律可得：h =2222Bvvg联立式，并代入已知条件可得：h =0.75m 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页，共 12 页