2022年高一物理上学期10月月考试题 .pdf

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1、1 树德中学高一（上）月考物理试卷（10 月份）一、选择题（本题共10 小题，每小题4 分，共 40 分每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，不选或有选错的得0 分）1以下说法中正确的是（）A质点一定是体积和质量极小的物体B速度不变的运动是匀速直线运动C物体的位移为零时，它的速度一定为零D做匀变速直线运动的物体，t 秒内通过的路程与位移的大小一定相等2下面有关物理学史和物理学方法的说法中，不正确的有（）A伽利略研究自由落体运动时，由于物体下落时间太短，不易测量，因此采用了“冲淡重力”的方法来测量时间，然后再把得出的结论合理

2、外推B根据速度定义式v=，当t 非常非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C由 a=可知，物体的加速度又叫做速度的变化率，其值由比值决定D在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法3甲、乙两物体所受的重力之比为1：2，甲，乙两物体所在位置高度之比为4：1，它们做自由落体运动，则（）A下落过程中加速度之比是1： 1 B下落过程中的加速度之比是1：2 C下落时间之比为2：1 D落地时的速度之比是1：1 4做匀加速直线运动的质点，在第1s 末的速度为2m/s下面判断正确的是（）A质点

3、在第2s 末的速度一定是4m/s B质点在前2s 内的位移一定是4m C质点的加速度一定是2m/s2D质点的加速度可能是3m/s25如图所示， a、b 两条曲线分别为汽车A、B行驶在同一公路上的vt 图象， a、b 曲线交点的连线与时间轴平行，且 a、b 曲线关于它们两交点的连线对称已知在 t2时刻两车相遇，下列说法正确的是（）A在 t1t2这段时间内，两车位移相等精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 17 页2 Bt1时刻 A车在前， B车在后C在 t1t2这段时间内的同一时刻，A、B两车的加速度相等D在 t1t2这段时间内

4、的同一时间段，A、B两车的速度改变量的大小均相等6物体由静止开始做加速度大小为a1的匀加速直线运动，当速度达到v 时，改为加速度大小为 a2的匀减速直线运动，直至速度为零在匀加速和匀减速运动过程中物体的位移大小和所用时间分别为x1、x2和 t1、t2，下列各式成立的是（）A=B=C=Dv=7“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，如图所示，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时， 此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间 t 上浮到海面， 速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0（t0t ）时刻距离海平面的深度为（）A

5、B vt0（1） C D82010 年 8 月 5 日，智利圣何塞铜矿发生塌方事故，导致33 名矿工被困 10 月 14 日 0时 32 分，“凤凰二号”救生舱搭载最后一名救援人员到达地面，33 名矿工被困69 天全部获救如图所示，救援通道高度624m，假设“凤凰二号”救生舱上升时间为20 分钟 48 秒，为保证矿工生命安全，救生舱的最大加速度不大于0.01m/s2，则（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 17 页3 A“凤凰二号”救生舱上升的平均速度为0.5m/s B“凤凰二号”救生舱上升的最大速度为0.5m/s C“凤

6、凰二号”救生舱上升的加速时间一定大于50s D“凤凰二号”救生舱上升时可能是一直加速9如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位置时间（xt ）图象， A质点的图象为直线，B质点的图象为过原点的抛物线，两图象交点C、 D坐标如图，下列说法正确的是 （）A两次相遇的时刻分别为t1、t2B0t1时间段内B在前 A在后， t1t2时间段 A在前 B在后C两物体速度相等的时刻一定为t1t2时间段的中间时刻DA在 B前面且离B最远时， B的位移为10小球 A从离地面20m高处做自由落体运动，小球 B从 A下方的地面上以20m/s 的初速度做竖直上抛运动两球同时开始运动，在空中相遇，取g=10m/s2（）

7、A两球在离地面10 m 高处相遇B两球相遇时速率都是10 m/s C两球在空中相遇两次D两球第一次落地的时间差为1s 二、填空题（本题共3 小题，每小题4 分，共 12 分请把答案写在答题卷中指定的位置）11物体以某一速度冲上足够长光滑斜面，加速度恒定前2s 内位移为1.6m，随后 2s 内位移为零，则物体运动的加速度大小为m/s2，该 4s 内的平均速率为m/s精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 17 页4 12物体在一条直线上运动，依次经过A、C、B三个位置，在AC段做加速度大小为a1的匀加速运动、 CB段做加速度大小为

8、a2的匀加速运动，且从A到 C和从 C到 B的时间相等，物体经过 A、B两点时的速度分别为vA和 vB，经过 C时的速度为vC=，则 a1和 a2的大小关系为a1a2；设从 A到 C和从 C到 B的位移大小分别为x1和 x2，则 x1x2 （两空均选填“”、“”或“=”）13电影特技中有一种叫做“快镜头”的放映方法对于一个从静止开始做匀加速直线运动的汽车，正常放映时，屏幕上汽车的加速度为a，汽车运动到某点时的速度为v；当使用n（n1）倍速度（即播放时间为正常放映时间的）的“快镜头”时，屏幕上汽车的加速度为，汽车运动到同一点的速度为三、实验题（本题10 分请把答案写在答题卷中指定的位置）14 （

9、10 分） （2015 秋?成都校级月考）某同学用如图（a）所示的实验装置研究小木块的运动装置中在靠滑轮端的木板上粘贴有粗糙的薄砂纸，某次实验得到的纸带如图（b） ，若交流电的频率为50HZ，则：（1）纸带中计数点A、B间的时间间隔为s；（2）打下点B时的速度大小为m/s； （计算结果保留三位有效数字）（3）小木块在砂纸段减速运动时的加速度大小为m/s2； （计算结果保留三位有效数字）（4）关于本实验，以下说法正确的有A实验中应当先释放纸带再接通计时器电源B小木块加速阶段的加速度比减速阶段的小C选用计数点最主要目的是为了减小测量误差D由纸带可知，小木块是在打下C、D之间某时刻滑上砂纸段的（5）

10、通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度该同学重新实验，通过正确的方法得到了一条与小木块做匀加速直线运动相对应的较为理想的纸带设在纸带上打下点O时小木块刚好开始运动，测出之后各点到O点的距离x，作出 xt2图象，得到图象的斜率为k，则小木块的加速度a= 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 17 页5 四、解答题（本题共3 小题，共38 分. 请把答案写在答题卷中指定的位置，要求写出必要的文字说明、方程和演算步骤）15 （10 分） （2011?天河区校级模拟）以速度为v0=10m/s 匀速行驶的汽车在第

11、2s 末关闭发动机，以后作匀减速直线运动，第3s 内的平均速度是9m/s，试求：（1）汽车作减速直线运动的加速度a；（2）汽车在10s 内的位移s16 （13 分） （2015?江西模拟）春节放假期间，全国高速公路免费通行，小轿车可以不停车通过收费站，但要求小轿车通过收费站窗口前x0=9m区间的速度不超过v0=6m/s现有甲、乙两小轿车在收费站前平直公路上分别以v甲=20m/s 和 v乙=34m/s 的速度匀速行驶，甲车在前，乙车在后 甲车司机发现正前方收费站，开始以大小为a甲=2m/s2的加速度匀减速刹车（1）甲车司机需在离收费站窗口至少多远处开始刹车才不违章；（2）若甲车司机经刹车到达离收

12、费站窗口前9m处的速度恰好为6m/s，乙车司机在发现甲车刹车时经t0=0.5s 的反应时间后开始以大小为a乙=4m/s2的加速度匀减速刹车为避免两车相撞，且乙车在收费站窗口前9m区不超速，则在甲车司机开始刹车时，甲、乙两车至少相距多远？17 （15 分） （2015 秋?成都校级月考）足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中某足球场长90m 、宽 60m 攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为l2m/s 的匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2试求：（1）足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大？（2）足

13、球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线向前追赶足球他的启动过程可以视为初速度为0，加速度为2m/s2的匀加速直线运动，他能达到的最大速度为8m/s该前锋队员至少经过多长时间能追上足球？（3）若该前锋队员追上足球后，又将足球以速度v 沿边线向前踢出，足球的运动仍视为加速度大小为2m/s2的匀减速直线运动与此同时，由于体力的原因，该前锋队员以6m/s 的速度做匀速直线运动向前追赶足球，若该前锋队员恰能在底线追上足球，求速度 v 的大小？2015-2016 学年四川省成都市树德中学高一（上）月考物理试卷（10 月份）参考答案与试题解析精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳

14、总结 - - - - - - -第 5 页，共 17 页6 一、选择题（本题共10 小题，每小题4 分，共 40 分每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，不选或有选错的得0 分）1以下说法中正确的是（）A质点一定是体积和质量极小的物体B速度不变的运动是匀速直线运动C物体的位移为零时，它的速度一定为零D做匀变速直线运动的物体，t 秒内通过的路程与位移的大小一定相等考点 ：位移与路程；质点的认识分析：质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点， 是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看

15、物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示；路程表示运动轨迹的长度，在单向直线运动中，位移的大小等于路程速度的大小与位移没有关系解答：解： A、质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象， 能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略，故A错误B、速度指速度的大小与方向都不变，速度不变的运动是匀速直线运动故B正确C、物体的位移为零时，它的速度不一定为零，故C错误D、做匀变速直线运动的物体，若是往返运动，t 秒内通过的路程与位移的大小不一定相等，

16、故 D错误故选： B点评：本题考查到质点的概念以及物体的运动类型，要注意匀变速直线运动可能是单方向的运动，也可能是往返运动，所以在解答的过程中要全面考虑，并要熟记2下面有关物理学史和物理学方法的说法中，不正确的有（）A伽利略研究自由落体运动时，由于物体下落时间太短，不易测量，因此采用了“冲淡重力”的方法来测量时间，然后再把得出的结论合理外推B根据速度定义式v=，当t 非常非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C由 a=可知，物体的加速度又叫做速度的变化率，其值由比值决定D在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后

17、把各小段的位移相加，这里采用了微元法考点 ：物理学史分析：速度的定义v=，当 t 0 时，表示物体在t 时刻的瞬时速度，是采用数学上极限思想方法合力与分力是等效替代的关系，在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想匀变速运动分成无数小段，采用的是数学上的微分法质点是用来代替物体的，采用是等效替代法精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 17 页7 解答：解： A、伽利略研究自由落体运动时，由于物体下落时间太短，不易测量，因此采用了“冲淡重力”的方法来测量时间，然后再把得出的结论合理外推故A正确 B、速度的定义v=，表示平均速度

18、，当 t 0时，表示物体在t 时刻的瞬时速度，是采用数学上极限思想方法故B正确 C、物体的加速度又叫做速度的变化率，其值由比值决定故C不正确 D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成无数小段，采用的是数学中的微元法故D正确本题选不正确的，故选：C点评：本题考查物理常用的思维方法中学物理常用的思想方法有极限法、控制变量法、等效法、假设法等等3甲、乙两物体所受的重力之比为1：2，甲，乙两物体所在位置高度之比为4：1，它们做自由落体运动，则（）A下落过程中加速度之比是1： 1 B下落过程中的加速度之比是1：2 C下落时间之比为2：1 D落地时的速度之比是1：1 考点 ：自由落体运动专题

19、：自由落体运动专题分析：根据自由落体运动的速度位移公式求出落地的速度之比，根据位移时间公式求出在空中运动的时间之比解答：解：AB 、自由落体运动的加速度相等，与质量无关， 都为 g，故加速度之比为1：1，故 A正确， B错误C、根据 h=得， t=，高度之比为4：1，则运动的时间之比为2： 1，故 C正确；D、根据 v=gt 可得落地时的速度之比是2；1，故 D错误；故选： AC 点评：解决本题的关键知道物体做自由落体运动，加速度相等， 与物体的质量无关，结合运动学公式灵活求解4做匀加速直线运动的质点，在第1s 末的速度为2m/s下面判断正确的是（）A质点在第2s 末的速度一定是4m/s B质

20、点在前2s 内的位移一定是4m C质点的加速度一定是2m/s2D质点的加速度可能是3m/s2考点 ：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题 ：直线运动规律专题分析：根据题意不知道物体的具体运动情况，根据 v= 知前 2s 的平均速度， 从而知前2s 位移解答：解： A、做匀加速直线运动，根据 v=v0+at 知要知 2s 末速度须知加速度和初速度，由于初速度和加速度不确定，所以2s 末速度不一定为4m/s，故 A错误；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 17 页8 B、 根据 v=知前 2s

21、的平均速度为2m/s， 由 x=知前 2s 内的位移一定是4m ， 故 B正确；C、初速度为零时加速度大小为2m/s2，因为初速度不一定为零，故加速度不一定为是2m/s2，但加速度最大为2m/s2，故 CD错误；故选： B 点评：此题考察匀变速直线运动的规律：v=v0+at 以及 v= ，如果不熟练掌握此规律，不太容易想到解题思路，比较难5如图所示， a、b 两条曲线分别为汽车A、B行驶在同一公路上的vt 图象， a、b 曲线交点的连线与时间轴平行，且 a、b 曲线关于它们两交点的连线对称已知在 t2时刻两车相遇，下列说法正确的是（）A在 t1t2这段时间内，两车位移相等Bt1时刻 A车在前，

22、 B车在后C在 t1t2这段时间内的同一时刻，A、B两车的加速度相等D在 t1t2这段时间内的同一时间段，A、B两车的速度改变量的大小均相等考点 ：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题 ：运动学中的图像专题分析：根据速度时间图线判断汽车的运动规律，通过图线与时间轴围成的面积表示位移判断哪个汽车在前通过图线的斜率判断加速度的变化解答：解：AB 、已知在 t2时刻两车相遇， 在 t1t2时间内， a 图线与时间轴围成的面积大，则 a 的位移较大，可知t1时刻， A车在后， B车在前，故A、B错误C、图线切线的斜率表示加速度，由图象可知，在t1t2这段时间内的相同时刻，A车与

23、B车加速度大小相等，方向相反，则加速度不等故C错误D、根据图象看出，在t1t2这段时间内的同一时间段，A、B两车的速度改变量的大小均相等，故 D正确故选： D 点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的切线斜率表示瞬时加速度6物体由静止开始做加速度大小为a1的匀加速直线运动，当速度达到v 时，改为加速度大小为 a2的匀减速直线运动，直至速度为零在匀加速和匀减速运动过程中物体的位移大小和所用时间分别为x1、x2和 t1、t2，下列各式成立的是（）A=B=精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8

24、 页，共 17 页9 C=Dv=考点 ：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题 ：直线运动规律专题分析：物体先做初速度为零的匀加速运动，后做匀减速运动，末速度为零， 两个过程平均速度相等， 匀加速运动的末速度与匀减速运动的初速度相同，运用位移公式和速度公式分别研究位移与时间、加速度与时间的关系对于整个运动过程，应用平均速度研究总位移与总时间的关系解答：解： A、由题得到，x1=， x2=，则两式相比得到，=故 A正确 B、由 v=a1t1，又 v=a2t2，得到，=故 B错误 C、D、对于整个运动过程，x1+x2= （t1+t2） ，所以，= =，故 C正确，D错误；故选： AC 点评：本题关键

25、对于两个运动过程之间的关系要熟悉，并能将这些关系转变成方程中等难度，若基本扎实，不会出错7“蛟龙号”是我国首台自主研制的作业型深海载人潜水器，如图所示，它是目前世界上下潜能力最强的潜水器假设某次海试活动中，“蛟龙号”完成海底任务后竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时， 此后“蛟龙号”匀减速上浮，经过时间 t 上浮到海面， 速度恰好减为零，则“蛟龙号”在t0（t0t ）时刻距离海平面的深度为（）AB vt0（1） C D考点 ：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与位移的关系专题 ：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出“蛟龙号”的加速度，采用逆向思维， 结

26、合位移时间公式求出“蛟龙号”在t0（t0t ）时刻距离海平面的深度精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 17 页10 解答：解：蛟龙号上浮时的加速度大小a= ，根据逆向思维，可知蛟龙号在t0时刻距离海平面的深度h=故选： D点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，基础题82010 年 8 月 5 日，智利圣何塞铜矿发生塌方事故，导致33 名矿工被困 10 月 14 日 0时 32 分，“凤凰二号”救生舱搭载最后一名救援人员到达地面，33 名矿工被困69 天全部获救如图所示，救援通道高度

27、624m，假设“凤凰二号”救生舱上升时间为20 分钟 48 秒，为保证矿工生命安全，救生舱的最大加速度不大于0.01m/s2，则（）A“凤凰二号”救生舱上升的平均速度为0.5m/s B“凤凰二号”救生舱上升的最大速度为0.5m/s C“凤凰二号”救生舱上升的加速时间一定大于50s D“凤凰二号”救生舱上升时可能是一直加速考点 ：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题 ：直线运动规律专题分析：根据求解平均速度；设最大速度为v，表示出位移解答：解： A、救援通道高度624m ，救生舱上升时间为20 分钟 48 秒，即 1248s，故平均速度为：=0.5m/s ；故 A正确；B、平均速度为0.5m/s

28、 ，由静止开始运动，故最大速度一定大于0.5m/s ，故 B错误；C、如果加速时间等于50s，则最大速度； v=at=0.5m/s ，则平均速度不可能达到0.5m/s ，故加速时间一定大于50s，故 C正确；D、如果一直加速，最后速度不为零，需要先加速、再匀速、最后减速，故D错误；故选： AC 点评：平均速度是位移与时间的比值，一定介于最大速度与最小速度之间，基础题目9如图所示为A、B两质点在同一直线上运动的位置时间（xt ）图象， A质点的图象为直线，B质点的图象为过原点的抛物线，两图象交点C、 D坐标如图，下列说法正确的是 （）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结

29、 - - - - - - -第 10 页，共 17 页11 A两次相遇的时刻分别为t1、t2B0t1时间段内B在前 A在后， t1t2时间段 A在前 B在后C两物体速度相等的时刻一定为t1t2时间段的中间时刻DA在 B前面且离B最远时， B的位移为考点 ：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题 ：运动学中的图像专题分析：在位移时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度； 平均速度等于位移除以时间图象的交点表示同一时刻到达同一位置，即相遇 位移图象并不是物体运动的轨迹解答：解： A、图象的交点表示同一时刻到达同一位置，即相遇，故A正确；B、有图可知，0 t1时

30、间段内 B的纵坐标比A的纵坐标大，所以B在前 A在后， t1t2时间段 A的纵坐标比B的纵坐标大， A在前 B在后，故B正确；C、0t1时间段内，位移时间图象斜率表示速度，乙图线的切线斜率不断增大，而且乙图线是抛物线，有s=kt2，则知乙车做匀加速直线运动，斜率表示速度，斜率相等时刻为t1t2时间段的中间时刻，故C正确D、当 AB速度相等时，相距最远，此时A的位移为，故 D错误故选： ABC 点评：理解位移时间图象点和斜率的物理意义的同时还要理解好好速度时间图象的点、线、面的物理意义10小球 A从离地面20m高处做自由落体运动，小球 B从 A下方的地面上以20m/s 的初速度做竖直上抛运动两球

31、同时开始运动，在空中相遇，取g=10m/s2（）A两球在离地面10 m 高处相遇B两球相遇时速率都是10 m/s C两球在空中相遇两次D两球第一次落地的时间差为1s 考点 ：竖直上抛运动分析：小球 A做自由落体运动，小球B做竖直上抛运动；根据位移时间公式分别求出A和 B的位移大小，两球在空中相碰，知两球的位移之和等于20m ，求出相遇的时间，从而得出相遇的速率精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 17 页12 解答：解： A、根据得，相遇的时间t=，相遇时， A球的速率vA=gt=10m/s ，B球的速率vB=v0 gt=2

32、0 10=10m/s，离地的高度，故 A错误， B正确C、第一相遇后，A继续向下运动，B球继续上升，两球不可能发生第二次相遇，故C错误D、A落地的时间，B球落地的时间，则落地时间差 t=tBtA=42s=2s，故 D错误故选： B点评：本题考查了竖直上抛和自由落体运动的基本运用，掌握处理竖直上抛运动的方法，结合运动学公式灵活求解二、填空题（本题共3 小题，每小题4 分，共 12 分请把答案写在答题卷中指定的位置）11物体以某一速度冲上足够长光滑斜面，加速度恒定前2s 内位移为1.6m，随后 2s 内位移为零，则物体运动的加速度大小为0.4 m/s2，该 4s 内的平均速率为0.4 m/s考点

33、：平均速度；加速度专题 ：直线运动规律专题分析：加速度恒定，物体做匀减速运动，根据逐差相等公式x=aT2，就可以求出加速度，平均速度等于位移与时间的比值解答：解：由 x=aT2，所以物体上滑的加速度：平均速度为故答案为： 0.4 ，0.4 点评：此题对匀变速直线运动的基本规律和推论都要熟练掌握，而且要理解速度变化量的含义，任何量的变化量都是用末状态的量减去初状态的量12物体在一条直线上运动，依次经过A、C、B三个位置，在AC段做加速度大小为a1的匀加速运动、 CB段做加速度大小为a2的匀加速运动，且从A到 C和从 C到 B的时间相等，物体经过 A、B两点时的速度分别为vA和 vB，经过 C时的

34、速度为vC=，则 a1和 a2的大小关系为a1a2；设从 A到 C和从 C到 B的位移大小分别为x1和 x2， 则 x1x2 （两空均选填“”、“”或“=”）考点 ：匀变速直线运动规律的综合运用专题 ：直线运动规律专题分析：物体的运动时间t相等，由a=可知，速度变化量v越大，加速度越大，速度变化量越小， 加速度越小，比较速度的变化量大小，然后判断加速度大小关系根据速度和位移的关系可确定对应的位移关系精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页，共 17 页13 解答：解：根据题意从A到 C的时间和从C到 B的时间相等， 所以加速度的大小

35、由速度变化量决定，即比较：vC vA与 vBvC的大小，速度变化量大，加速度大，物体做减速直线运动，由数学关系知： vA（ vB） 0，即： vC vA vBvC，则 a1a2，因速度在增大； 则后一段时平均速度一定大于前一段的平均速度；故后一段的位移大于前一段位移；故答案为：；点评：此题主要是数学知识在物理中的应用，注意加速度的概念应用，速度变化量等于加速度乘以时间即可13电影特技中有一种叫做“快镜头”的放映方法对于一个从静止开始做匀加速直线运动的汽车，正常放映时，屏幕上汽车的加速度为a，汽车运动到某点时的速度为v；当使用n（n1）倍速度（即播放时间为正常放映时间的）的“快镜头”时，屏幕上汽

36、车的加速度为n2a ，汽车运动到同一点的速度为nv 考点 ：加速度专题 ：直线运动规律专题分析：由题，使用n 倍速度的“快镜头”，则知v2=nv1使用“快镜头”时，物体发生的位移在屏幕上与不使用“快镜头”时相同，根据公式v2=2ax，分析加速度的关系解答：解：由题，使用n 倍速度的“快镜头”，则有v1=nv由于使用“快镜头”时，物体发生的位移在屏幕上与不使用“快镜头”时相同，由公式 a=得知，x 相同，则有 a1=n2a故答案为： n2a， nv点评：解答本题的关键是抓住使用“快镜头”时，物体发生的位移在屏幕上与不使用“快镜头”时相同，再由运动学公式求解加速度的关系三、实验题（本题10 分请把

37、答案写在答题卷中指定的位置）14 （10 分） （2015 秋?成都校级月考）某同学用如图（a）所示的实验装置研究小木块的运动装置中在靠滑轮端的木板上粘贴有粗糙的薄砂纸，某次实验得到的纸带如图（b） ，若交流电的频率为50HZ，则：精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页，共 17 页14 （1）纸带中计数点A、B间的时间间隔为0.04 s；（2）打下点B时的速度大小为1.34 m/s； （计算结果保留三位有效数字）（3）小木块在砂纸段减速运动时的加速度大小为2.00 m/s2； （计算结果保留三位有效数字）（4）关于本实验，以下说

38、法正确的有C A实验中应当先释放纸带再接通计时器电源B小木块加速阶段的加速度比减速阶段的小C选用计数点最主要目的是为了减小测量误差D由纸带可知，小木块是在打下C、D之间某时刻滑上砂纸段的（5）通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度该同学重新实验，通过正确的方法得到了一条与小木块做匀加速直线运动相对应的较为理想的纸带设在纸带上打下点O时小木块刚好开始运动，测出之后各点到O点的距离x，作出 xt2图象，得到图象的斜率为k，则小木块的加速度a= 2k 考点 ：测定匀变速直线运动的加速度专题 ：实验题分析：根据打点的时间间隔得出相邻计数点间的时间间隔，根据某段时间内的平均速度等

39、于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度实验时应先接通电源，再释放纸带， 根据相邻相等时间内的位移之差比较加速度的大小，取计数点的目的为了减小实验误差解答：解： （1）相邻两个计时点的时间间隔为0.02s ，则 A、B的时间间隔为0.04s （2）B点的速度m/s=1.34m/s （3）根据 x=aT2，运用逐差法得，a=2.00m/s2（4）A、实验时应先接通电源，再释放纸带，故A错误B、在加速阶段相等时间内的位移之差大于减速阶段相等时间内的位移之差，可知加速阶段的加速度比减速阶段的加速度大，故B错误C、用计数点最主要目的是为了减小测量误差，故C正确

40、D、由纸带可知，小木块是在打下D、E之间某时刻滑上砂纸段的，故D错误故选： C（5）根据 x=得，知图线的斜率k=，则 a=2k故答案为：（ 1）0.04 ；（2）1.34 ；（ 3）2.00 ；（4）C；（5）2k点评：解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用四、解答题（本题共3 小题，共38 分. 请把答案写在答题卷中指定的位置，要求写出必要的文字说明、方程和演算步骤）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页，共 17 页15 15 （10 分） （2011?天河区校级模拟

41、）以速度为v0=10m/s 匀速行驶的汽车在第2s 末关闭发动机，以后作匀减速直线运动，第3s 内的平均速度是9m/s，试求：（1）汽车作减速直线运动的加速度a；（2）汽车在10s 内的位移s考点 ：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题 ：直线运动规律专题分析：（1）由匀变速直线运动平均速度的公式求出第3s 末的速度， 根据加速度定义式即可求得加速度；（2）刹车问题先求刹车时间，看看是否在10s 前就已经停止运动，再根据运动学基本公式即可求解解答：解： （1）设汽车在第3s 末的速度为v1，由题意有：解得： v1=8m/s 因此：=2m/s2（2）汽车在关闭发

42、动机前2s 内的位移为：x1=v0t1=20m 汽车在关闭发动机后速度减为零所需时间：=5s 因为 10s5s，所以汽车关闭发动机5s 后就停止运动，故汽车在关闭发动机后的位移为：=25m 因此，汽车在前10s 内的位移为：x=x1+x2=45m 答： （1）汽车作减速直线运动的加速度为=2m/s2；（2）汽车在10s 内的位移为45m 点评：刹车问题是一个实际问题，要注意刹车的时间即刹车后多长时间停止运动，再结合匀加速直线运动的基本公式解题16 （13 分） （2015?江西模拟）春节放假期间，全国高速公路免费通行，小轿车可以不停车通过收费站，但要求小轿车通过收费站窗口前x0=9m区间的速度

43、不超过v0=6m/s现有甲、乙两小轿车在收费站前平直公路上分别以v甲=20m/s 和 v乙=34m/s 的速度匀速行驶，甲车在前，乙车在后 甲车司机发现正前方收费站，开始以大小为a甲=2m/s2的加速度匀减速刹车（1）甲车司机需在离收费站窗口至少多远处开始刹车才不违章；（2）若甲车司机经刹车到达离收费站窗口前9m处的速度恰好为6m/s，乙车司机在发现甲车刹车时经t0=0.5s 的反应时间后开始以大小为a乙=4m/s2的加速度匀减速刹车为避免两车相撞，且乙车在收费站窗口前9m区不超速，则在甲车司机开始刹车时，甲、乙两车至少相距多远？考点 ：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的位移与

44、时间的关系专题 ：直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出甲车速度减为6m/s 时的位移，从而得出甲车司机需在离收费站窗口刹车的最小距离精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页，共 17 页16 根据速度时间公式求出甲乙两车速度相等的时间，通过不相撞的临界速度，结合位移公式进行求解解答：解： （1） 对甲车速度由20m/s 减速至 6m/s 的位移为： x1=m=91m x2=x0+x1=100m 即：甲车司机需在离收费站窗口至少100m处开始刹车（2）设甲、乙两车速度相同时的时间为t ，由运动学公式得：v乙a乙（

45、 t t0）=v甲a甲t 代入数据解得：t=8s 相同速度v=v甲a甲t=4m/s 6m/s，即 v=6m/s 的共同速度为不相撞的临界条件乙车从开始以34m/s 减速至 6m/s 的位移为：代入数据解得：x3=157m 所以要满足条件甲、乙的距离为：x=x3x1=15791m=66m 答：（1）甲车司机需在离收费站窗口至少100m处开始刹车才不违章（2）甲、乙两车至少相距66m 点评：本题考查多过程的运动学问题，注意各个运动过程的时间和位移关系，选择合适公式进行求解17 （15 分） （2015 秋?成都校级月考）足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到

46、底线附近进行传中某足球场长90m 、宽 60m 攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为l2m/s 的匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2试求：（1）足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大？（2）足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线向前追赶足球他的启动过程可以视为初速度为0，加速度为2m/s2的匀加速直线运动，他能达到的最大速度为8m/s该前锋队员至少经过多长时间能追上足球？（3）若该前锋队员追上足球后，又将足球以速度v 沿边线向前踢出，足球的运动仍视为加速度大小为2m/s2的匀减速直线运动与此同时，由于体力的原因，该前锋队员以6m/s 的速度

47、做匀速直线运动向前追赶足球，若该前锋队员恰能在底线追上足球，求速度 v 的大小？考点 ：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题 ：直线运动规律专题分析：（1）根据速度时间公式求出足球匀减速直线运动的时间，从而根据平均速度公式求出足球的位移精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 16 页，共 17 页17 （2）根据速度时间公式求出运动员达到最大速度的时间和位移，然后运动员做匀速直线运动，结合位移关系求出追及的时间（3）结合运动员和足球的位移关系，运用运动学公式求出前锋队员在底线追上足球时的速度解答：解： （1

48、）足球匀减速运动的时间为，运动位移为（2）前锋队员做匀加速运动达到最大速度的时间和位移分别为：，则之后前锋队员做匀速直线运动，到足球停止运动时，其位移为：x3=v2（t1 t2）=8（ 6 4）m=16m 由于 x2+x3x1，故足球停止运动时，前锋队员没有追上足球，然后前锋队员继续以最大速度匀速运动追赶足球，由匀速运动公式得x1（ x2+x3）=v2t3，代入数据得： t3=0.5s 前锋队员追上足球的时间t=t1+t3=6.5s （3）此时足球距底线的距离为：x4=45x1=4536m=9m 设前锋队员运动到底线的时间为t4，则有 x4=v3t4足球在 t4时间内发生的位移为联立以上各式代入数据解得：v=7.5m/s 答： （1）足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为36m （2）前锋队员至少经过6.5s 能追上足球（3）若该前锋队员恰能在底线追上足球，速度为7.5m/s 点评：解决本题的关键理清足球和运动员的位移关系，结合运动学公式灵活求解由于是多过程问题，解答时需细心精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 17 页，共 17 页