2022年高考物理二轮专题练习实验题突破策略与技巧 .pdf

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1、学习必备欢迎下载专题二 实验题突破策略与技巧 - 提高技能多捞分力学实验题巧练( 一) 1如图所示，用游标卡尺、刻度尺和螺旋测微器分别测量三个工件的长度，测量值分别为_cm、_cm、_mm. 答案： 1.32 1.20 7.320 2如图 a 是甲同学利用A、B、C三根不同型号的橡皮筋做“探究橡皮筋的弹力与橡皮筋伸长长度的关系”实验得到的图线根据图a得出结论：_ _ ，若要选一个弹性较好的橡皮筋，应选_型号橡皮筋乙同学将一橡皮筋水平放置，测出其自然长度，然后竖直悬挂让其自然下垂，在其下端挂钩码，实验过程是在橡皮筋的弹性限度内进行的，用记录的钩码的质量m与橡皮筋的形变量x作出mx图象如图b 所示

2、可知橡皮筋的劲度系数为_解析： 由题图 a 可知橡皮筋的弹力F的大小与橡皮筋的伸长量x的变化关系图象为过原点的倾斜直线，所以橡皮筋的弹力F的大小与橡皮筋的伸长量x成正比；A型号橡皮筋的劲度系数相对小，对相同的拉力，橡皮筋的伸长量更大，收缩性更好；题图b 中图线斜率为kg，橡皮筋的劲度系数为k200 N/m. 答案：橡皮筋的弹力F的大小与橡皮筋的伸长量x成正比A200 N/m 3(2015安徽名校联考) 在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某小组利用如图甲所示的装置完成实验，橡皮条的一端C固定在木板上，用两只弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一确定的O点(1) 则下列叙述正确的是_A该实验中CO

3、的拉力是合力，AO和BO的拉力是分力B两次操作必须将橡皮条和绳的结点拉到相同位置C实验中AO和BO的夹角应尽可能大D在实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计的刻度线(2) 对数据处理后得到如图乙所示的图线，则F与F两力中，方向一定沿CO方向的是 _精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 21 页学习必备欢迎下载解析： (1)AO和BO的拉力与CO的拉力的合力为零，它们之间不是合力与分力的关系，A错误；实验中两次拉伸橡皮条，注意将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，以保证两次操作中CO的拉力是相同的，则选项B正

4、确；如果AO和BO的夹角适当，则两个分力可以将结点拉到O点，若夹角过大，则两拉力不一定能将结点拉到O点，所以选项C错误；弹簧测力计与木板平行以便保证各力在同一平面内，正对弹簧测力计的刻度线读数可以减小偶然误差，因此D正确(2) 由题图乙知，F是用平行四边形定则作出的合力，F是用一个弹簧测力计拉橡皮条时的拉力，故一定与CO共线的是F.答案： (1)BD (2)F4某中学的实验小组用如图所示的实验装置探究加速度与力和质量的关系，图中A为小车，B为盘实验时将小车靠近打点计时器，用绳子牵引小车运动，通过打点计时器得到一条纸带，通过纸带算出小车的加速度( 假设小车和砝码的总质量为M，盘和盘中砝码的总质量

5、为m) (1) 若绳子对小车的牵引力近似等于mg，则需满足 _关系(2) 该小组在探究加速度与质量的关系时，通过多次改变小车的质量，得到多组数据，如果用图象处理数据，作a与 _的关系图线能更直观地了解加速度a与质量M的关系(3) 通过多次实验，甲、乙两同学利用自己得到的数据和第(2) 问的关系，各自画出了图线，如图所示，该图象说明在甲、乙两同学做实验时_( 填“甲”或“乙” ) 同学实验中绳子的拉力更大解析： (1) 只有满足M?m时，绳对小车的拉力才近似等于盘及盘中砝码的重力(2) 由于a1M，a1M图象是一条过原点的直线，所以数据处理时，常作出a与1M的关系图线(3) 两小车及车上的砝码的

6、总质量相等时，由题图象知甲的加速度大，故甲同学实验中绳子的拉力更大答案： (1)M?m(2)1M(3) 甲5某同学设计了以下的实验来验证机械能守恒定律：在竖直放置的光滑的塑料米尺上套一个磁性滑块m，滑块可沿米尺自由下落在米尺上还安装了一个连接了内阻很大的数字电压表的多匝线框A，线框平面在水平面内，滑块可穿过线框，如图所示，把滑块从米尺的0 刻度线处释放，记下线框所在的刻度h和滑块穿过线框时的电压U. 改变h，调整线框的位置，多做几次实验，记录各次的h、U. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 21 页学习必备欢迎下载(1)

7、如果采用图象法对得出的数据进行分析论证，用图线 _( 选填“Uh”或“U2h”) 更容易得出结论(2)影响本实验精确程度的因素主要是_ _( 列举一点即可 ) 解析： (1) 电压表内阻非常大，则电压表示数U近似等于磁性滑块穿过线框产生的感应电动势E；滑块下落过程中，机械能守恒，则mgh12mv2，由EBLv可知，感应电动势大小与速度v成正比，故验证机械能是否守恒需要验证U2h关系图象是不是一次函数图象(2) 由于磁性滑块穿过线框时产生感应电流，机械能有损失答案： (1)U2h(2) 空气阻力 ( 或电磁感应损失机械能) 6(2015济南适应性训练) 为了测量木块与木板间的动摩擦因数，某小组使

8、用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放， 位移传感器可以测出木块到传感器的距离位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移x随时间t变化的规律，如图乙所示(1) 根据上述图线，计算0.4 s时木块的速度v_m/s，木块的加速度a_m/s2. (2) 为了测定动摩擦因数，还需要测量的量是_ ( 已知当地的重力加速度g) (3) 为了提高木块与木板间动摩擦因数 的测量精度，下列措施可行的是_AA点与传感器距离适当大些B木板的倾角越大越好C选择体积较大的空心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻解析： (1) 木块做匀加速直线运动，0.4 s时木块

9、的速度等于0.2 0.6 s时间段内的平均速度，可得v（30 14）1020.4 m/s 0.4 m/s ；由逐差公式 xaT2可知，木块的加速度大小a1 m/s2. (2)根据牛顿第二定律可知，木块沿斜面下滑的加速度大小agsin gcos ，据此式可知，只要测出倾斜木板与水平面的夹角 ，或者测出A点到位移传感器的高度即可(3) 根据前面的分析可知，为了提高木块和木板间的动摩擦因数 的测量精度，可以尽可能提高加速度a的测量精度，因此可使A点与传感器的测量距离适当大一些，故A选项正确；木板的倾角不能太小，太小时木块不下滑，但也不是越大越好，B选项错误；木块的体积小些较好，C选项错误；根据xaT

10、2，传感器开始计时的时刻不需要是木块从A点释放的时刻，因此D选项错误答案： (1)0.4 1 (2) 倾斜木板与水平面的夹角( 或者A点到位移传感器的高度) (3)A 7(2015长沙二模)某同学用图甲所示实验装置来研究弹簧弹性势能与弹簧压缩量的关系，弹簧一端固定，精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 21 页学习必备欢迎下载另一端与一带有窄片的物块接触，让物块被不同压缩状态的弹簧弹射出去，沿光滑水平板滑行，途中安装一光电门设重力加速度为g. (1) 如图乙所示，用游标卡尺测得窄片的宽度L为_(2) 记下窄片通过光电门的时间t

11、10 ms，则窄片通过光电门的平均速度v_(3) 若物块质量为m，弹簧此次弹射物块过程中释放的弹性势能为_( 用m，L，t表示 ) 解析： (1) 游标卡尺主尺读数为10 mm ，20 分度游标卡尺的精确度为0.05 mm，游标尺第3 条刻度线与主尺刻度线对齐，故游标尺读数为0.15 mm ，故窄片宽度为10.15 mm.(2) 窄片通过光电门时间极短，其平均速度vLt10.1510 m/s 1.02 m/s.(3)由机械能守恒定律可知，开始时弹簧的弹性势能转化为物块的动能，所以弹簧弹射物块过程中释放的弹性势能Ep12mv2mL22（t）2. 答案： (1)10.15 mm (2)1.02 m

12、/s (3)mL22（t）28如图所示的实验装置可以用来探究动能定理，长木板倾斜放置，带有挡光片的小车放在长木板上，长木板旁放置两个距离为L的光电门A和B，质量为m的重物通过滑轮与小车相连，调整长木板倾角，使得小车恰好在细绳的拉力作用下处于平衡状态某时刻剪断细绳，小车加速运动测得挡光片通过光电门A的时间为 t1，通过光电门B的时间为 t2，挡光片宽度为d，小车质量为M，重力加速度为g，不计摩擦阻力(1) 小车加速运动受到的合外力F_(2) 小车经过光电门A、B的瞬时速度为vA_、vB_(3) 如果关系式 _ 在误差允许范围内成立，就算是验证了动能定理解析： (1) 由于在重物的拉力作用下小车处

13、于平衡状态，去掉拉力，小车受到的合外力就等于细绳的拉力，因此合力Fmg.(2) 挡光片经过光电门时的平均速度为vAdt1、vBdt2，挡光时间极短， 可以认为平均速度等于瞬时速度 (3) 合力做功WmgL，动能变化12Mdt2212Mdt12，如果这两部分在误差允许范围内相等，就算是验证了动能定理答案： (1)mg(2)dt1dt2(3)mgL12Mdt2212Mdt12力学实验题巧练( 二) 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 21 页学习必备欢迎下载1. 某课外科技活动小组学习了平行四边形定则后，利用 DIS 实验装置研

14、究“力的合成与分解”，如图所示A、B为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负A连接质量不计的细绳，可沿固定的板做圆弧形移动B固定不动，通过光滑铰链连接长0.3 m的杆将细绳连接在杆右端O点构成支架保持杆在水平方向，按如下步骤操作：测量绳子与水平杆的夹角AOB；对两个传感器进行调零；用另一绳在O点悬挂一个钩码，记录两个传感器读数；取下钩码，移动传感器A改变 角重复上述实验步骤，得到如下表格. F14.0042.3204.008F23.4721.1643.4603060150(1) 根据表格，A传感器对应的表中力为_( 选填“F1”或“F2”) 钩码质量为 _

15、kg( 保留 1 位有效数字 )(2) 本实验中多次对传感器进行调零，对此操作说明正确的是_A因为事先忘记了调零B何时调零对实验结果没有影响C为了消除横杆自身重力对结果的影响D可以完全消除实验的误差解析： (1)A传感器中的力均为正值，故A传感器对应的是表中力F1，平衡时，mgF1sin ，当 30时，F14.004 N，可求得m0.2 kg.(2) 在挂钩码之前，对传感器进行调零，目的是消除横杆自身重力对结果的影响，故C正确答案： (1)F10.2 (2)C 2在“探究匀变速直线运动的规律”的实验中，某同学设计的实验装置如图甲所示(1) 请指出该同学在实验操作中存在的两处错误： _；_(2)

16、 该同学经正确操作得到如图乙所示的纸带，取连续的六个点，测得h1、h2、h3、h4、h5. 若打点的周期为T，则打E点时速度为vE_；若分别计算出各计数点对应的速度数值，并在坐标系中画出v2与h的关系图线，如图丙所示，则小车的加速度a_m/s2. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 21 页学习必备欢迎下载解析： (1) 两处错误是打点计时器应该接交流电源，开始时小车应该靠近打点计时器(2)vEh5h32T，根据公式v2v202ax可知，题图丙中图线的斜率等于2a得a5.4 m/s2. 答案： (1) 打点计时器应该接交流电

17、源开始时小车应该靠近打点计时器(2)h5h32T5.4 3如图甲所示，用横梁、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长量的关系(1) 把弹簧上端固定在横梁上，下端悬吊不同重力的钩码，用刻度尺测量有关长度，实验中需要测量的物理量有： _(2) 关于实验注意事项，以下哪项是没有必要的？( 填入字母序号)_ A悬吊钩码后，在钩码静止后再读数B尽量减小弹簧和横梁之间的摩擦C弹簧的受力不超过它的弹性限度(3) 图乙是弹簧弹力F与弹簧伸长量x的Fx图线，由此可求出弹簧的劲度系数为_N/m.图线不过原点的原因是 _ 解析： (1) 根据实验原理，实验中需要测量的物理量有弹簧的原长

18、、弹簧受不同外力所对应的长度(2) 胡克定律只在弹性限度内才成立；实验时应在钩码静止、形变量稳定时读数；弹簧和横梁之间的摩擦力对本实验没有影响，所以选B.(3) 根据题图乙中图线的斜率等于k，取题图象中(0.5 ，0)和 (3.5 ，6) 两个点，利用Fkx，可得k200 N/m；图线不过原点是由于弹簧具有自重，使得弹簧不加外力时就有形变量答案： (1) 弹簧原长、弹簧受不同外力所对应的长度(2)B (3)200 弹簧存在自重4. 某同学利用光电门传感器设计了一个研究小物体自由下落时机械能是否守恒的实验， 实验装置如图所示，图中A、B两位置分别固定了两个光电门传感器实验时测得小物体上宽度为d的

19、挡光片通过A处传感器的挡光时间为t1，通过B处传感器的挡光时间为t2，重力加速度为g. 为了证明小物体通过A、B时的机械能相等，还需要进行一些实验测量和列式证明(1) 下列必要的实验测量步骤是_A用天平测出运动小物体的质量mB测出A、B之间的竖直距离hC测出小物体释放时离桌面的高度HD用秒表测出运动小物体由A到B所用时间 t(2) 若该同学用d和t1、t2的比值分别来反映小物体经过A、B光电门时的速度，并设想如果能满足_ 关系式，即能证明在自由落体过程中小物体的机械能是守恒的解析： (1) 本实验需要验证小物体由A运动到B过程中，小物体减少的重力势能mghAB和增加的动能12m(v2Bv2A)

20、 在误差允许范围内是否近似相等，即12(v2Bv2A) ghAB，故无需测量小物体的质量和小物体释放时离桌面的高度H，A、C项错误；需要测量A、B之间的竖直距离，B项正确；速度是通过光电门测量的，因此无需用秒表测出运精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 21 页学习必备欢迎下载动小物体由A到B所用时间 t，D 项错误 (2) 由题意知小物体经过两光电门的速度分别为dt1和dt2，代入12(v2Bv2A) ghAB可知，如果能满足dt22dt122gh即可证明小物体自由下落过程中机械能守恒答案： (1)B (2)(d/t2)2(

21、d/t1)22gh5(2015厦门质检) 关于验证机械能守恒定律的实验请回答下列问题：(1) 利用打点计时器打出纸带，请将下列步骤按合理顺序排列_( 填选项前字母) A释放纸带B接通电源C取下纸带D切断电源(2) 在打出的纸带上选取连续的三个点A、B、C，如图所示测出起始点O到A点的距离为s0，A、B两点间的 距 离 为s1，B、C两 点 间 的 距 离 为s2， 根 据 前 述 条 件 ， 如 果 在 实 验 误 差 允 许 的 范 围 内 满 足 关 系 式_ _，即验证了物体下落过程中机械能是守恒的( 已知当地重力加速度为g，使用交流电的周期为T) (3) 下列叙述的实验处理方法和实验结

22、果，正确的是_A该实验中不用天平测重物的质量，则无法验证机械能守恒定律B该实验选取的纸带，测量发现所打的第一点和第二点间的距离为1.7 mm ，表明打点计时器打第一点时重物的速度不为零C为了计算方便，本实验中选取一条理想纸带，然后通过对纸带的测量、分析，求出当地的重力加速度的值，再代入表达式：mgh12mv2进行验证D本实验中，实验操作非常规范，数据处理足够精确，实验结果一定是mgh略大于12mv2，不可能出现12mv2略大于mgh的情况解析： (1) 打点计时器使用时，先接通电源，后释放纸带；计时器不能长时间持续工作，使用完毕应立即关闭电源，故操作次序应为BADC.(2) 由匀变速直线运动规

23、律可知，纸带上打B点时重物的速度vBs1s22T，重物带动纸带由O运动到B过程中， 重物减少的重力势能为mg(s0s1) ，重物增加的动能为12mv2B，验证机械能守恒定律，二者应在误差允许的范围内近似相等，将vB代入整理可得： 8g(s0s1)T2(s1s2)2.(3) 由 8g(s0s1)T2 (s1s2)2可知，验证机械能是否守恒与重物质量无关，A项错误； 若纸带从静止开始运动，纸带在 0.02 s 内的位移h12gt22 mm ；若初速度不为零，则位移应大于2 mm ，B项错误；易知C项错误；实验中，不可避免地要克服摩擦力做功，因此势能的减少量mgh一定大于动能的增加量12mv2， D

24、项正确答案： (1)BADC (2)8g(s0s1)T2(s1s2)2(3)D 6(2015合肥二检)(1) 图甲为某同学做“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图，一端带有定滑轮的木板直接放在水平桌面上，细线与长木板平行在研究小车( 含砝码 ) 质量不变，加速度和作用力的关系时，他先后五次改变砂和砂桶的总质量，测出相应的加速度a.在第一次测量时，砂和砂桶的总质量为m1，小车质量M20m1，以后每次在砂桶里增加质量为m的砂子，已知mm12. 若把砂和砂桶的总重力作为小车所受合力F的大小，按这五组数据画出的aF图象可能是下列图乙中的_精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 -

25、 - - - - - -第 7 页，共 21 页学习必备欢迎下载(2) 第(1) 题图象中图线不过坐标原点的原因是_，若对此采取了纠正，该实验还存在一个较大的系统误差，是由砂和砂桶的总重力不等于小车受到的拉力引起的设砂和砂桶的总重力为F测，小车真正受到的拉力为F真若定义|F测F真|F真100% 为拉力测量的百分误差，现要求百分误差不大于5% ，则当小车的总质量为200 g 时，砂和砂桶的总质量最大不能超过_g. 解析： (1) 设小车与桌面之间的动摩擦因数为，由牛顿第二定律可得FMgMa，解得aFMg，A、B错若F较大时，不满足M?m，此时应用牛顿第二定律求解加速度时，绳子的弹力F不可近似认为

26、等于砂和砂桶的重力，而是小于砂和砂桶的重力，故加速度值与amgM g相比减小， C对，D错(2) 由于未平衡摩擦力，故导致砂与砂桶重力较小时，小车未加速运动，aF图象上表现为不过原点，与横轴有一定截距；由题意可知F测mg，设整体的加速度为a，由于摩擦力已被平衡，故绳的拉力为F真，由牛顿第二定律可得F真Ma，mgF真ma，解得：F真MmgMm，由题意可知百分误差|F测F真|F真100% mgMmgMmMmgMm100% 5% ，代入质量M200 g ，解得：m10 g. 答案： (1)C (2) 没有平衡小车所受的摩擦力10 7某同学用如图甲所示装置做“探究合力做的功与动能改变量的关系”的实验，

27、他通过成倍增加位移的方法来进行验证方法如下：将光电门固定在水平轨道上的B点，用重物通过细线拉小车，保持小车( 带遮光条 )和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离进行多次实验，每次实验时要求小车都由静止释放. (1) 用游标卡尺测出遮光条的宽度d，示数如图乙所示，则d_cm. (2) 如果每次实验时遮光条通过光电门的时间为t，小车到光电门的距离为s，通过描点作出线性图象来反映合力的功与动能改变量的关系，则所作图象关系是_时才能符合实验要求AstB st2Cst 1Dst2(3) 下列实验操作中必要的是_A调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动B必须满足重物的质量远小于小

28、车的质量C必须保证小车由静止状态开始释放解析： (1) 由游标卡尺读数规则可知，示数为：10 mm 0.0515 mm 1.075 cm. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 21 页学习必备欢迎下载(2) 由题意可知，该同学是通过成倍改变位移来改变做功的，设重物对小车的拉力为F，对小车有：Fs12mdt2，即有：s1t2，则 D正确(3) 由(2) 可知， 公式中的F是指小车所受到的合力，而且在整个实验过程中保持不变，所以在该实验中不需要平衡摩擦力；同理可知，重物与小车质量的大小关系也不会对实验结果产生影响；若小车释放速度

29、不为0，则会对实验结果产生影响，选项C正确答案： (1)1.075 (2)D (3)C 8(2015武汉市武昌区高三调研) 如图所示，上、下两个完全相同的圆弧轨道分别固定在竖直板上的不同高度处， 轨道的末端水平，上轨道可上下平移，在两轨道相对于各自轨道末端高度相同的位置上各安装一个电磁铁，两个电磁铁由同一个开关控制，通电后，两电磁铁分别吸住相同小铁球A、B，断开开关，两个小球同时开始运动离开圆弧轨道后，A球做平抛运动，B球进入一个光滑的水平轨道，则：(1)B球进入水平轨道后将做_运动；改变上轨道的高度，多次重复上述实验过程，总能观察到A球正好砸在B球上，由此现象可以得出的结论是：_. (2)

30、某次实验恰按图示位置释放两个小球，两个小球相碰的位置在水平轨道上的P点处，已知固定在竖直板上的方格纸的正方形小格边长均为9 cm ， 则可计算出A球刚到达P点时的速度大小为_m/s.(g取 10 m/s2，结果保留两位有效数字) 解析： (1) 观察到A球正好砸在B球上，说明两球在水平方向上，在相等的时间内，运动的位移相等，又因为B球进入水平轨道后将做匀速直线运动，从而说明A球( 或平抛运动 ) 的水平分运动是匀速直线运动(2) 由平抛运动规律可得：xv0t，h12gt2， 可得：v0 xg2h； 由动能定理可得：12mv212mv20mgh， 联立可得：vv202ghgx22h2gh4.5

31、m/s. 答案： (1) 匀速 (直线 ) A球( 或平抛运动 )的水平分运动是匀速直线运动(2)4.5 电学实验题巧练( 一) 1 图甲、乙为常用的电压表和电流表的刻度盘，在图甲中， 若选用的量程为015 V， 则表的示数为 _，若选用的量程为03 V， 则表的示数为_在图乙中， 若选用的量程为00.6 A，则表的示数为 _，若选用的量程为03 A ，则表的示数为_解析：在题图甲中，若选用的量程为015 V ，则最小分度为0.5 V ，读数时应估读到最小分度的1/5 ，所以读数为10.8 V 若选用的量程为03 V，则最小分度为0.1 V ，读数时应估读到最小分度的1/10 ，所以读数为 2

32、.16 V. 在题图乙中，若选用的量程为00.6 A ，则最小分度为0.02 A ，读数时应估读到最小分度的1/2 ，所以读精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 21 页学习必备欢迎下载数为 0.16 A 若选用的量程为03 A，则最小分度为0.1 A ，读数应估读到最小分度的1/10 ，所以读数为0.80 A. 答案： 10.8 V 2.16 V 0.16 A 0.80 A 2(2015昆明三中、玉溪一中统考)(1) 多用电表测未知电阻阻值的电路如图甲所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，Rg为表头内阻，电路中电

33、流I与待测电阻的阻值Rx关系图象如图乙所示，则该图象的函数关系式为_； ( 调零电阻R0接入电路的部分阻值用R0表示 ) (2) 下列根据图乙中IRx图线做出的解释或判断中正确的是_；( 有两个选项正确) A用欧姆表测电阻时，指针指示读数越大，测量的误差越小B欧姆表调零的实质是通过调节R0，使Rx0 时电路中的电流IIgCRx越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏D测量中，当Rx的阻值为图乙中的R2时，指针位于表盘中央位置的右侧(3) 某同学想通过一个多用电表中的欧姆挡，直接去测量某电压表( 量程 10 V)的内阻 ( 大约为几十千欧) ，欧姆挡的选择开关拨至倍率

34、“1 k”挡先将红、黑表笔短接调零后，选用图丙中_( 填“A”或“ B”) 方式连接在本实验中，如图丁所示为欧姆表和电压表的读数，请你利用所学过的知识，求出欧姆表电池的电动势为_ V ( 计算结果保留三位有效数字) 解析： (1) 对题图甲，由闭合电路欧姆定律，EI(R0RgrRx) ，题图乙中图象的函数关系式为IER0RgrRx. (2) 用欧姆表测电阻时，指针指示在刻度盘中间附近，测量的误差最小读数大或读数小，测量的误差都较大，选项 A错误测量中，当Rx的阻值为题图乙中的R2时，电流小于满偏电流的1/2 ，指针位于表盘中央位置的左侧，选项D错误(3) 由于多用电表红表笔连接内部电池的负极，

35、所以通过一个多用电表中的欧姆挡，直接去测量某电压表( 量程 10 V) 的内阻，红表笔应该连接电压表的“”接线柱，选用图丙中“A”方式连接电压表内阻为RV 40 k，电压表读数为U5 V ，该挡中值电阻为R中30 k ，所以EUURVR中8.75 V. 答案： (1)IER0RgrRx(2)BC (3)A 8.75 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 21 页学习必备欢迎下载3(2015河北五校质监) 为了测定一节干电池的电动势和内阻，实验室提供了下列器材：A待测干电池(电动势 1.5 V 左右，内阻不超过1.5 ) B电

36、流表A1( 量程 0 2 mA，内阻为10 ) C电流表A2( 量程 0 0.6 A ，内阻约为0.1 ) D滑动变阻器R1(0 20 ，10 A) E滑动变阻器R2(0 100 ，1 A) F定值电阻R3990 G开关、导线若干(1) 请在以上提供的器材中选择所需器材设计测量电路，在虚线框内补画完整的电路原理图( 要求在电路图中标明所使用器材) (2) 根据合理的设计电路测量数据，电流表 A1的示数记为I1， 电流表 A2的示数记为I2，某同学测出了6 组I1、I2的数据，并已描绘出如图所示的I1和I2的关系图线根据已描绘出的图线，可得被测干电池的电动势为_V，内阻为 _. 解析： (1)

37、测量干电池的电动势和内电阻常用方法为伏安法、伏阻法和安阻法，由于实验未提供电阻箱，故只能用伏安法 器材中未提供电压表，但有内阻已知的小量程电流表和定值电阻，可将其串联改装为电压表使用，另一电流表量程为0.6 A，故电路中电阻不能太大，故滑动变阻器选择R1，干电池内阻较小，故电流表内接(2)由欧姆定律可知，电源两端电压与电流表A1示数关系为UI1(RA1R3) ，因此图象中纵坐标的数值与电压的数值相等，由UEI2r可知，纵截距为电源电动势，故E1.48 V ；rUI1.48 1.080.500.80 . 答案： (1) 如图(2)1.48(1.471.49 均对 ) 0.80(0.770.81

38、均对 ) 4(2015宁夏银川一中一模)(1) 某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图所示，则它们的读数依次是_mm 、_A、_V. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 21 页学习必备欢迎下载(2) 已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为010 ，电流表内阻约为几欧，电压表内阻约为20 k ，电源为干电池 ( 不宜在长时间、 大功率状况下使用) ， 电源电动势E4.5 V， 内阻较小则以下电路图中， _( 选填字母代号) 电路为本次实验应当采用的最佳电路，但用此最佳

39、电路测量的金属丝电阻仍然会比真实值偏_( 选填“大”或“小”) (3) 若已知实验所用的电流表内阻的准确值RA2.0 ，那么测量金属丝电阻Rx的最佳电路应是上图中的_( 选填字母代号) 电路此时测得电流为I、 电压为U， 则金属丝电阻Rx_( 用题中字母代号表示) 解析： (1) 螺旋测微器的固定刻度读数为0.5 mm，可动刻度读数为49.90.01 mm 0.499 mm，金属丝直径为 0.5 mm0.499 mm0.999 mm. 电流表读数为0.42 A ，电压表读数为2.23 V. (2) 因RV?RxRx2.230.425.3 ，测量电路采用电流表外接法，故最佳电路为丁电路，此时测量

40、结果因电压表的分流而偏小(3) 若已知电流表内阻时，最佳电路为戊电路，由欧姆定律得：RxRAUI，那么RxUIRA. 答案： (1)0.999(0.9981.000 间均可 ) 0.42 2.23(2.222.24 间均可 ) (2) 丁小(3) 戊UIRA5有一个小灯泡上标有“4 V，2 W ”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的IU图线现有下列器材供选用：A电压表 (0 5 V，内阻 10 k ) B电压表 (0 15 V，内阻 20 k ) C电流表 (0 3 A，内阻 0.4 ) D电流表 (0 0.6 A ，内阻 1.0 ) E滑动变阻器(10 ， 2 A) F滑动变阻器(500 ，

41、1 A) G学生电源 ( 直流 6 V) 、开关、导线若干精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页，共 21 页学习必备欢迎下载(1)实 验 时 ， 选 用 图 甲 而 不 选 用 图 乙 的 电 路 图 来 完 成 实 验 ， 请 说 明 理 由 ：_. (2) 实验中所用电压表应选用_，电流表应选用 _，滑动变阻器应选用_(用序号字母表示 ) (3) 把图丙中所示的实验器材按图甲用笔画线代替导线连接成实物电路图(4) 某同学通过实验测量得到的数据已经描在了如图所示的IU坐标系中， 请用一光滑的曲线将各描点连接好解析： (1) 由

42、于测量数据要从零开始，故采用图甲所示的分压式电路，且能方便地多测几组数据(2) 因小灯泡额定电压为4 V，则电压表选量程为0 5 V的电压表小灯泡的额定电流为IPU24A 0.5 A，则电流表选D.滑动变阻器应选最大阻值较小的E， 这样在实验中移动滑片时能使电路中的电流和电压有明显的变化，从而减小读数误差(3) 按题图甲连接实物电路图，如图所示(4) 所描的伏安特性曲线如图所示精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页，共 21 页学习必备欢迎下载答案： (1) 描绘灯泡的IU图线所测数据需从零开始，并要多取几组数据(2)A D E

43、(3) 、(4) 见解析图6(2015广西四校调研) 某同学为了测定一只电阻的阻值，采用了如下方法：(1) 用多用电表粗测：多用电表电阻挡有4 个倍率：分别为 1 k、100、 10、1，该同学选择 100倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大( 指针位置如图中虚线所示)为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤： _. 两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在0 处重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是_. (2) 为了尽量准确测该电阻，要求测量时，电表指针有较大偏转，测量多组数据除被测电阻外，还备有如下实验仪器，请选择仪器，设计

44、实验电路A电压表V(量程 50 V ，内阻约为25 k ) B电流表A1( 量程 50 mA、内电阻r120 ) C电流表A2( 量程 100 mA、内电阻约5 ) D定值电阻R0(80 ) E滑动变阻器R(0 10 ) F电源：电动势E6 V，内电阻较小G导线、开关若干请在虚线框内画出能准确测量电阻Rx的电路图 ( 要求在电路图上标出元件符号) 请根据设计的电路图写出Rx的测量值表达式Rx_解析： (1) 由题知选择 100倍率的电阻挡，正确操作时，发现多用电表的指针偏转角度太大，由多用电表的电阻刻度特点可知，为了使读数准确，指针要摆到表盘中央附近，则要把100倍率挡换成 10 倍率挡由欧姆

45、表表盘的读数规则可知测量结果为12.010 120 . (2) 已知电源电动势E6 V，而电压表V的量程为 50 V ，相比较可得知，此电压表不可选，误差太大；由电源电动势E6 V，被测阻值约120 可知：通过Rx的最大电流约为IERx50 mA；此题要用伏安法测电阻，测量中表的指针要有较大角度偏转误差才会较小，同时知A1的量程和内电阻，可将定值电阻R0与 A1串联改装成一精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页，共 21 页学习必备欢迎下载电压表测Rx两端的电压；滑动变阻器的最大阻值R 10 比被测电阻Rx小得多，则采取分压式接法

46、，则电路图如图所示：由电路图可知，Rx两端电压UxI1(R0r1) Rx中的电流IxI2I1则RxUxIxI1I2I1(R0r1) 答案： (1) 换用 10倍率的挡位120(2) 电路图见解析I1I2I1(R0r1) 电学实验题巧练( 二) 1(2015贵州七校联考) 测量一个长约5 cm、电阻R1约为 30 、横截面为圆形、粗细均匀的导电材料的电阻率，所用器材如下：游标卡尺 (20 分度 ) ；螺旋测微器；直流电源E( 电动势为18 V ，内阻可忽略不计) ；标准电流表A1( 量程 1.5 A ，内阻r16 ) ；电流表 A2( 量程 2 A ，内阻r2约为 5 ) ；滑动变阻器R2( 最

47、大阻值 10 ) ；开关 S，导线若干(1) 用游标卡尺测得导电材料的长度如图甲所示，读数L_cm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，读数D_mm. (2) 请根据给出的仪器设计测电阻的实验电路原理图，要求获得较多的实验数据(3) 若某次测量中两电流表A1、 A2的读数分别为I1、I2，则由已知量和测量量计算电阻率的表达式_解析： (1) 游标卡尺主尺读数为50 mm ，20 分度游标卡尺精确度为0.05 mm，第 5 条刻度线与主尺刻度线对齐，故游标尺读数为50.05 mm 0.25 mm，所以该材料的长度为50 mm 0.25 mm50.25 mm5.025 cm ；螺旋测微器固定刻

48、度部分读数为2.0 mm ，可动刻度部分读数为15.00.01 mm 0.150 mm ，因此该材料直径为2.0 mm0.150 mm2.150 mm.(2) 标准电流表量程为1.5 A ，内阻为6 ，可当电压表使用，将其与待测材料并联，再与电流表A2串联，由于提供的滑动变阻器总电阻小于待测材料电阻，故需要将滑动变阻器接成分压式电路，电路图见答案(3) 通过并联电路特点，可知通过电阻R1的电流为I2I1，其两端电压UI1r1，所以待测材料的电精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页，共 21 页学习必备欢迎下载阻为R1I1r1I2I

49、1，由电阻定律R1LS，SD24，解得：电阻率D2I1r14L（I2I1）. 答案： (1)5.025 2.150 (2) 如图所示(3)D2I1r14L（I2I1）2(2015高考全国卷 ) 电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍某同学利用这一事实测量电压表的内阻( 半偏法 ) ，实验室提供的器材如下：待测电压表V(量程 3 V，内阻约为3 000 ) ，电阻箱R0( 最大阻值为99 999.9 ) ，滑动变阻器R1( 最大阻值 100 ，额定电流2 A) ，电源E( 电动势 6 V，内阻不计 ) ，开关 2 个，导线若干(1) 虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一

50、部分，将电路图补充完整(2)根据设计的电路，写出实验步骤：_ _ _ _ _. (3) 将这种方法测出的电压表内阻记为RV，与电压表内阻的真实值RV相比，RV_RV(填“”“”或“ 断开S2，调节电阻箱使电压表成半偏状态，电压表所在支路总电阻增大，分得的电压也增大；此时精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 16 页，共 21 页学习必备欢迎下载R0两端的电压大于电压表的半偏电压，故RVRV( 其他合理说法同样正确) 3(2015湖南十三校二联) 某同学利用图甲所示电路测定电源的电动势和内阻实验中电表内阻对实验结果影响很小，均可以忽略不计闭