第十六章电压和电阻 单元提升检测卷（解析版）.docx

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1、第十六章 电压和电阻 单元提升检测卷（解析版）（满分100分，时间90分钟）一、选择题（每题2分，共32分）1.用电压表测灯泡正常发光时的电压时，误将电压表与灯泡串联，这样引起的后果（）。A灯泡可能烧坏 B电压表烧坏 C灯泡不亮 D电压表无读数 【解析】当电压表与灯泡串联时，由于电压表的电阻很大，接入电路中相当于断路，所以，灯泡不亮；故C正确，A错误；此时电压表测的是电源电压，故电压表有示数，故BD错误；故选C。【答案】C。2.下列说法正确的是（ ）。A在并联电路中，不论灯泡电阻是大是小，每个灯泡两端的电压都相等；B使用电压表时，它的两个接线柱不允许不通过用电器直接与电源两极相连；C只要电路两

2、端接上电压表，则电路中一定有电流通过；D电流表和电压表都有一定的量程，使用时应注意选择量程，量程越大越好【解析】因超导体的电阻为零，用它作为输电线，输电线就不会因发热而存在电能的损失；若作为保险丝、电炉丝和滑动变阻器的线圈后，它们的电阻为零，保险丝就不能因发热而熔断，电炉丝就不会利用电流的热效应而工作，滑动变阻器也起不了保护电路，改变电流的作用。【答案】B。3.小红在做“用滑动变阻器改变电流”的实验时，连好如图所示的电路，将滑动变阻器的滑片滑到最大阻值处，闭合开关S，发现小灯泡L不亮。接下来，以下做法最合理的是（ ）。A观察电流表的示数是否为零，判断电路是否断路；B断开开关S，更换额定功率更大

3、的灯泡重新实验；C断开开关S，增加电池的个数重新实验；D断开开关S，拆掉导线重新连接电路【解析】A、该电路为串联电路，闭合开关，灯泡不亮时，先观察电流表是否有示数，如果无示数，说明电路出现断路现象，然后检测出断路的位置，并进行处理；BC、当电路发生断路故障时，换用更大功率的灯泡或增加电池数量，灯泡同样不发光，故BC选项错误；D、如果灯丝断了或导线发生断路，拆掉导线重新连接电路，灯泡仍然不亮，故D选项错误。故选A。4.如图所示电路中，当接通开关S后，发现电流表指针偏转，电压表指针不动，则故障可能是（ ）。AL1的灯丝断了 BL2的灯丝断了 CL1的接线短路 DL2的接线短路【解析】如果L1的灯丝

4、断了，电压表测电源电压，指针应偏转，此选项不符合题意；如果L2的灯丝断了，电路开路，电流表、电压表都无示数此选项不符合题意；如果L1短路，此处相当于导线，电阻为零，所以电压表的示数为零，指针基本不动；电流可以通过电流表，所以电流表指针偏转，此选项符合题意；如果L2短路，此处相当于导线，电压表测电源电压，指针应偏转。此选项不符合题意。【答案】C。5.下列说法正确的是（）。A在并联电路中，不论灯泡是大是小，每个灯泡两端的电压都相等；B使用电压表时，它的两个接线柱不允许不通过用电器直接与电源两极相连；C只要电路两端接上电压表，则电路中一定有电流通过；D电流表和电压表都有一定的量程，使用时应注意选择量

5、程，量程越大越好【考点】串并联电路电压规律、电流表和电压表的使用。【解析】（1）并联电路两端电压相等；（2）电压表可以直接并联在电源两端；（3）当电压表并联在导线两端时，示数为零；（4）电压表和电流表都需要选择合适的量程。解答：A、并联电路两端电压相等；故A正确；B、使用电压表时，它的两个接线柱允许不通过用电器直接与电源两极相连，故B错误；C、当电压表并联在导线两端时，示数为零；故C错误；D、电流表和电压表都有一定的量程，使用时应注意选择量程，量程合适即可，并不是越大越好，故D错误。故选A。6.在下图所示的电路中，闭合开关S，电压表能测量L1两端电压的是（）。 A B C D 【考点】串并联电

6、路电压测量。【解答】因为A B C选项均为串联电路，并且电压表都是并联在L2的两端，故ABC选项均不符合题意；D选项中L1和L2两灯并联，电压表与两灯并联，并且两灯两端电压相等，故D选项符合题意。故选D。7.如图所示，电源电压9V保持不变，当开关S闭合时，灯泡L1、L2均正常发光，电压表示数为3V，则灯泡L1两端的电压是（）。A3V B6V C4.5V D9V 【考点】串并联电路电压规律。【解析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，根据串联电路的电压的特点即可求出灯泡L1两端的电压。解答：因为L1与L2串联，电压表测L2两端的电压，并且串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯泡

7、L1两端的电压：U1=U-U2=9V-3V=6V。故选B。8.如图所示，电源电压是5V并保持不变，开关S闭合后电压表的示数为3V，则（）。AL1两端的电压为3V BL2两端的电压为3V CL2两端的电压为2V DL1两端的电压为5V【考点】串并联电路电压规律。【解析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端电压，根据串联电路特点分析答题。由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端电压，电压表示数是3V，则L2两端电压U2=3V，故B正确、C错误；灯L1两端电压U1=U-U2=5V-3V=2V，故AD错误。故选B。9.下列哪个物理量是决定导体电阻大小的因素之一（）A导体的长度 B导体中的电流C

8、导体两端的电压D导体实际消耗的电功率【考点】影响导体电阻的因素。【解析】导体电阻大小和导体的长度有关，与导体中的电流、导体两端的电压、导体消耗的电功率大小无关。故选A。10如果不考虑温度的影响，导体的电阻的大小与下列哪个因素无关（）。A导体的材料 B导体的长度C导体的横截面积D导体两端的电压【考点】影响导体电阻的因素。【解析】电阻是导体本身的一种性质，电阻大小的影响因素有材料、长度、横截面积、温度，与电压、电流等外界因素无关。根据影响电阻大小的因素来判断，A、B、C都影响电阻，D不影响。故选D。11.关于影响导体电阻大小的因素说法正确的是（）。A导体电阻大小取决于通过它电流的大小，电流越小的导

9、体电阻越大；B导体电阻大小取决于加在它两端电压的大小，电压越大的导体电阻越大；C相同材料制成粗细相同的导线，长度越长电阻也越大；D铜导线的电阻一定比铁导线的电阻小【考点】影响导体电阻的因素。【解答】A、电阻是导体自身的一种特性，与是否有电流通过无关，故A错误；B、导体的电阻与加在导体两端的电压无关，故B错误；C、粗细相同的两条导线，材料相同，故长导线的电阻较大，故C正确；D、铜导线和铁导线，因在导体的长度和横截面积未知的条件下，无法判断其电阻大小，故D错误。故选C。12.下列做法中，使电阻丝的电阻变大的是（）。A把电阻丝拉长； B把电阻丝对折C把电阻丝剪掉一段；D把电阻丝绕成螺线管【考点】影响

10、导体电阻的因素。【解析】A、导体被拉长后，导体的长度增大、而横截面积减小，导体的电阻增大；故A正确；B、对折后，导体的长度减小，横截面积增大，则导体的电阻减小，故B错误；C、把电阻丝剪掉一段，电阻丝的长度变短，电阻减小，故C错误；D、把电阻丝绕成螺线管后，电阻丝的材料、长度以及横截面积均不变，电阻不变，故D错误。故选A。13.如图所示，在保证安全的情况下，肯定能用滑动变阻器调节小灯泡由亮到灭的是（ ）。ABC.D【解析】A、图A中滑动变阻器与灯泡并联，当滑片P滑到左端时，会引起灯泡短路，实现灯泡由亮到灭，但不安全，故A错误；B、图中滑动变阻器与灯泡串联，当滑片P左右滑动时，只能改变灯泡亮度，不

11、能使灯泡熄灭，故B错误。C、图C中滑动变阻器与灯泡并联，当滑片P滑到右端时，会引起电源短路，故C错误。D、图B中滑动变阻器与灯泡并联，当滑片P滑到右端时，会引起灯泡短路，实现灯泡由亮到灭，故D正确。故选D。14.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器滑片向右移动时，以下说法不正确的是（）。A电流表A1的示数变小；B电压表的示数不变，电流表A2的示数不变；C电压表V示数与电流表A2示数的比值不变；D电压表V示数与电流表A2示数的比值变小【考点】电路的分析、欧姆定律的应用。【解析】由电路图可知，两电阻并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测滑动变阻器支路的电流，电流表A2

12、测R2支路的电流根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R2电流的变化，进一步可知电压表V示数与电流表A2示数的比值变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R1电流的变化。解答：由电路图可知，两电阻并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测滑动变阻器支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，即电流表A2的示数不变，故B正确；则电压表V示数与电流表A2示数的比值不变，故C正确、D错

13、误；将滑动变阻器滑片向右移动时，接入电路中的电阻变大，由可知，通过R1的电流变小，即电流表A1的示数变小，故A正确。【答案】D。15.如图所示的电路，电源电压恒定不变，当开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中（ ）。A. 电压表示数变大，灯变暗；B. 电压表示数变小，灯变亮；C电流表示数变大，灯变亮；D电流表示数变小，灯变暗【考点】电路电流、电压变化，电流、电压测量。【解析】滑动变阻器滑片向右移动，电路电阻增大，电流减小，故电流表示数变小；电流减小，灯泡两端电压变小，电压表测量灯泡两端电压，故电压表示数变小；灯泡的电压变小，灯泡亮度变暗。从以上选项可知，正确答案是D。【答案】D。16

14、.某精密电子仪器中为了便于调节电路中电流，其调节部分使用了两个变阻器。如图所示，已知这两个滑动变阻器是分别用不同的电阻丝绕在相同的绝缘管上制成的，其中的总电阻是的总电阻是。开始时两变阻器都处于最大阻值。下面的几种方法中，能既快又准确地使电流表指针指到要求位置的是（）。A.先调节，使电流表指针指到要求位置附近，再调节；B.先调节，使电流表指针指到要求位置附近，再调节；C.同时调节和，使电流表指针指到要求位置；D.交替、反复调节和，使电流表指针指到要求位置。【解析】两个变阻器串联起来使用，学生接触的比较少，很有新意。但生活中经常用到这样使用的变阻器，例如：收音机调台功能上的粗调和微调等。由题意可知

15、：比大多很（），线路中电流。调节其阻值变化大，对电流影响大，所以要快速将电路中的电流调到要求位置，应先调节大电阻，当电流表的指针到达要求位置附近时，若再调节使指针达到准确位置就很困难，因为小的调节，就会引起阻值大的变化，电流I就有较大的改变。所以此时要调节小电阻，因为它对电流的影响较小，能使指针准确地达到要求位置。答案B。二、填空题（每空2分，共30分）17.小明按图甲所示的电路进行实验，当闭合开关用电器正常工作时，电压表V1和V2的指针位置完全一样，如图乙所示，则L2两端的电压为 V，L1两端的电压为V。【考点】串并联电路电压规律。【解析】从图中可以看出V1测电源电压，V2测L2两端电压，而

16、两表指针一样，说明V1选的是大量程，V2的是小量程，则V1的示数为10V；V2示数为2V；又因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，则灯L2两端电压为2V；灯L1两端电压为10V-2V=8V。故答案为：2；8。18.在一次测L1、L2灯串联的电路电压的实验中，电路两端的总电压值如图甲所示，则总电压为 ，灯泡L1的电压如图乙所示，则灯L1的电压为 V，灯L2的电压为 V。【考点】电压表的读数和串联电路电压特点的应用【解析】根据电压表的量程和分度值得出电源的电压以及灯泡L1的电压，再根据串联电路的电压特点求出灯L2的电压。解答：由图可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，所以甲图总电压U=2

17、.5V，乙图灯泡L1的电压U1=1.1V，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯L2的电压：U2=U-U1=2.5V-1.1V=1.4V。故答案为：2.5；1.1；1.4。19.电工师傅给大功率用电器供电时常选择横截面积较 （选填“大”或“小”）的铜芯导线，目的是为了 （选填“增大”“减小”）导线的电阻，来节约能源，减少电能损失。【考点】影响导体电阻的因素。【解析】给大功率的电器供电时，电路中电流较大，为了降低导线上电能的损失，因此选择电阻比较小的导线，所以是横截面积较大的铜线。故答案为：大；减小。20. 14.如图所示的电路中，导线a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线b的一端在铅笔芯上左

18、右移动时，灯泡亮暗会发生变化这个实验说明铅笔芯是 （选填“导体”或“绝缘体”），还能说明导体的电阻与 有关。【考点】影响导体电阻的因素。【解析】（1）因为铅笔芯接入电路中灯泡发光，说明铅笔芯能够导电，所以这个实验说明铅笔芯是导体；（2）当导线b的一端在铅笔芯上左右移动时，改变了铅笔芯接入电路的长度，从而改变了铅笔芯接入电路的电阻，改变了电流，改变了灯泡亮度，所以这个实验说明导体的电阻与导体长度有关，根据改变连入电路中电阻线的长度可以改变电阻，制成了滑动变阻器。故答案为：导体；长度。22.在探究“导体的电阻与哪些因素有关”的问题时，某同学作了如下猜想：猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关；猜想

19、二：导体的电阻可能与导体的材料有关；猜想三：导体的电阻可能与导体的横截面积有关。下表给出了实验中所用到的导体的情况：导线代号ABCDEFG导线长度（m）1.00.51.51.01.21.50.5导线横截面积（mm2）3.00.61.80.61.81.81.8导线材料锰铜钨镍铬锰铜钨锰铜镍铬（1）为了探究导体电阻与长度的关系，应选代号为 的导线；（2）为了探究导体电阻与材料的关系，应选代号为 的导线；（3）为了探究导体电阻与导体横截面积的关系，应选代号为 的导线。【考点】影响导体电阻大小的因素。【解析】影响导体电阻大小的因素有材料、长度、横截面积；在研究时要采用控制变量法的思想；（1）研究电阻与

20、导体长度有关时，要控制横截面积、材料不变；（2）研究电阻与导体材料有关时，要控制长度、横截面积不变；（3）探究导体电阻跟导体横截面积的关系时，要控制材料、长度不变。根据表格可知：（1）研究电阻与导体长度有关时，要控制横截面积、材料不变，所以选C和G两根导线；（2）研究电阻与导体材料有关时，要控制长度、横截面积不变，所以选C和F两根导线；（3）研究电阻与导体横截面积有关时，要控制长度、材料不变，所以选A和D两根导线；（4）本实验采用了控制变量的研究方法。故答案为：（1）C、G；（2）C、F；（3）A、D。23.如图所示电路中，当电源电压不变时，当变阻器的滑片向左移动时，图中各表的示数变化情况是：

21、A表_，表_，表_。【解析】这道题有很多学生都做错了。原因是受思维定势的影响，主观认为只要滑片移动就会引起变阻器阻值的变化，而没有认真分析变阻器究竟能否变阻。本题中滑片上接有电压表，而电压表的电阻相当于无限大，故电压表所在的地方相当于开路，相当于把变阻器下面的两个接线柱接在电路中，此时变阻器不起变阻作用，故滑片移动时，电表A和的示数不变。至于电压表的示数变化可以这样分析：当滑片P在b端时，电压表被短路，故示数为零；当滑片P在a端时，电压表测的是整个的最大电压，故滑片向左移动时，电压表的示数增大。答案：增大、不变、不变。三、实验探究题（28分）24.(8分)按照课本要求探究串联电路中电压的规律，

22、小明设计的电路如图所示。根据电路图把电压表分别接入到电路中的AB、BC、AC之间，测出它们的电压，填入表中：实验次数AB间电压BC间电压AC间电压12.5V3.5V V（1）AC之间电压如图乙所示，将读出的结果填入表中。（2）在表格中记录数据后，下一步首先应该做的是A整理器材，结束实验 B换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值C分析数据，得出结论 D换用电压表的另一量程，再测出一组电压值（3）通过对上面数据的分析，可以得出的结论是： 。（4）指出表格的设计有哪个地方不合理？ 。【考点】探究串联电路电压规律。【解析】（1）由于电压表选择的是大量程，所以其分度值是0.5V，故电压表的示数是6V；（

23、2）通过实验数据分析总电压与各部分电路电压之间的关系，只能验证一次，所以发现实验次数太少，需要多次测量，为使多次测量更具普遍性，要更换灯泡规格，或改变电源电压；（3）据表中的数据能看出，串联电路中，各个部分的电压之和等于总电压；（4）为了得出普遍规律，一次实验是不够的，故此实验数据表格只设计了一次实验，为了得出普遍规律，应多设计出几次实验的数据记录表来；故答案为：（1）6；（2）B；（3）在串联电路中，各部分电压之和等于总电压；（4）此实验数据表格只设计了一次实验，为了得出普遍规律，应该多设计几次。25.（4分）用如图所示的实验电路来探究影响电阻大小的因素，电路中、a、b、c、d是四种不同的金

24、属丝。 现有几根镍铬合金丝和康铜合金丝，其规格如上表所示。为了便于探究和分析，实验中要利用控制变量法，要求都相对金属丝a进行比较，因此电路图中金属丝应选上表中的_(用编号表示)，b、c、d应分别选上表中的_(用编号表示)。【解析】因为都相对金属丝a进行比较所以相对该金属丝既能比较长度、材料，还能比较横截面积，因此a只能是，b、c、d只要组合起来能研究影响电阻大小的因素即可。【答案】；(顺序可互换)。26.（16分）在探究影响导体电阻大小的因素时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想：导体的电阻与导体的长度有关。导体的电阻与导体的横截面积有关。导体的电阻与导体的材料有关。实验室提供了4根电阻丝，规格

25、、材料如表编号材料长度/m横截面积/mm2A镍铬合金0.50.5B镍铬合金1.00.5C镍铬合金0.51.0D锰铜合金0.50.5为了验证上述猜想，他们设计了如图所示的实验电路。（1）按照图所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察 来比较导体电阻的大小。（2）为了验证上述猜想，应该选用编号 和 两根电阻丝进行实验；（3）如果选用编号为A、C两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想 （填序号）；（4）如果选用编号为A、B两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想 （填序号）。分别将A和B两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电阻丝A接入时电流表示数较大，由此，得到的结

26、论是： 。（5）以上研究问题的科学方法是采用了 。（6）在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，这样就 了输电线的电阻，从而可以 输电线上的电能损失（选填“增大”或“减小”）。【解析】（1）实验中，在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表示数（或小灯泡亮度）来比较导体电阻的大小；（2）要验证猜想：导体的电阻与导体的材料有关，应控制导体的长度与横截面积相同，而材料不同，由表中数据可知，应选编号为A、D的两根电阻丝进行实验；（3）由表中数据可知，A、C两电阻丝的长度、材料相同而横截面积不同，将A和C两电阻丝接入电路中M、N两点间，可验证导

27、体电阻跟横截面积的关系，即猜想；（4）A、B两电阻丝的材料、横截面积相同而长度不同，将A和B两电阻丝接入电路中M、N两点间，可验证导体电阻跟长度的关系，即猜想；电阻丝A接入时电流表示数较大，说明电阻丝A的电阻小，而电阻丝A的长度小于电阻丝B的长度，由此得到的结论是：材料和横截面积一定时，导体越长电阻越大（或导体越短电阻越小）；（5）导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积有关，探究影响电阻大小的因素时，需要运用控制变量法进行探究；（6）细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，输电线的电阻减小了，根据W损=I2Rt可知，导线上损失的电能也就减小了，从而起到节能的效果。故答案为：（

28、1）电流表示数（或小灯泡亮度）；（2）A、D； （3）；（4）；材料和横截面积一定时，导体越长电阻越大；（5）控制变量法；（6）减小；减小。四、计算题（10分）27.（6分）某校科技小组自制了一台可以测量电阻值的欧姆表。如图所示，欧姆表电路由一只灵敏电流计G、定值电阻、滑动变阻器和干电池（设电压不变）组成。使用时可把待测电阻接在A、B两端，为了能直接从灵敏电流计表盘上读出A、B端接入的电阻的阻值，需在表盘上重新标注A、B间所测的电阻的阻值数。当A、B端之间连接在一起时，调节滑动变阻器使灵敏的电流计指针偏转到最大位置处（满偏），已知此时灵敏电流计内阻、滑动变阻器的有效值和定值电阻的总电阻为，问：

29、（1）该欧姆表指针满偏的位置处，盘面应标注的示数是多少？（2）当A、B间断开时，该欧姆表指针所指的位置处，盘面应标注的示数是多少？（3）该欧姆表表盘正中间位置处应标注的示数是多少？简要说明为什么？（4）该欧姆表表盘上的刻度是否均匀？请从电路原理上说明理由。【解析】本题是滑动变阻器在实际中的创新应用，考查学生的创新思维以及应用知识解决实际问题的能力。（1）该欧姆表指针满偏的位置处，盘面应标注为零。（2）当A、B间断开时，该欧姆表指针所指的位置处，盘面应标注的示数为无穷大。（3）该欧姆表表盘正中间位置处应标注的示数为。该欧姆表表盘正中间位置，电路中的电流是指针满偏时的一半，说明此时电路中的总电阻是

30、指针满偏时的2倍，而指什满偏时电路中的电阻是，故指针在中间位置时A、B间连入的电阻是。（4）该欧姆表表盘上的刻度是不均匀的。理由：设电流表指针偏转角度与通过的电流成正比，但由欧姆定律可知，I与不成正比，所以欧姆表的刻度不均匀。28.（4分）如图所示的电路中，有几根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求： （1）两灯泡并联；（2）电流表测灯L1的电流；（3）闭合开关后，向A端移动滑动变阻器的滑片P，两灯均变暗。【解析】两灯泡并联，电流表测灯L1的电流，电流表选用小量程与灯L1串联；闭合开关后，向A端移动滑动变阻器的滑片P，两灯均变暗，说明变阻器串联在干路上，且向A端移动时滑动变阻器的电阻变大，如下图所示：根据实物图画出对应的电路图，如下图所示。