2019高三一轮总复习文科数学课时跟踪检测：9-2古典概型 .doc

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1、课 时 跟 踪 检 测 基 础 达 标1(2018届邢台模拟)袋中有2个红球，2个白球，2个黑球，从里面任意摸2个小球，不是基本事件的为()A正好2个红球B正好2个黑球C正好2个白球 D至少1个红球解析：袋中有2个红球，2个白球，2个黑球，从中任意摸2个，其基本事件可能是2个红球，2个白球，2个黑球，1红1白，1红1黑，1白1黑而至少1个红球中包含1红1白，1红1黑，2个红球三个基本事件，故不是基本事件，故选D.答案：D2(2018届沈阳模拟)齐王与田忌赛马，田忌的上等马优于齐王的中等马，劣于齐王的上等马，田忌的中等马优于齐王的下等马，劣于齐王的中等马，田忌的下等马劣于齐王的下等马，现从双方的

2、马匹中随机选一匹进行一场比赛，则田忌马获胜的概率为()A. B.C. D.解析：设齐王的三匹马分别记为a1，a2，a3，田忌的三匹马分别记为b1，b2，b3，从双方的马匹中随机选一匹进行一场比赛，其情况有：(a1，b1)、(a1，b2)、(a1，b3)、(a2，b1)，(a2，b2)、(a2，b3)、(a3，b1)、(a3，b2)、(a3，b3)，共9种；其中田忌获胜的有三种(a1，b2)、(a1，b3)、(a2，b3)，则田忌获胜的概率为，故选A.答案：A3(2017年天津卷)有5支彩笔(除颜色外无差别)，颜色分别为红、黄、蓝、绿、紫，从这5支彩笔中任取2支不同颜色的彩笔，则取出的2支彩笔中

3、含有红色彩笔的概率为()A. B.C. D.解析：从5支彩笔中任取2支不同颜色的彩笔有(红，黄)，(红，蓝)，(红，绿)，(红，紫)，(黄，蓝)，(黄，绿)，(黄，紫)，(蓝，绿)，(蓝，紫)，(绿，紫)，共10种取法，取出的2支彩笔中含有红色彩笔的有(红，黄)，(红，蓝)，(红，绿)，(红，紫)，共4种取法因此所求概率为.答案：C4(2017届长沙雅礼中学质检)现有10个数，它们能构成一个以1为首项，2为公比的等比数列，若从这10个数中随机抽取一个数，则它小于8的概率是()A. B.C. D.解析：数列的通项公式为an(2)n1，数列中的偶数项都为负数，小于8，共有5项，奇数项的第1,3项小

4、于8，故小于8的数有7个因此概率为P.答案：D5从1,2,3,4,5中随机选取一个数为a，从1,2,3中随机选取一个数为b，则ba的概率是()A. B.C. D.解析：基本事件的个数有5315，其中满足ba的有3种，所以ba的概率为.答案：D6从正六边形的6个顶点中随机选择4个顶点，则以它们作为顶点的四边形是矩形的概率等于()A. B.C. D.解析：在正六边形中，6个顶点选取4个，种数为15.选取的4点能构成矩形的，只有对边的4个顶点(例如AB与DE)，共有3种，所求概率为.答案：D7已知集合M1,2,3,4，N(a，b)|aM，bM，A是集合N中任意一点，O为坐标原点，则直线OA与yx21

5、有交点的概率是()A. B.C. D.解析：易知过点(0,0)与yx21相切的直线为y2x(斜率小于0的无需考虑)，集合N中共有16个元素，其中使直线OA的斜率不小于2的有(1,2)，(1,3)，(1,4)，(2,4)，共4个，故所求的概率为.答案：C8(2017届河南洛阳模拟)如图所示的方格，在每一个方格中填入一个数字，数字可以是1,2,3,4中的任何一个，允许重复，则填入A方格的数字大于B方格的数字的概率为()A. B.C. D.解析：只考虑A，B两个方格的填法，不考虑大小，A，B两个方格有16种填法，要使填入A方格的数字大于B方格的数字，则从1,2,3,4中选2个数字，大的放入A格，小的

6、放入B格，有(4,3)，(4,2)，(4,1)，(3,2)，(3,1)，(2,1)，共6种，故填入A方格的数字大于B方格的数字的概为.答案：D9(2018届河南模拟)一个袋中装有1红，2白和2黑共5个小球，这5个小球除颜色外其他都相同，现从袋中任取2个球，则至少取到1个白球的概率为_解析：记1个红球为A,2个白球为B1，B2,2个黑球为C1，C2，从中任取2个的基本事件有10个，分别为(A，B1)，(A，B2)，(A，C1)，(A，C2)，(B1，B2)，(B1，C1)，(B1，C2)，(B2，C1)，(B2，C2)，(C1，C2)，其中至少取到1个白球的基本事件有7个，故至少取到1个白球的概

7、率为P.答案：10(2016年四川卷)从2,3,8,9中任取两个不同的数字，分别记为a，b，则logab为整数的概率是_解析：从2,3,8,9中任取两个不同的数字，分别记为a，b，则(a，b)的所有可能结果为(2,3)，(2,8)，(2,9)，(3,8)，(3,9)，(8,9)，(3,2)，(8,2)，(9,2)，(8,3)，(9,3)，(9,8)，共12种取法，其中logab为整数的有(2,8)，(3,9)两种，故P.答案：11(2018届大连模拟)甲、乙两人玩剪子、石头、布的游戏，则玩一局甲不输的概率是_(用数字作答)解析：画树形图如下：从树形图可以看出，所有可能出现的结果共有9种，这些结

8、果出现的可能性相等，P(甲获胜)；P(平局)，玩一局甲不输的概率是.答案：12移动公司在国庆期间推出4G套餐，对国庆节当日办理套餐的客户进行优惠，优惠方案如下：选择套餐1的客户可获得优惠200元，选择套餐2的客户可获得优惠500元，选择套餐3的客户可获得优惠300元国庆节当天参与活动的人数统计结果如图所示，现将频率视为概率(1)求从中任选1人获得优惠金额不低于300元的概率；(2)若采用分层抽样的方式从参加活动的客户中选出6人，再从该6人中随机选出2人，求这2人获得相等优惠金额的概率解：(1)设事件A为“从中任选1人获得优惠金额不低于300元”，则P(A).(2)设事件B为“从这6人中选出2人

9、，他们获得相等优惠金额”，由题意按分层抽样方式选出的6人中，获得优惠200元的有1人，获得优惠500元的有3人，获得优惠300元的有2人，分别记为a1，b1，b2，b3，c1，c2，从中选出2人的所有基本事件如下：a1b1, a1b2, a1b3，a1c1, a1c2, b1b2, b1b3，b1c1，b1c2, b2b3, b2c1, b2c2, b3c1, b3c2，c1c2，共15个其中使得事件B成立的有b1b2，b1b3，b2b3，c1c2.共4个则P(B).能 力 提 升1已知函数f(x)x3ax2b2x1，若a是从1,2,3三个数中任取的一个数，b是从0,1,2三个数中任取的一个数

10、，则该函数有两个极值点的概率为()A. B. C. D.解析：对函数f(x)求导可得f(x)x22axb2，要满足题意需x22axb20有两个不等实根，即4(a2b2)0，即ab.又(a，b)的取法共有9种，其中满足ab的有(1,0)，(2,0)，(2,1)，(3,0)，(3,1)，(3,2)，共6种，故所求的概率P.答案：D2(2018届贵州遵义质检)记连续投掷两次骰子得到的点数分别为m，n，向量a(m，n)与向量b(1,0)的夹角为，则的概率为()A. B. C. D.解析：解法一：依题意，向量a(m，n)共有6636(个)，其中满足向量a(m，n)与向量b(1,0)的夹角，即nm的(m，

11、n)可根据n的具体取值进行分类计数：第一类，当n1时，m有5个不同的取值；第二类，当n2时，m有4个不同的取值；第三类，当n3时，m有3个不同的取值；第四类，当n4时，m有2个不同的取值；第五类，当n5时，m有1个取值，因此满足向量a(m，n)与向量b(1,0)的夹角的(m，n)共有1234515(个)，所以所求概率为.解法二：依题意可得向量a(m，n)共有6636(个)，其中满足向量a(m，n)与向量b(1,0)的夹角，即nm的向量a(m，n)有15(个)，所以所求概率为.答案：B3(2018届长沙四校联考)已知集合M1,2,3，N1,2,3,4定义映射f：MN，则从中任取一个映射满足由点A

12、(1，f(1)，B(2，f(2)，C(3，f(3)构成ABC且ABBC的概率为()A. B. C. D.解析：集合M1,2,3，N1,2,3,4，映射f：MN有4364种，由点A(1，f(1)，B(2，f(2)，C(3，f(3)构成ABC且ABBC，f(1)f(3)f(2)，f(1)f(3)有4种选择，f(2)有3种选择，从中任取一个映射满足由点A(1，f(1)，B(2，f(2)，C(3, f(3)构成ABC且ABBC的事件有4312种，所求概率为.答案：C4(2018届上海杨浦区一模)抛掷一枚均匀的骰子(刻有1,2,3,4,5,6)三次，得到的数字依次记作a，b，c，则abi(i为虚数单位)

13、是方程x22xc0的根的概率是_解析：抛掷一枚均匀的骰子(刻有1,2,3,4,5,6)三次，得到的数字依次记作a，b，c，基本事件总数n666216，abi(i为虚数单位)是方程x22xc0的根，(abi)22(abi)c0.即a1，cb21，abi(i为虚数单位)是方程x22xc0的根包含的基本事件为(1,1,2)，(1,2,5)，abi(i为虚数单位)是方程x22xc0的根的概率是P.答案：5(2017届广东广州模拟)甲、乙两名骑手骑术相当，他们各自挑选3匹马备用，甲挑选的三匹马分别记为A，B，C.乙挑选的三匹马分别记为A，B，C，已知6匹马按奔跑速度从快到慢的排列顺序依次为：A，A，B，

14、B，C，C.比赛前甲、乙均不知道这个顺序规定：每人只能骑自己挑选的马进行比赛，且率先到达终点者获胜(1)若甲、乙两人进行一次比赛，求乙获胜的概率；(2)若甲、乙二人进行三次比赛，且不能重复使用马匹，求乙获胜次数大于甲的概率解：(1)甲、乙二人选取的马匹共有9种搭配方式，且胜负情况如下表所示：胜负情况甲A甲B甲C乙A甲胜乙胜乙胜乙B甲胜甲胜乙胜乙C甲胜甲胜乙胜乙获胜的概率P.(2)根据题意，乙分别骑A，B，C时，甲骑手的马共有6种情况与之对应，如下表所示： 甲 ABC甲ACB甲BAC乙ABC乙ABC乙ABC乙的胜负负负胜乙的胜负负胜负乙的胜负胜负胜甲BCA甲CAB甲CBA乙ABC乙ABC乙ABC乙的胜负胜胜负乙的胜负胜负负乙的胜负胜负负以上6种情况中，只有两种情况乙胜次数多于甲，乙获胜次数多于甲的概率P.