2022年牛顿运动定律的应用第课时 .pdf

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1、3.5 牛顿运动定律的应用第一课时目标定位 1.明确动力学的两类基本问题.2.掌握应用牛顿运动定律解题的基本思路和方法用牛顿运动定律解决的几类基本问题1已知物体的受力和运动情况可求得物体的质量. 2根据物体的受力和初始运动情况，由牛顿运动定律可以确切地知道物体以后的运动3根据物体的运动情况，由牛顿运动定律可推知物体的受力情况运动情况 a F合 受力情况想一想：如图351 所示为某次真空实验中用频闪照相机拍摄到的金属球与羽毛在真空中下落时的照片，由照片可以看出，在真空中金属球与羽毛的下落运动是同步的，即它们有相同的加速度图 351 问题：根据牛顿第二定律，物体的加速度与其质量成反比，羽毛与金属球

2、具有不同质量，为何它们的加速度相同呢？答案牛顿第二定律中物体的加速度与其质量成反比的前提是合力不变本问题中真空中羽毛及金属球都是只受重力作用，故根据牛顿第二定律aFm知，它们的加速度均为自由落体加速度 g. 一、从受力确定运动情况1基本思路首先对研究对象进行受力情况和运动情况分析，把题中所给的情况弄清楚，然后由牛顿第二精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 9 页定律，结合运动学公式进行求解2解题步骤(1)确定研究对象，对研究对象进行受力分析，并画出物体的受力图(2)根据力的合成与分解，求出物体所受的合力(包括大小和方向)(3)

3、根据牛顿第二定律列方程，求出物体运动的加速度(4)结合物体运动的初始条件，选择运动学公式，求出所需的运动学量 任意时刻的位移和速度，以及运动轨迹等已知物体的受力情况Fma求得 a，xv0t12at2vv0atv2 v202ax求 x、v0、v、t. 例 1楼梯口一倾斜的天花板与水平地面成 37 ， 一装潢工人手持木杆绑着刷子粉刷天花板，如图352 所示，工人所持木杆对刷子的作用力始终保持竖直向上，大小为F10 N，刷子的质量为m0.5 kg，刷子可视为质点，刷子与板间的动摩擦因数为 0.5，天花板长为L4 m，取 sin 37 0.6，试求：图 352 (1)刷子沿天花板向上的加速度；(2)工

4、人把刷子从天花板底端推到顶端所用的时间解析(1)以刷子为研究对象，受力分析如图，以平行和垂直斜面建立坐标系设向上推力为F，滑动摩擦力为Ff，天花板对刷子的弹力为FN，由牛顿第二定律，得(Fmg)sin 37 (Fmg)cos 37ma代入数据，得a2 m/s2. (2)由运动学公式，得L12at2.代入数据，得t2 s. 答案(1)2 m/s2(2)2 s 借题发挥(1)正确的受力分析是解答本类题目的关键(2)假设物体受两个力作用，用合成法求加速度往往要简便一些；假设物体受三个或三个以上的力作用时，要正确应用正交分解法精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - -

5、- - - -第 2 页，共 9 页求加速度针对训练一个静止在水平面上的物体，质量为2 kg，受水平拉力F6 N 的作用从静止开始运动， 已知物体与平面间的动摩擦因数 0.2，求物体 2 s末的速度及2 s内的位移 (g 取10 m/s2) 解析物体竖直方向受到的重力与支持力平衡，合力为零，水平方向受到拉力F 和滑动摩擦力，则根据牛顿第二定律得Ffma，又 f mg联立解得， a 1 m/s2. 所以物体2 s 末的速度为v at 12 m2 m 2 s 内的位移为x12at22 m. 答案2 m/s2 m 二、从运动情况确定受力1基本思路首先从物体的运动情况入手，应用运动学公式求得物体的加速

6、度a，再在分析物体受力的基础上，灵活利用牛顿第二定律求出相应的力2解题步骤(1)确定研究对象；对研究对象进行受力分析，画出力的示意图(2)选取合适的运动学公式，求得加速度a. (3)根据牛顿第二定律列方程，求得合力(4)根据力的合成与分解的方法，由合力求出所需的力已知物体运动情况匀变速直线运动公式aFma物体受力情况例 2我国侵权责任法第87 条“高空坠物连坐”条款规定：建筑物中抛掷物品或者从建筑物上坠落的物品造成他人损害，难以确定具体侵权人的，除能够证明自己不是侵权人外，由可能加害的建筑物使用人给予补偿近日，绵阳一小伙就借助该条款赢得了应有的赔偿如图 353 所示，假设质量为5.0 kg 的

7、物体，从离地面36 m 高处，由静止开始加速下落，下落过程中阻力恒定，经3 s落地试求：图 353 (1)物体下落的加速度的大小；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 9 页(2)下落过程中物体所受阻力的大小(g 取 10 m/s2) 解析(1)物体下落过程中做初速度为零的匀加速运动，根据公式h12at2可得： a2ht28 m/s2. (2)根据牛顿第二定律可得mgfma，故 fmgma10 N. 答案(1)8 m/s2(2)10 N 针对训练如图 354 所示，水平恒力F20 N，把质量m0.6 kg 的木块压在竖直墙上，

8、木块离地面的高度H6 m木块从静止开始向下做匀加速运动，经过2 s 到达地面求：图 354 (1)木块下滑的加速度a 的大小；(2)木块与墙壁之间的动摩擦因数(g 取 10 m/s2)解析(1)木块从静止开始向下做匀加速运动，经过2 s到达地面，由位移时间公式得，H12at2解得 a2Ht23 m/s2. (2)木块下滑过程受力分析如图：竖直方向，由牛顿第二定律有：Gfma水平方向：由平衡条件有：FNfN联立解得 m g aF0.21. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 9 页答案(1)3 m/s2(2)0.21 三、多过

9、程问题分析1当题目给出的物理过程较复杂，由多个过程组成时，要明确整个过程由几个子过程组成，将过程合理分段，找到相邻过程的联系点并逐一分析每个过程联系点：前一过程的末速度是后一过程的初速度，另外还有位移关系等2注意： 由于不同过程中力发生了变化，所以加速度也会发生变化，所以对每一过程都要分别进行受力分析，分别求加速度例 3(2013四川资阳期末)如图 355所示， 在倾角 37 足够长的斜面底端有一质量m1 kg的物体，物体与斜面间的动摩擦因数 0.5.现用大小为F22.5 N、方向沿斜面向上的拉力将物体由静止拉动，经时间t00.8 s撤去拉力F，已知 sin 370.6， cos 37 0.8

10、，取 g10 m/s2，求：图 355 (1)t00.8 s 时物体速度v 的大小；(2)撤去拉力F 以后物体在斜面上运动的时间t. 解析(1)在拉力作用下物体沿斜面向上做匀加速运动，作出物体受力分析如下图根据受力情况和牛顿运动定律有：Fmgsin fmafN mg cos ， vat0联立并代入数据得：v10 m/s. (2)撤去拉力后物体先向上做匀减速运动至速度为0 后向下做匀加速运动至斜面底端设向上运动时间为t1，向下运动时间为t2，拉力作用下物体发生的位移为x0，由牛顿运动定律有：x012vt0精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第

11、 5 页，共 9 页向上运动时：mgsin mg cos ma10va1t1x112vt1向下运动时： mgsin mgcos ma2x0 x112a2t22，tt1t2联解并代入数据得：t4 s. 答案(1)10 m/s(2)4 s 针对训练质量为 m2 kg 的物体静止在水平面上，物体与水平面之间的动摩擦因数 0.5，现在对物体施加如图356 所示的力F，F10 N ， 37 (sin 37 0.6)，经 t110 s 后撤去力F，再经一段时间，物体又静止，(g 取 10 m/s2)则：图 356 (1)说明物体在整个运动过程中经历的运动状态；(2)物体运动过程中最大速度是多少？(3)物体

12、运动的总位移是多少？解析(1)当力 F 作用时，物体做匀加速直线运动，撤去F 时物体的速度到达最大值，撤去F后物体做匀减速直线运动(2)撤去 F 前对物体受力分析如图甲，有：Fsin FN1mgFcos Ffma1Ff FN1x112a1t21精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 9 页va1t1，联立各式并代入数据解得x125 m，v5 m/s. (3)撤去 F 后对物体受力分析如图乙，有： Ff mgma22a2x2 v2，代入数据得x22.5 m 物体运动的总位移：xx1x2得 x27.5 m. 答案(1)见解析(2)5

13、 m/s(3)27.5 m 从受力确定运动情况1如图 357 所示，某高速列车最大运行速度可达270 km/h, 机车持续牵引力为1.57 105N.设列车总质量为100 t，列车所受阻力为所受重力的0.1 倍，如果列车在该持续牵引力牵引下做匀加速直线运动， 那么列车从开始启动到到达最大运行速度共需要多长时间？(g取 10 m/s2) 图 357 解析已知列车总质量m100 t1.0105 kg，列车最大运行速度v270 km/h 75 m/s，持续牵引力F1.57105 N，列车所受阻力Ff0.1mg1.0 105 N. 由牛顿第二定律得FFfma，所以列车的加速度aFFfm1.571051

14、.0 1051.0 105m/s20.57 m/s2.又由运动学公式vv0at，可得列车从开始启动到到达最大运行速度需要的时间为tvv0a7500.57s131.58 s. 答案131.58 s 从运动情况确定受力2“歼十”战机装备我军后，在各项军事演习中表现优异，引起了世界的广泛关注如图358 所示，一架质量m5.0103kg 的“歼十”战机，从静止开始在机场的跑道上滑行，经过距离 x5.0102 m，到达起飞速度v60 m/s.在这个过程中飞机受到的平均阻力是飞机重量的 0.02 倍求飞机滑行时受到的牵引力多大？(g 取 10 m/s2) 精选学习资料 - - - - - - - - -

15、名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 9 页图 358 解析滑行过程， 飞机受重力G，支持力 FN，牵引力 F，阻力 Ff四个力作用， 在水平方向上，由牛顿第二定律得：FFfmaFf0.02mg飞机匀加速滑行v202ax由式得 a 3.6 m/s2，代入 式得 F 1.9104 N. 答案1.9104 N 多过程问题分析3静止在水平面上的物体的质量为2 kg，在水平恒力F 推动下开始运动，4 s 末它的速度到达 4 m/s，此时将力撤去，又经6 s物体停下来，假设物体与地面的动摩擦因数不变，求F 的大小解析前 4 s 物体做匀加速直线运动，由运动学公式可得其加速度a1vv0t

16、1404m/s21 m/s2 物体在水平方向受恒力F 和摩擦力Ff，由牛顿第二定律得：FFfma1 后 6 s 内物体做匀减速直线运动，其加速度为a2vvt2046m/s223m/s2 且由牛顿第二定律知：Ffma2 由 联立得： Fma1Ffm(a1 a2)2(123)N 103N. 答案103N 4物体以 12 m/s 的初速度从斜面底端冲上倾角为37 的斜坡， 已知物体与斜面间的动摩擦因数为 0.25(g 取 10 m/s2，sin 37 0.6，cos 37 0.8)求：(1)物体沿斜面上滑的最大位移；(2)物体再滑到斜面底端时的速度大小精选学习资料 - - - - - - - - -

17、 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 9 页解析(1)物体上滑时受力分析如图甲所示，垂直斜面方向：FNmgcos 37 平行斜面方向：Fmgsin 37ma1又 FFN由以上各式解得物体上滑时的加速度大小：a1gsin 37gcos 37 8 m/s2物体沿斜面上滑时做匀减速直线运动，速度为0 时在斜面上有最大的位移故上滑的最大位移xv202a114428m9 m. (2)物体下滑时受力如图乙所示垂直斜面方向：FN mgcos 37 ，平行斜面方向：mgsin 37Fma2.又 FFN由以上各式解得物体下滑时的加速度大小：a2gsin 37 gcos 37 4 m/s2由 v2 2a2x 解得物体再滑到斜面底端时的速度大小：v6 2 m/s. 答案(1)9 m (2)62 m/s 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 9 页