高数同济六版bai-D5_习题课.ppt

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1、目录 上页 下页 返回 结束 习题课一、与定积分概念有关的问题的解法一、与定积分概念有关的问题的解法二、有关定积分计算和证明的方法二、有关定积分计算和证明的方法定积分及其相关问题 第五五章 目录 上页 下页 返回 结束 一、与定积分概念有关的问题的解法一、与定积分概念有关的问题的解法1. 用定积分概念与性质求极限2. 用定积分性质估值3. 与变限积分有关的问题例例1. 求.de1elim10 xxxxnn解解: 因为 1,0 x时,xxnxe1e0所以xxxxnde1e100 xxnd1011n利用夹逼准则得0de1elim10 xxxxnn,nx目录 上页 下页 返回 结束 1) 思考例1下

2、列做法对吗 ?利用积分中值定理e1elimnn0不对不对 ! 因为 依赖于,n且,10说明说明: 2) 此类问题放大或缩小时一般应保留含参数的项 . px11ppxx11) 10( x1px1 如, P270 题7xxxxnnde1elim10故没理由认为0limnn目录 上页 下页 返回 结束 nnnnnnnnnI1212sinsin1sinlim解：解：将数列适当放大和缩小，以简化成积分和形式nkknkn11sin已知,2dsin1sinlim101xxnnknkn利用夹逼准则夹逼准则可知.2Inknnknn11sin1nknnk11sin(1998考研) 11limnnn例例2. 求目录

3、 上页 下页 返回 结束 思考思考: :nnnnnnnJ1212sinsinlim提示提示: :由上题1sinlimnIJnn11) 1(sinnnnn?11) 1(sinlimnnnnn222sinsin1sinlim1212nnnnnnnnnI00故目录 上页 下页 返回 结束 练习练习: 1.求极限).21(lim22222nnnnnnnn解：解：原式nn1limnini12)(11xxd1110242. 求极限).2212(lim12121nnnnnnnnn提示提示：原式nn1limnini121limnnnnini12n1xxd2102ln111limnnnini12左边= 右边目录

4、 上页 下页 返回 结束 例例3.d411032xxx估计下列积分值解解: 因为 1 ,0 x3241xx 41,412xxxxd411032xd2110 xxd41102即xxxd411032216目录 上页 下页 返回 结束 例例4. 证明.e2dee222042xxx证证: 令,e)(2xxxf则xxxxf2e) 12()(令,0)( xf得,21x, 1)0(f,e1)(421f2e)2(f,e1)(min42,0 xf22,0e)(maxxf故2204e2dee22xxx目录 上页 下页 返回 结束 例例5.设)(xf在1 ,0上是单调递减的连续函数， 试证1 ,0q都有不等式100

5、d)(d)(xxfqxxfq证明证明：显然1,0qq时结论成立.(用积分中值定理)qxxf0d)(10d)(xxfqqxxfq0d)()1 (1d)(qxxfq)1 (q)(1fqq)()1 (2fq , 01q1 ,2q10 q当时,)()()1 (21ffqq0故所给不等式成立 .明对于任何目录 上页 下页 返回 结束 例例6., 3) 1 (,0)(fxxf处连续在已知且由方程xyyxttfyttfxttf111d)(d)(d)(确定 y 是 x 的函数 , 求. )(xf解：解：方程两端对 x 求导, 得)( yxfyttf1d)(yyfx)(xttfy1d)()(xfy)(yxy令

6、x = 1, 得) 1 (d)()(1fyttfyyfy再对 y 求导, 得) 1 (1)(fyyfy3Cyyf ln3)(, 3, 1Cy得令3ln3)(xxf故0目录 上页 下页 返回 结束 例例7.ttttfxfxdcos2sin)()(02求可微函数 f (x) 使满足解解: 等式两边对 x 求导, 得)()(2xfxfxxxfcos2sin)(不妨设 f (x)0,则xxxfcos2sin21)(xxfxfd)()(xxxdcos2sin21Cx )cos2ln(21目录 上页 下页 返回 结束 注意 f (0) = 0, 得3ln21C3ln21)cos2ln(21)(xxfxco

7、s23ln21ttttfxfxdcos2sin)()(02Cxxf)cos2ln(21)(目录 上页 下页 返回 结束 例例8. 求多项式 f (x) 使它满足方程解解: 令, t xu 10302d) 1(d)(xxttfttxfx则10d)(ttxfxxuuf01d)(代入原方程得xuuf0d)(xttfx0d) 1(242xx 两边求导:)(xfxttf0d) 1() 1( xfxxx443)(xf ) 1(2xf) 1( xfx4122x可见 f (x) 应为二次多项式 , 设cxbxaxf2)(代入 式比较同次幂系数 , 得. 1,4, 3cba故143)(2xxxf再求导:目录 上

8、页 下页 返回 结束 二、有关定积分计算和证明的方法二、有关定积分计算和证明的方法1. 熟练掌握定积分计算的常用公式和方法2. 注意特殊形式定积分的计算3. 利用各种积分技巧计算定积分4. 有关定积分命题的证明方法思考思考: 下列作法是否正确?xxx1d1112112xxd111132)(32xt 令0d23112111ttt目录 上页 下页 返回 结束 例例9. 求.de12ln02xx解解: 令,sinetx则,sinlntx,dsincosdtttx原式ttttdsincoscos62tttdsinsin1262tttd)sin(csc26coscotcsclnttt6223)32(ln

9、目录 上页 下页 返回 结束 tttcbcadcos99例例10. 选择一个常数 c , 使0d)(cos)(99xcxcxba解解: 令, cxt则xcxcxbad)(cos)(99因为被积函数为奇函数 , 故选择 c 使)(cbca即2bac可使原式为 0 .目录 上页 下页 返回 结束 例例11. 设,de)(022yxfxyy解解: .d)() 1(102xxfx求xxfxd)() 1(102013)() 1(31xfxxxfxd)() 1(31103xxxxde) 1(31102322101) 1(2) 1d(e) 1(612xxx10de6euuu01e) 1(6euu)2(e61

10、) 1(2 xu令1) 12(222xxxx目录 上页 下页 返回 结束 例例12. 如图, 曲线 C 的方程为)2, 3(),(点xfy 解解: .d)()(302xxfxx 032)()(xfxx 是它的一个拐点, 线, 其交点为(2,4), 设函数f (x)具有三阶连续导数, 计算定积分xxfxxd)()(302 直线 l1与 l2 分别是曲线C在点(0, 0)与(3, 2)处的切 xxfxd)() 12(30 0)3( f(2005 考研)03)() 12(xfxxxfd)(30)2)2(7(03)(2xf)0()3( 216ff204162)3(; 2)0(ff043211 2 3

11、4 xO1l2ly)(xfy C目录 上页 下页 返回 结束 例例13. 若, 1,0)(Cxf解解: 令试证 :xxfxd)(sin0 xxfd0)(sin2xxfd20)(sin,xt则xxfxd0)(sinttftd)(sin)(0ttfd0)(sinttftd)(sin0 xxfxd)(sin0 xxfd)(sin20目录 上页 下页 返回 结束 因为xxfd)(sin0 xxfd)(sin20 xxfd2)(sin对右端第二个积分令xt xxfd)(sin220综上所述xxfxd)(sin0 xxfd)(sin20 xxfd)(sin20目录 上页 下页 返回 结束 例例14. 证明

12、恒等式)20(4darccosdarcsin22cos0sin0 xttttxx证证: 令ttttxfxxdarccosdarcsin)(22cos0sin0则)(xfxxxcossin2xxxcossin20因此, )0()(2xcxf又)(4fttttdarccosdarcsin212100tttdarccosarcsin210td21024故所证等式成立 .目录 上页 下页 返回 结束 例例15.,0)(,)(, )(xgbaxgxf且上连续在设试证, ),(ba使baxxfd)(baxxgd)()()(gf分析分析: 即证0d)()(d)()(babaxxgfxxfgxaxxgd)(x

13、故作辅助函数baxabaxaxxgxxfxxfxxgxFd)(d)(d)(d)()(至少存在一点xaxxfd)(x即xaxxgd)(baxxfd)(xaxxfd)(baxxgd)(x0目录 上页 下页 返回 结束 证明证明: 令baxabaxaxxgxxfxxfxxgxFd)(d)(d)(d)()()(, )(xgxf因在,ba上连续,)(上连续在故baxF在,),(内可导ba, 0)()(bFaF且至少, ),(ba使,0)(F即0d)()(d)()(babaxxgfxxfg因在,ba上)(xg连续且不为0 ,0d)(baxxg从而不变号,因此故所证等式成立 .故由罗尔定理知 ,存在一点目录

14、 上页 下页 返回 结束 思考思考: 本题能否用柯西中值定理证明 ?如果能, 怎样设辅助函数?),(babaxxfd)(baxxgd)(,)()(gf要证: xattfxFd)()(xattgxGd)()(提示提示: 设辅助函数 例15 目录 上页 下页 返回 结束 例例16.设函数 f (x) 在a, b 上连续,在(a, b) 内可导, 且 . 0)( xf:,)2(lim证明存在若axaxfax(1) 在(a, b) 内 f (x) 0 ; (2) 在(a, b) 内存在点 , 使 )(2d)(22fxxfabba(3) 在(a, b) 内存在与 相异的点 , 使 baxxfaabfd)

15、(2)(22(2003 考研) 目录 上页 下页 返回 结束 证证: (1) ,)2(lim存在axaxfax,0)2(limaxfax由 f (x)在a, b上连续, 知 f (a) = 0. ，又0)( xf所以f (x) 在(a, b)内单调增, 因此 ),(, 0)()(baxafxf(2) 设)(d)()(,)(2bxaxxfxgxxFxa, 0)()(xfxg则)(),(xgxF故满足柯西中值定理条件, 于是存在 使),(baaabattfttfabagbgaFbFd)(d)()()()()(22xxattfxd)()(2目录 上页 下页 返回 结束 即 )(2d)(22fttfa

16、bba(3) 因 0)()(ff)()(aff在a, 上用拉格朗日中值定理),(),( )(aaf代入(2)中结论得)(2d)(22afttfabba因此得 baxxfaabfd)(2)(22例16 题目录 上页 下页 返回 结束 )(xf例例17. 设, ,)(baCxf证证: 设且试证 :,0)(xf2)()(dd)(abxfxxxfbabattfxFxad)()(xatft)(d则)(xF)(1xf)(2axxa)(tf)(tftd2ttfxftfxfxad)()()()(20)(,xfax0故 F(x) 单调不减 ,0)()(aFbF即 成立.)(xf)(xfxattfd)(xatft)(d2)(ax 目录 上页 下页 返回 结束 作业作业 P269 4 (1) , (2) ; 7 ; 8 (1) ; 10 (2) , (5) ,(9) ; 13第四节