牛顿运动定律的综合应用试卷.docx

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1、精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结考点名片考点 11牛顿运动定律的综合应用可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结考点细讨论： 本考点是物理教材的基础，也是历年高考必考的内容之一，其主要包括的考点有：1超重、失重。 2连接体问题。 3牛顿运动定律的综合应用、滑块滑板模型、传送带模型等。其中考查到的如： 20XX 年全国卷第25 题、20XX 年全国卷第 25 题、20XX 年海南高考第 9 题、20XX 年北京高考第 8 题、20XX 年四川高考第 7 题、20XX 年大纲卷第 19

2、 题、20XX 年江苏高考第 5 题、20XX 年福建高考第 15 题、 20XX 年浙江高考第 17 题和第 19 题、20XX 年广东高考第 19 题、 20XX 年山东高考第 15 题等。备考正能量： 牛顿运动定律是历年高考的主干学问。它不仅是独立的学问点，更是解决力、电动力学综合问题的核心规律。可单独命 题挑选题、试验题 ，也可综合命题 解答题 。高考对本考点的考查以对概念和规律的懂得及应用为主，试题难度中等或中等偏上。一、基础与经典1小明家住十层，他乘电梯从一层直达十层。就以下说法正确选项A他始终处于超重状态 B他始终处于失重状态 C他先后处于超重、平稳、失重状态D他先后处于失重、平

3、稳、超重状态答案C可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 1 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -解析小明乘坐电梯从一层直达十层过程中，肯定是先向上加速，再向上匀速，最终向上减速，运动过程中加速度方向最初向上，中间为零，最终加速度方向向下，因此先后对应的状态应当是超重、平稳、失重三个状态， C 正确。2如下列图，一长木板在水平的面上运动，在某时刻t 0将一相对于的面静止的物块轻放到木板

4、上，已知物块与木板的质量相等，物块与木板间及木板与的面间均有摩擦，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上。在物块放到木板上之后，木板运动的速度 时间图象可能是图中的 答案A解析放上小木块后，长木板受到小木块施加的向左的滑动摩擦力和的面对左的滑动摩擦力，在两力的共同作用下减速，小木块受到 向右的滑动摩擦力作用，做匀加速运动，当两者速度相等后，可能以 共同的加速度一起减速，直至速度为零，共同减速时的加速度小于木 板刚开头运动时的加速度，故A 正确，也可能物块与长木板间动摩擦因数较小，达到共同速度后物块相对木板向右运动，给木板向右的摩可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳

5、总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 2 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -擦力，但木板的加速度也小于刚开头运动的加速度，B、C错误。由于水平面有摩擦，故两者不行能一起匀速运动，D 错误。3如下列图，放在固定斜面上的物块以加速度a 沿斜面匀加速下滑，如在物块上再施加一个竖直向下的恒力F ，就A物块可能匀速下滑 B物块仍以加速度a 匀加速下滑 C物块将以大于a 的加速度匀加速下滑 D物块将以小于a 的加速度匀加速下滑答案C解析

6、对物块进行受力分析， 设斜面的角度为，可列方程 mgsina mcgos ma，sincos g，当加上力F 后，由牛顿其次定律得mg F sin mg F cos ma1，即 mgsin mgcos F sin Fcosma1，maF sinFcosma1，F sinFcos F sinFaFa cos g ， g 大于零，代入上式知，a1 大于 a。物块将以大于a的加速度匀加速下滑。只有C 项正确。4. 多项如下列图， 质量分别为 mA、mB 的 A、B 两物块用轻线连接，放在倾角为的斜面上，用始终平行于斜面对上的拉力F 拉 A，使它们沿斜面匀加速上升，A、B 与斜面间的动摩擦因数均为。为

7、了增加轻线上的张力，可行的方法是可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 3 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -A减小 A 物块的质量B增大 B 物块的质量C增大倾角 D增大动摩擦因数 答案AB解析 对 A、B 组成的系统应用牛顿其次定律得： F mA mBgsin mAmBgcos mAmBa，隔离物体 B，应用牛顿其次定律得， F T mBgsin mBgcos mBa。以上两式联

8、立可解得： F T可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结mBF，由此可知， F T的大小与 、无关， mB越大， mA越小，可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结mAmBF T 越大，故 A 、B 均正确。5 多项质量分别为 M 和 m 的物块外形大小均相同，将它们通过轻绳跨过光滑定滑轮连接，如图甲所示，绳子平行于倾角为的斜面，M 恰好能静止在斜面上，不考虑M 、m 与斜面之间的摩擦。如互换两物块位置，按图乙放置，然后释放M ，斜面仍保持静止。就以下说法正确选项 A轻绳的拉力等于Mg B轻绳的拉力等于mg可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 -

9、 - - - - - - - - -第 4 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -C M 运动的加速度大小为 1singM mD M 运动的加速度大小为Mg答案BC解析互换位置前， M静止在斜面上，就有：Mgsin mg，互换位置后，对 M 有 Mg F T Ma ，对 m 有：F T mgsin ma，又 F T F T ，解得： a 1 sing，F T mg，故 A、D 错误， B、C 正确。6.如下列图，木块A 的质量为 m，木块 B 的质量为 M

10、 ，叠放在光滑的水平面上， A、B 之间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。现用水平力F作用于 A，就保持 A、B相对静止的条件是F 不超过A mgB MgMmC mg1 mD Mg1 M答案C解析由于 A、B 相对静止，以整体为讨论对象可知F M ma。如 A、B 即将相对滑动， 以物体 B 为讨论对象可知 mg Ma ，联立解可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结M得 F mg1 m，选项 C 正确。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结7如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B长木板足够长 的左端静止放着小物块A。某时刻， A 受到水平向右的外

11、力F 作用，F 随时间 t 的变化规律如图乙所示， 即 F kt，其中 k 为已知常数。 设可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 5 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -物体 A、B 之间的滑动摩擦力大小等于最大静摩擦力F f，且 A、B 的质量相等，就以下可以定性描述长木板B 运动的 v-t 图象是 答案B解析A、B 相对滑动之前加速度相同， 由整体法可得： F 2ma， F 增大

12、， a 增大。当 A、B 间刚好发生相对滑动时，对木板有F fma，2F f故此时 F 2F fkt，t k ，之后木板做匀加速直线运动，故只有B项正确。8. 如图，在光滑水平面上有一质量为m1 的足够长的木板，其上叠放一质量为m2 的木块。假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑 动摩擦力相等。现给木块施加一随时间t 增大的水平力F ktk 是常数，木板和木块加速度的大小分别为a1 和 a2。以下反映 a1 和 a2 变化的图线中正确选项 可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 6 页，共 23 页 - - - - - - -

13、 - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -答案A解析此题考查的是牛顿其次定律的应用。此题中开头阶段两物可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结F体一起做匀加速运动有F m1m2a，即 akt，两物可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结m1 m2m1 m2体加速度相同且与时间成正比。当两物体间的摩擦力达到m2g 后，两者发生相对滑动。 对 m2 有 F fma2，在相对滑动之前f 逐步增大，F fkt可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结相对滑动后 f m2g 不再变化， a2

14、m2 m2g，故其图象斜率增可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结大。而对 m，在发生相对滑动后，有mgma ，故 am2g可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结1值。故 A 选项正确。211为定1m1可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结9. 多项 神舟飞船返回时， 3 吨重的返回舱下降到距的面10km 时，下降速度为200 m/s。再减速就靠降落伞了，先是拉出减速伞， 16 s 后返回舱的速度减至80 m/s，此时减速伞与返回舱分别。然后拉 出主伞，主伞张开后使返回舱的下降速度减至10 m/s，此时飞船距的面高度

15、为 1 m，接着舱内 4 台缓冲发动机同时点火，给飞船一个向上 的反冲力，使飞船的落的速度减为零。将上述各过程视为匀变速直线运动， g 10 m/s2。依据以上材料可得 可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 7 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -A减速伞工作期间返回舱处于失重状态B主伞工作期间返回舱处于失重状态 C减速伞工作期间返回舱的平均加速度大小为7.5 m/s2 D每台缓冲发

16、动机的反冲推力约为返回舱重力的1.5 倍答案CD解析减速伞和主伞工作期间返回舱均减速下降，处于超重状态， A、B 项错。减速伞工作期间，返回舱从200 m/s 减速至 80 m/s，可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结由运动学公式得a1v1 v 2 7.5 m/s2，C 项正确。缓冲发动机开动后，t1可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结加速度大小为a 2v3 50 m/s2，由牛顿其次定律得4F mg ma ，可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结32h33F解得mg 1.5, D 项正确。10多项 如图甲所示，

17、 物块的质量 m1 kg，初速度 v 0 10 m/s， 在一水平向左的恒力F作用下从 O 点沿粗糙的水平面对右运动，某 时刻后恒力 F 突然反向，整个过程中物块速度的平方随位置坐标变化的图象如图乙所示， g10 m/s2。以下说法中正确选项可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 8 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -A 05 s 内物块做匀减速运动B在 t 1 s 时刻恒力 F 反

18、向C 恒 力 F 大 小 为 10 N D物块与水平面的动摩擦因数为0.3 答案BD0解析题图乙为物块运动的v 2-x 图象，由 v2v 22ax 可知，图象的斜率 k 2a，得 05m 位移内 a1 10 m/s2，513m 位移内可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结a2 4 m/s2，可知恒力 F 反向时物块恰好位于x5 m 处，t0v 0a11可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结mgfs，A 错误， B 正确。对物块受力分析可知，F F f ma1， F F f可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结ma2，得 F 7 N，F二、真题与模拟3 N， F f

19、 0.3，C 错误， D 正确。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结11. 2021 海南高考 多项如下列图，升降机内有一固定斜面，斜面上放一物块。开头时，升降机做匀速运动，物块相对于斜面匀速下滑。当升降机加速上升时A物块与斜面间的摩擦力减小可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 9 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -B物块与斜面间的正压力增大C物块相对于斜面减速下滑D物

20、块相对于斜面匀速下滑答 案 BD解析当升降机匀速运动，物块相对于斜面匀速下滑时有： mgsin mcgos，就 tan为斜面倾角 。当升降机加速上升时，设加速度为 a，物体处于超重状态，超重ma。物块 “重力” 变为 G mgma，支持力变为 N mg macosmgcos，B 正确。“重力”沿斜面对下的分力GF mg masin，沿斜面摩擦力变为f N mgmacos mcgos，A 错误。 f mgmacos tanmg macos mg masinG下 ，所以物块仍沿斜面匀速运动， D 正确， C 错误。122021 海南高考 多项如下列图，物块 a、b 和 c 的质量相同， a 和 b

21、、b 和 c 之间用完全相同的轻弹簧S1 和 S2 相连，通过系在a 上的细线悬挂于固定点O，整个系统处于静止状态。现将细线剪断。将 物块 a 的加速度的大小记为a1，S1 和 S2 相对于原长的伸长分别记为l1和 l2，重力加速度大小为g。在剪断的瞬时 A a1 3gB a1 0C l12l2D l1l2答案AC可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 10 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - -

22、- - -解析剪断细线前，把a、b、c 看成整体，细线上的拉力为T3mg。因在剪断瞬时，弹簧未发生突变，因此 a、b、c 之间的作用力与剪断细线之前相同。就将细线剪断瞬时，对 a 隔离进行受力分析， 由牛顿其次定律得： 3mg ma1，得 a1 3g，A 正确， B 错误。由胡克定律知： 2mgkl1， mgkl2，所以 l12l2，C 正确， D 错误。132021 北京高考 应用物理学问分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加好玩和深化。例如平伸手掌托起物体，由静止开头竖直向上运动，直至将物体抛出。对此现象分析正确选项A受托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B受托物体向上运动的过程

23、中，物体始终处于失重状态C在物体离开手的瞬时，物体的加速度大于重力加速度D在物体离开手的瞬时，手的加速度大于重力加速度 答案D解析物体在手掌的推力作用下，由静止竖直向上加速时，物体 处于超重状态。当物体离开手的瞬时，只受重力作用，物体的加速度 等于重力加速度，处于完全失重状态，故A、B、C错误。物体离开手的前一时刻，手与物体具有相同的速度，物体离开手的下一时刻， 手的速度小于物体的速度，即在物体离开手的瞬时这段相同的时间内，手的速度变化量大于物体的速度变化量，故手的加速度大于物体的加速度，也就是手的加速度大于重力加速度，故D 正确。142021 四川高考 多项如下列图，水平传送带以速度v 1

24、匀速运动，小物体 P、Q 由通过定滑轮且不行伸长的轻绳相连， t 0 时刻P 在传送带左端具有速度 v 2，P 与定滑轮间的绳水平， t t0 时刻 P 离开传送带。不计定滑轮质量和摩擦，绳足够长。正确描述小物体 P 速度随时间变化的图象可能是 可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 11 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -答案BC解析如 v 2v1 且 mQgmPg，对 P、Q 整

25、体分析有 mPgmQg mPmQa1，当 P 加速运动速度达到 v1 后，与皮带一起匀速运动， 直到离开传送带 也可能加速过程中就离开传送带 ，所以 B 项正确。如 v 2mPg，就 P 先匀减速到零再反向加速到离开传送带 也可能减速过程中就离开传送带 。如 v 2v 1，且 mQgv1 且 mQgmPg，满意 mQg mPg mP mQa2，中途减速至v1，以后满意 mQg mPg mPmQa3，以 a3先减速到零再以相同的加速度返回直到离开传送带也可能减速过程中就离开传送带 ，故 C 正确， A、D 错误。152021 大纲卷 一物块沿倾角为的斜坡向上滑动。当物块的初速度为 v 时，上升的

26、最大高度为H ，如下列图。当物块的初速度为可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 12 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -v2时，上升的最大高度记为h。重力加速度大小为g。物块与斜坡间的动摩擦因数和h 分别为 Hv 2HA tan和 2B. 2gH1 tan和 2Hv 2HC tan和 4D. 2gH1 tan和 4答案D解析对物块上滑过程由牛顿其次定律得mgsin mcgos可编辑

27、资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结ma，依据运动规律可得v 2 2aH， v 2 2ah，联立可得可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结v 2H sin2 sin可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结2gH 1 tan， h 4 。故 D 项正确。162021 福建高考 如图，滑块以初速度v0 沿表面粗糙且足够长 的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零。对于该运动过程，如用h、 s、v 、a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t 表示时间，就以下图象最能正确描述这一运动规律的是可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - -

28、 - - - - - - -第 13 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -答案B解析对物体受力分析，由于物体在斜面上能够停止，物体所受 的滑动摩擦力大于物体重力沿斜面的分力。设斜面倾角为，由牛顿其次定律可知， F f mgsin ma，F Nmgcos，又 F f FN ，解得 a gcos gsin，加速度 a 为定值， D 错误。由 v v 0 at 可知， v -t可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结图线应为倾斜的直线， C 错误。由

29、s vt 12 可知， s-t 图线为抛物可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结02at线，B 正确。由几何关系可知h ssin，即 h-t 图线应类似于 s-t 图线， A 错误。172021 江西宜春三中检测 如下列图，质量为M 、中空为半球形的光滑凹槽放置于光滑水平的面上，光滑槽内有一质量为m 的小铁球，现用一水平向右的推力F 推动凹槽， 小铁球与光滑凹槽相对静止时，凹槽圆心和小铁球的连线与竖直方向成角，就以下说法正确选项A小铁球受到的合外力方向水平向左B凹槽对小铁球的支持力为mgsinC系统的加速度为agtan D推力 F Mgtan答案C解析依据小铁球与光滑凹槽相对静止的状

30、态可知，系统有向右的加速度，小铁球受到的合外力方向水平向右，凹槽对小铁球的支持可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 14 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结mg力为cos，A、B 错误。小球所受合外力为mgtan，加速度 agtan，可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结推力 F m M gtan， C 正确， D 错误。1

31、82021 海口联考 多项 如下列图，水平传送带 A、B 两端相距 s 3.5 m，工件与传送带间的动摩擦因数 0.1。工件滑上 A 端瞬时速度 vA 4 m/s，到达 B 端的瞬时速度设为 v B，就g 10 m/s2 A如传送带不动，就v B3 m/sB如传送带以速度 v 4 m/s 逆时针匀速转动， v B3 m/s C如传送带以速度 v 2 m/s 顺时针匀速转动， v B3 m/s D如传送带以速度 v 2 m/s 顺时针匀速转动， v B2 m/s 答 案 ABC解析 如传送带不动， 由匀变速规律可知 v2 v2 2as，a g，BA代入数据解得vB 3 m/s，当满意选项 B、C

32、 中的条件时， 工件所受滑动摩擦力跟传送带不动时一样，仍是向左，加速度仍是g，所以工件到达 B 端时的瞬时速度仍为3 m/s，应选项 A、B、C 正确， D 错误。192021 福州质检 如下列图，劲度系数为k 的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平的面上。一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h处自由下落，接触弹簧后连续向下运动。观看小球开头下落到小球第 一次运动到最低点的过程， 以下关于小球的速度v 或加速度 a 随时间t 变化的图象中符合实际情形的是可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 15 页，共 23 页 - - - -

33、- - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -答案A解析此过程可分为三段，第一段小球向下做自由落体运动，加 速度 a g，方向竖直向下，速度vgt。其次段小球向下做加速运动，可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结加速度 amg kxm，弹簧的压缩量 x 变大，加速度 a 变小，方向向下。kxmg可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结第三段运动小球向下做减速运动，加速度am，弹簧的压缩量可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结x 变大，加速度a 变大，方向向上，到达最低点

34、时ag，而且小球接触弹簧后 a-t 图线不是线性关系，所以C、D 都错误。又由 v-t 图象的可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 16 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -斜率变化代表加速度的变化，应选项A 正确。202021 山东烟台期中 多项如下列图，横截面为直角三角形的三棱柱质量为M ，放在粗糙的水平的面上， 两底角中其中一个角的角度为45。三棱柱的两倾斜面光滑，上面分别放有

35、质量为m1和 m2 的两物体，两物体间通过一根跨过定滑轮的细绳相连接，定滑轮固定在三棱柱的顶端，如三棱柱始终处于静止状态。不计滑轮与绳以及滑轮与轮轴之间的摩擦，重力加速度大小为g，就将 m1 和 m2 同时由静止释放后，以下说法正确选项A如 m1 m2，就两物体可静止在斜面上B如 m1 m2cot，就两物体可静止在斜面上C如 m1 m2，就三棱柱对的面的压力小于M m1m2g D如 m1 m2，就三棱柱所受的面的摩擦力大小为零答案BC解析如 m1 m2，m2 的重力沿斜面对下的分力大小为m2gsin90 ，m1 的重力沿斜面对下的分力大小为m1gsin，由于 45，就m2gsin90 m1gs

36、in，就 m1 将沿斜面对下加速运动， m2 将沿斜面向上加速运动，A错误。要使两物体都静止在斜面上，应满意：m2gsin90 m1gsin，即有 m1 m2cot，B 正确。如 m1m2，设加速度大小为a，对两个物体及斜面整体，由牛顿其次定律得，竖直方向有F N M m1m2g m2asin90 m1asin0，即的面对可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 17 页，共 23 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -三棱柱的支持力F N M m1