2020版《微点教程》高考人教A版理科数学一轮复习文档：第七章 第二节　空间几何体的表面积与体积 .docx

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1、第二节空间几何体的表面积与体积2019考纲考题考情1几何体的表面积(1)棱柱、棱锥、棱台的表面积就是各个面的面积的和。(2)圆柱、圆锥、圆台的侧面展开图分别是矩形、扇形、扇环。(3)若圆柱、圆锥的底面半径为r，母线长l，则其表面积为S柱2r22rl，S锥r2rl。(4)若圆台的上下底面半径为r1，r2，母线长为l，则圆台的表面积为S(rr)(r1r2)l。(5)球的表面积为4R2(球半径是R)。2几何体的体积(1)V柱体Sh。(2)V锥体Sh。(3)V台体(SS)h，V圆台(rr1r2r)h，V球R3(球半径是R)。1与体积有关的几个结论(1)一个组合体的体积等于它的各部分体积的和或差。(2)

2、底面面积及高都相等的两个同类几何体的体积相等。2几个与球有关的切、接常用结论(1)正方体的棱长为a，球的半径为R，若球为正方体的外接球，则2Ra；若球为正方体的内切球，则2Ra；若球与正方体的各棱相切，则2Ra。(2)若长方体的同一顶点的三条棱长分别为a，b，c，外接球的半径为R，则2R。(3)正四面体的外接球与内切球的半径之比为31。 一、走进教材1(必修2P27练习T1改编)已知圆锥的表面积等于12 cm2，其侧面展开图是一个半圆，则底面圆的半径为()A1 cm B2 cmC3 cm D. cm解析由题意，得2l2r，l2r，S表r2rlr2r2r3r212，解得r24，所以r2(cm)。

3、答案B2(必修2P28A组T3改编)如图，将一个长方体用过相邻三条棱的中点的平面截出一个棱锥，则该棱锥的体积与剩下的几何体体积的比为_。解析设长方体的相邻三条棱长分别为a，b，c，它截出棱锥的体积为V1abcabc，剩下的几何体的体积V2abcabcabc，所以V1V2147。答案147二、走近高考3(2018全国卷)已知圆锥的顶点为S，母线SA，SB所成角的余弦值为。SA与圆锥底面所成角为45。若SAB的面积为5，则该圆锥的侧面积为_。解析如图所示，设S在底面的射影为S，连接AS，SS。SAB的面积为SASBsinASBSA2SA25，所以SA280，SA4。因为SA与圆锥底面所成角为45，

4、所以SAS45，ASSAcos4542。所以圆锥的侧面积为ASAS2440。答案404(2017全国卷)某多面体的三视图如图所示，其中正视图和左视图都由正方形和等腰直角三角形组成，正方形的边长为2，俯视图为等腰直角三角形，该多面体的各个面中有若干个是梯形，这些梯形的面积之和为()A10B12 C14D16解析该几何体为一个三棱柱和一个三棱锥的组合体，其直观图如图所示，各个面中有两个全等的梯形，其面积之和为2212。答案B三、走出误区微提醒：由三视图不能还原几何体求错体积；不会分类讨论致误；长度单位与体积单位换算出错。5已知一个四棱锥的底面是平行四边形，该四棱锥的三视图如图所示(单位：m)，则该

5、四棱锥的体积为_m3。解析根据三视图可知该四棱锥的底面是底边长为2 m，高为1 m的平行四边形，四棱锥的高为3 m。故该四棱锥的体积V2132(m3)。答案26圆柱的侧面展开图是边长为6和4的矩形，则圆柱的表面积为()A6(43)B8(31)C6(43)或8(31)D6(41)或8(32)解析分两种情况：以长为6的边为高时，4为圆柱底面周长，则2r4，r2，所以S底4，S侧64242，S表2S底S侧82428(31)；以长为4的边为高时，6为圆柱底面周长，则2r6，r3。所以S底9，S表2S底S侧182426(43)。故选C。答案C7九章算术商功章有题：一圆柱形谷仓，高1丈3尺3寸，容纳米2

6、000斛(1丈10尺，1尺10寸，斛为容积单位，1斛1.62立方尺，3)，则圆柱底面圆周长约为()A1丈3尺 B5丈4尺C9丈2尺 D48丈6尺解析设圆柱底面半径为r尺，高为h尺，依题意，圆柱体积为Vr2h2 0001.623r213.33，所以r281，即r9，所以圆柱底面圆周长为2r54,54尺5丈4尺，即圆柱底面圆周长约为5丈4尺，故选B。答案B考点一 规则几何体的表面积与体积【例1】(1)(2018浙江高考)某几何体的三视图如图所示(单位：cm)，则该几何体的体积(单位：cm3)是()A2 B4C6 D8(2)(2019南宁、柳州联考)如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几

7、何体的正视图和侧视图，且该几何体的体积为，则该几何体的俯视图可以是()A B C D解析(1)由三视图可知， 该几何体是一个底面为直角梯形的直四棱柱，所以该几何体的体积V(12)226。故选C。(2)若俯视图为选项C中的图形，则该几何体为正方体截去一部分后的四棱锥PABCD，如图所示，该四棱锥的体积V(22)2，符合题意。若俯视图为其他选项中的图形，则根据三视图易判断对应的几何体不存在。故选C。答案(1)C(2)C规则体的体积和表面积直接按柱体、锥体、台体和球体的体积和表面积公式进行计算即可。 【变式训练】已知某几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为()A BC13 D解析由三视图可知几

8、何体为三棱台，作出直观图如图所示。则CC平面ABC，上、下底均为等腰直角三角形，ACBC，ACBC1，ACBCCC2，所以AB，AB2。所以棱台的上底面面积为11，下底面面积为222，梯形ACCA的面积为(12)23，梯形BCCB的面积为(12)23，过A作ADAC于点D，过D作DEAB于点E，则AB平面ADE从而AEAB，则ADCC2，DE为ABC斜边高的，所以DE，所以AE，所以梯形ABBA的面积为(2)，所以几何体的表面积S23313。故选C。答案C考点二 组合体的体积和表面积【例2】(2019福建三明模拟)我国古代数学名著九章算术记载的刍甍是底面为矩形，顶部只有一条棱的几何体。如图为某

9、个刍甍的三视图，其中正视图为等腰梯形，侧视图为等腰三角形，则它的体积为()A B160C D64解析由三视图可知，该刍甍是一个如图所示的几何体。(一割为三)如图，分别取QN，PM上的两个四等分点B，E，C，F，连接AB，BC，AC，DE，DF，EF。则ABC与DEF所在的平面将该几何体分成一个直三棱柱ABCDEF和两个全等的四棱锥ABCPQ，四棱锥DFENM。其中直三棱柱ABCDEF中的ABC与DEF是等腰三角形，BC4，点A到BC的距离d4，设ABC与DEF的面积为S1，则S1448。易知BE4，故直三棱柱ABCDEF的体积V1S1BE8432。四棱锥的底面是矩形，QB2，PQ4，故四棱锥的

10、底面积S2248。由三视图可得四棱锥的高h4，所以四棱锥的体积V2S2h84。所以该几何体的体积VV12V2322。故选A。解析：(一割为二)如图，分别取PM，QN的中点为G，H，连接DG，GH，DH，则DGH所在平面将几何体分为一个三棱柱AQPDHG与一个四棱锥DGHNM。其中四棱锥DGHNM的底面是边长为4的正方形，由三视图可得点D到平面GHNM的距离h4，故四棱锥DGHNM的体积V1424；三棱柱AQPDHG的侧面QPGH是边长为4的正方形，侧棱AD到侧面QPGH的距离d4，故其体积V242432。所以该几何体的体积VV1V232。故选A。答案A该题由三视图给出的几何体是一个组合体，根据

11、其结构特征将其分割成三个(或两个)规则几何体，然后分别求出三个(或两个)几何体的体积。这种分割求解的方法实质也是转化与化归思想的体现。该题中的解法一要注意分割出直三棱柱ABCDEF之后对剩余两个几何体的识别四棱锥ABCPQ，四棱锥DFENM。 【变式训练】某几何体的三视图如图所示，三个视图中的曲线都是圆弧，则该几何体的表面积为()A B2C D2解析由几何体的三视图得其直观图，如图所示。该几何体由半个圆柱与球构成，且球的半径与圆柱底面半径等长。由三视图中的数据可得，圆柱的底面半径R1为1，母线l的长为，球的半径R2为1。所以该几何体的表面由圆柱侧面的一半、轴截面、左侧底面半圆、右侧底面半圆的一

12、半，球表面的，以及球的过球心的两个截面构成。圆柱侧面的一半，其面积S12R1lR1l12；圆柱的轴截面为矩形，其面积S22R1l212；半圆柱左侧底面，其面积S3R12；半圆柱右侧底面(裸露部分)，其面积S4R12；球的表面，其面积S54R12；球的过球心的两个截面，其面积之和S6R12。所以该几何体的表面积SS1S2S3S4S5S6222。故选B。答案B考点三 体积中的最值问题【例3】(2019长春质量监测)已知圆锥的侧面展开图是半径为3的扇形，则该圆锥体积的最大值为_。解析由题意得圆锥的母线长为3，设圆锥的底面半径为r，高为h，则h，所以圆锥的体积Vr2hr2(0r0)，则f(r)36r3

13、6r5，令f(r)36r36r56r3(6r2)0，得r，所以当0r0，f(r)单调递增，当r3时，f(r)0，f(r)单调递减，所以f(r)maxf()108，所以Vmax2。答案2本题通过建立体积的函数关系式，将最值问题转化为函数的最值，此法应用最为广泛。此外也要注意几何法的应用。 【变式训练】(2019沈阳市质量监测)已知在正四棱锥SABCD中，SA6，那么当该棱锥的体积最大时，它的高为_。解析设正四棱锥的底面正方形的边长为a，高为h，因为在正四棱锥SABCD中，SA6，所以h2108，即a22162h2，所以正四棱锥的体积VSABCDa2h72hh3,0h0，得0h6，令y0，得6h6

14、，所以当该棱锥的体积最大时，它的高为6。答案6考点四 空间几何体的“切”、“接”问题【例4】(2019湖南湘东五校联考)已知等腰直角三角形ABC中，ABAC2，D，E分别为AB，AC的中点，沿DE将ABC折成直二面角(如图)，则四棱锥ADECB的外接球的表面积为_。解析取DE的中点M，BC的中点N，连接MN，由题意知，MN平面ADE，因为ADE是等腰直角三角形，所以ADE的外接圆的圆心是点M，四棱锥ADECB的外接球的球心在直线MN上，又等腰梯形DECB的外接圆的圆心在MN上，所以四棱锥ADECB的外接球的球心就是等腰梯形DECB的外接圆的圆心。连接BE，易知BEC是钝角三角形，所以等腰梯形D

15、ECB的外接圆的圆心在等腰梯形DECB的外部。设四棱锥ADECB的外接球的半径为R，球心到BC的距离为d，则解得R2，故四棱锥ADECB的外接球的表面积S4R210。答案10在立体几何试题中，我们经常会遇到这样一类问题：由题设条件，计算某几何体的外接球的表面积或体积。因为S球4R2，V球R3，所以关键是求解外 接球的半径R。常用的解题策略有：通过构造特殊几何体，巧妙分析；通过解直角三角形，巧妙分析；借助直角三角形的斜边中点到各顶点的距离相等，巧妙分析；借助几何体的底面多边形的外接圆，巧妙分析。 【变式训练】三棱锥SABC的各顶点都在同一球面上，若AB3，AC5，BC7，侧面SAB为正三角形，且

16、与底面ABC垂直，则此球的表面积等于_。解析设ABC外接圆的圆心为O1，SAB外接圆的圆心为O2，过O1，O2分别作平面ABC，平面SAB的垂线交于点O，则O为球心。在ABC中，cosBAC，所以BAC120，设圆O1的半径为r1，根据正弦定理，得2r1，所以r1。SAB外接圆的圆心O2为正三角形SAB的中心，连接SO2并延长交AB于点D，则O2DSD，且O2DOO1。设外接球的半径为R，连接O1A，则R2O1A2OO，所以此球的表面积S4R2。答案错在哪里？一道体积问题的两种解法比较对于不规则或不易求解的空间几何体的体积问题常用割补法把它转化成求几个简单的几何体体积的和或差的问题，这种思路的

17、核心是要弄清补形后的几何体的体积是否与原几何体的体积之间有明显的确定关系。【题目】如图，在棱长为6的正方体ABCDA1B1C1D1中，E，F分别在C1D1与C1B1上，且C1E4，C1F3，连接EF，FB，DE，BD，则几何体EFC1DBC的体积为()A66 B68C70 D72【分析】几何体EFC1DBC是一个不规则的几何体，切莫将它看作一个台体，因为B、D、E、F四点不共面！因此采用分割法计算它的体积。辨别两种解法：解法一：如图，连接DF，DC1，用DC1F将几何体EFC1DBC分割为三棱锥DEC1F和四棱锥DBCC1F两部分，则VEFC1DBCVDEC1FVDBCC1F6696666。故

18、选A。解法二：如图，连接CE，BE，用BCE将几何体EFC1DBC分割为三棱锥EBCD和四棱锥EBCC1F两部分，则VEFC1DBCVEBCDVEBCC1F18696472。故选D。问题：对同一几何体的体积，为什么两种不同算法会得到两个不同的答案？为什么用第二种方法会多算了6呢？真相：问题出在四边形BDEF上，因BD、EF是两条异面直线，故四边形BDEF为空间四边形。两条对角线BE、DF也异面，而且易见BE在“外面”，DF在“里面”。想象一下把一张四边形纸片BDEF沿对角线DF折叠得到空间四边形BDEF，现在你应该恍然大悟了吧！多算了6，恰好就是三棱锥EBDF的体积！不信你可以直接算算看。回到

19、原题，几何体EFC1DBC其实是指代不明的，因此，选(A)和(D)都有道理。也就是说，这道试题犯了科学性错误，这应该是命题人的疏忽。球与其他空间几何体的综合问题，主要考查球的内切与外接问题，是高考命题的重点和热点，且考查覆盖面广。下面将球与常规几何体的综合问题进行归纳，供同学们参考。类型一 空间几何体的外接球1.构造法求解球的问题【例1】(2019南宁市摸底联考)三棱锥PABC中，ABC为等边三角形，PAPBPC3，PAPB，三棱锥PABC的外接球的体积为()A BC27 D27解析因为三棱锥PABC中，ABC为等边三角形，PAPBPC3，所以PABPBCPAC。因为PAPB，所以PAPC，P

20、CPB。以PA，PB，PC为过同一顶点的三条棱作正方体(如图所示)，则正方体的外接球同时也是三棱锥PABC的外接球。因为正方体的体对角线长为3，所以其外接球半径R。因此三棱锥PABC的外接球的体积V3。故选B。答案B若球面上四点P，A，B，C构成的三条线段PA，PB，PC两两互相垂直，且PAa，PBb，PCc，一般采用补形的方法，补形为长方体或正方体，利用(2R)2a2b2c2求解。 【变式训练】一个几何体的三视图如图所示，则该几何体的外接球的表面积为()A36 B8C D解析根据几何体的三视图，得该几何体是底面为等腰直角三角形、高为2的三棱锥，如图所示。该三棱锥的外接球是对应直三棱柱的外接球

21、。设外接球的半径为R，因为底面是等腰直角三角形，所以底面外接圆的半径为1，所以R2112，所以外接球的表面积是4R28。故选B。答案B2根据球的截面求解球的问题【例2】(2019河南郑州一中模拟)已知点P，A，B，C是半径为2的球面上的点，PAPBPC2，ABC90，点B在AC上的射影为D，则三棱锥PABD体积的最大值是()A B CD解析设点P在平面ABC上的射影为G，如图，由PAPBPC2，ABC90，知点P在平面ABC上的射影G为ABC的外心，即AC的中点。设球的球心为O，连接PG，则O在PG的延长线上。连接OB，BG，设PGh，则OG2h，所以OB2OG2PB2PG2，即4(2h)24

22、h2，解得h1，则AGCG。设ADx，则GDxAGx，BG，所以BD，所以SABDADBD。令f(x)x42x3，则f(x)4x36x2。由f(x)0，得x0或x，易知当x时，函数f(x)取得最大值，所以(SABD)max，又PG1，所以三棱锥PABD体积的最大值为1。故选B。答案B求解球与棱柱、棱锥的切、接问题时，一般过球心及切、接点作截面，把空间问题转化为平面图形与圆的切、接问题，再利用平面几何知识求解。 【变式训练】(1)(2019南昌摸底调研)已知三棱锥PABC的所有顶点都在球O的球面上，ABC满足AB2，ACB90，PA为球O的直径且PA4，则点P到底面ABC的距离为()A B2 C

23、 D2(2)(2017全国卷)已知三棱锥SABC的所有顶点都在球O的球面上，SC是球O的直径。若平面SCA平面SCB，SAAC，SBBC，三棱锥SABC的体积为9，则球O的表面积为_。解析(1)取AB的中点O1，连接OO1，如图，在ABC中，AB2，ACB90，所以ABC所在小圆O1是以AB为直径的圆，所以O1A，且OO1AO1，又球O的直径PA4，所以OA2，所以OO1，且OO1底面ABC，所以点P到平面ABC的距离为2OO12。(2)设球O的半径为R，因为SC为球O的直径，所以点O为SC的中点，连接AO，OB，因为SAAC，SBBC，所以AOSC，BOSC，因为平面SCA平面SCBSC，平

24、面SCA平面SCB，所以AO平面SCB，所以VSABCVASBCSSBCAOAO，即9R，解得R3，所以球O的表面积为S4R243236。答案(1)B(2)36类型二 空间几何体的内切球【例3】(1)半径为R的球的外切圆柱(球与圆柱的侧面、两底面都相切)的表面积为_，体积为_。(2)若正四面体的棱长为a，则其内切球的半径为_。(3)如图，已知球O是棱长为1的正方体ABCDA1B1C1D1的内切球，则平面ACD1截球O的截面面积为()A B CD解析(1)外切圆柱的底面半径为R，高为2R，所以S表S侧2S底2R2R2R26R2，V圆柱R22R2R3。(2)如图正四面体ABCD的中心为O，即内切球

25、球心，内切球半径R，即为O到正四面体各面的距离。因为ABa，所以正四面体的高ha。又VABCD4VOBCD，所以Rha。(3)平面ACD1截球O的截面为ACD1的内切圆。因为正方体的棱长为1，所以ACCD1AD1，所以内切圆的半径r，所以Sr2。答案(1)6R2,2R3(2)a(3)C1正多面体存在内切球且正多面体的中心为内切球的球心。2求多面体内切球半径，往往可用“等体积法”。V多S表R内切。3正四面体内切球半径是高的，外接球半径是高的。4并非所有多面体都有内切球(或外接球)。 【变式训练】(1)如图，在圆柱O1O2内有一个球O，该球与圆柱的上、下底面及母线均相切。记圆柱O1O2的体积为V1，球O的体积为V2，则的值是_。(2)已知一个三棱柱，其底面是正三角形，且侧棱与底面垂直，一个体积为的球体与棱柱的所有面均相切，那么这个三棱柱的表面积是_。解析(1)设球O的半径为r，则圆柱的底面半径为r，高为2r，所以。(2)根据已知可得球的半径等于1，故三棱柱的高等于2，底面三角形内切圆的半径等于1，即底面三角形的高等于3，边长等于2，所以这个三棱柱的表面积等于32222318。答案(1)(2)18