2020届高考文科数学一轮（新课标通用）训练检测：分类讨论思想专练 .doc

《2020届高考文科数学一轮（新课标通用）训练检测：分类讨论思想专练 .doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020届高考文科数学一轮（新课标通用）训练检测：分类讨论思想专练 .doc（12页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、分类讨论思想专练 一、选择题1已知二次函数f(x)ax22ax1在区间3，2上的最大值为4，则a等于()A3 B C3 D或3答案D解析当a0时，f(x)在3，1上单调递减，在1，2上单调递增，可知当x2时，f(x)取得最大值，即8a14，解得a当a0时，易知f(x)在x1处取得最大值，即a14，所以a3综上可知，a或3故选D2(2018河南洛阳一模)函数f(x)若f(1)f(a)2，则a的所有可能值为()A1 B1， C D1，答案B解析f(1)e11e01，要使f(1)f(a)2，则需f(a)1当a0时，由f(a)ea11得a10，即a1；当1a0时，由f(a)sin(a2)1得a22k(

2、kZ)，a22k(kZ)，由1a0知k只能取0，此时a2，1a0且a1)有两个不等实根，则a的取值范围是()A(0，1)(1，) B(0，1)C(1，) D0，答案D解析方程|ax1|2a(a0且a1)有两个不同实数根转化为函数y|ax1|与y2a有两个交点当0a1时，如图1，02a1，即0a1时，如图2，而y2a1不符合要求综上0a0且a1，函数f(x)存在最小值，则f(2a)的取值范围为()A3，) B2，) C(1，2 D(1，3答案A解析当a1时，f(x)的值域为2，)(1loga2，)；当0a1时，f(x)的值域为2，)(，1loga2)由f(x)存在最小值知a1且1loga22，所

3、以a(1，2，因而f(2a)1loga(2a)1loga2logaa3故选A5(2018福建质检)已知A，B分别为椭圆C的长轴端点和短轴端点，F是C的焦点若ABF为等腰三角形，则C的离心率为()A B C D答案A解析设椭圆C的方程为1(ab0)，则|BF|2|OF|2|OB|2c2b2a2，|AB|2|OA|2|OB|2a2b2，所以|AB|BF|(1)如图，点F与A，B同侧时|AF|ac，|BF|a，所以|AF|BF|，所以|AB|BF|AF|，所以ABF不能构成等腰三角形(2)如图，点F与A，B异侧时|AB|，|AF|ac，|BF|a，所以|AF|BF|，|AB|BF|所以|AF|AB|

4、，故(ac)2a2b2，即(ac)22a2c2，整理得2e22e10，e又0e1，所以离心率e故选A6在约束条件下，当3s5时，z3x2y的最大值的变化范围是()A6，15 B7，15 C6，8 D7，8答案D解析由取点A(2，0)，B(4s，2s4)，C(0，s)，C(0，4)当3s4时，可行域是四边形OABC(含边界)，如图1所示，此时，7zmax0，要使Sn最小，其中n必然是奇数当n为奇数时，Sn，且yx229x30的图象的对称轴为x145，nN*，且n是奇数，当n15时，SminS1512011如图，A，B，C，D为空间四点在ABC中，AB2，ACBC，等边三角形ADB以AB所在直线为

5、轴转动(1)当平面ADB平面ABC时，求CD；(2)当ADB转动时，是否总有ABCD？证明你的结论解(1)取AB的中点E，连接DE，CE，ADB是等边三角形，DEAB当平面ADB平面ABC时，平面ADB平面ABCAB，DE平面ABC，可得DECE由已知可得DE，EC1，在RtDEC中，CD2(2)当ADB以AB所在直线为轴转动时，总有ABCD证明：当D在平面ABC内时，ACBC，ADBD，C，D都在线段AB的垂直平分线上，则ABCD当D不在平面ABC内时，由知ABDE又ACBC，ABCE又DE，CE为相交直线，AB平面CDE，由CD平面CDE，得ABCD综上所述，总有ABCD12(2018湖南

6、六校联考)已知抛物线C：y22px(p0)在第一象限内的点P(t，2)到焦点F的距离为，且向量在向量上的投影为正数(O为坐标原点)(1)若M，0，过点M，P的直线l1与抛物线相交于另一点Q，求的值；(2)若直线l2与抛物线C相交于A，B两点，与圆M：(xa)2y21相交于D，E两点，OAOB，试问：是否存在实数a，使得|DE|的长为定值？若存在，求出a的值；若不存在，请说明理由解(1)将点P(t，2)代入y22px得t，由点P到焦点F的距离为及抛物线的定义，得，解得p1或4当p1时，y22x，F，0，P(2，2)满足向量在向量上的投影为正数；当p4时，y28x，F(2，0)，P，2，此时向量在

7、向量上的投影为负数，舍去故抛物线C的方程为y22x，F，0，P(2，2)直线l1的方程为yx，联立y22x，可得xQ，又|QF|xQ，|PF|xP，(2)设直线l2的方程为xtym(m0)，代入抛物线方程可得y22ty2m0，设A(x1，y1)，B(x2，y2)，则y1y22t，y1y22m，由OAOB得x1x2y1y2(ty1m)(ty2m)y1y20，整理得(t21)y1y2tm(y1y2)m20，将代入解得m2，直线l2：xty2，圆心M(a，0)到直线l2的距离为d，|DE|2，显然当a2时，|DE|2，|DE|的长为定值13(2018广东华师大附中测试二)已知函数f(x)2(a1)x

8、b(1)讨论函数g(x)exf(x)在区间0，1上的单调性；(2)已知函数h(x)exxf1，若h(1)0，且函数h(x)在区间(0，1)内有零点，求a的取值范围解(1)由题意得g(x)ex2(a1)xb，所以g(x)ex2(a1)当a时，g(x)0，所以g(x)在0，1上单调递增；当a1时，g(x)0，所以g(x)在0，1上单调递减；当a1时，令g(x)0，得xln (2a2)(0，1)，所以函数g(x)在0，ln (2a2)上单调递减，在(ln (2a2)，1上单调递增综上所述，当a时，函数g(x)在0，1上单调递增；当a1时，函数g(x)在0，ln (2a2)上单调递减，在(ln (2a

9、2)，1上单调递增；当a1时，函数g(x)在0，1上单调递减(2)h(x)exxf1ex(a1)x2bx1，h(x)ex2(a1)xbg(x)，设x0为h(x)在区间(0，1)内的一个零点，则由h(0)h(x0)0，可知h(x)在区间(0，x0)上不单调，则g(x)在区间(0，x0)内存在零点x1，同理，g(x)在区间(x0，1)内存在零点x2，所以g(x)在区间(0，1)内至少有两个零点由(1)知，当a时，g(x)在0，1上单调递增，故g(x)在(0，1)内至多有一个零点，不符合题意；当a1时，g(x)在0，1上单调递减，故g(x)在(0，1)内至多有一个零点，不符合题意当a0，g(1)e2a2b0，由h(1)0，得abe，g1e0，g(1)2a0，解得e1a2，所以a的取值范围是(e1，2)