黄冈名师2020版高考数学大一轮复习核心素养提升练五十五10.9圆锥曲线中的最值与范围问题理含解析新人教A版.doc

《黄冈名师2020版高考数学大一轮复习核心素养提升练五十五10.9圆锥曲线中的最值与范围问题理含解析新人教A版.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《黄冈名师2020版高考数学大一轮复习核心素养提升练五十五10.9圆锥曲线中的最值与范围问题理含解析新人教A版.doc（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、核心素养提升练五十五圆锥曲线中的最值与范围问题(30分钟60分)一、选择题(每小题5分,共25分)1.过直线y=2x+3上的点作圆x2+y2-4x+6y+12=0的切线,则切线长的最小值为()A.B.2C.D.【解析】选A.在直线y=2x+3上任取一点P(x,y),作圆的切线,设切点为M.圆x2+y2-4x+6y+12=0即(x-2)2+(y+3)2=1,圆心为C(2,-3),半径为r=1,切线长为=,|PC|min=2 ,所以切线长的最小值为=.2.已知动点P(x,y)在椭圆+=1上,若A点坐标为(3,0),|=1,且=0,则|的最小值是()A.B.C.2D.3【解析】选B.由|=1可知点M

2、的轨迹为以点A为圆心,1为半径的圆,过点P作该圆的切线PM,则|PA|2=|PM|2+|AM|2,得|PM|2=|PA|2-1,所以要使得|的值最小,则要的值最小,而的最小值为a-c=2, 此时|的值最小为.3.(2018成都模拟)若直线l过抛物线C:y2=4x的焦点F交抛物线C于A,B两点,则+的取值范围为()A.1 B.(0,1C.1,+) D.,1【解析】选A.抛物线C:y2=4x的焦点F的坐标为(1,0),准线方程为x=-1.设过点F的直线l的斜率k存在,则直线的方程为y=k(x-1).代入抛物线方程,得k2(x-1)2=4x,化简得k2x2-(2k2+4)x+k2=0.设A(x1,y

3、1),B(x2,y2),则x1x2=1.根据抛物线性质可知,|AF|=x1+1,|BF|=x2+1,所以+=+=1.当直线l的斜率不存在时,直线的方程为x=1,把x=1代入y2=4x得y=2,所以+=1.4.(2018秦皇岛模拟)设P是椭圆+=1上一点,M,N分别是两圆:(x+4)2+y2=1和(x-4)2+y2=1上的点,则|PM|+|PN|的最小值、最大值分别为()A.9,12B.8,11C.8,12D.10,12【解析】选C.如图,由椭圆及圆的方程可知两圆圆心分别为椭圆的两个焦点,由椭圆定义知|PA|+|PB|=2a=10,连接PA,PB分别与圆相交于M,N两点,此时|PM|+|PN|最

4、小,最小值为|PA|+|PB|-2R=8;连接PA,PB并延长,分别与圆相交于M,N两点,此时|PM|+|PN|最大,最大值为|PA|+|PB|+2R=12,即最小值和最大值分别为8,12.【变式备选】如果方程+=1表示焦点在y轴上的椭圆,则实数m的取值范围是()A.3mC.3mD.m4-m0,所以m0)渐近线斜率大于,e=.答案:【变式备选】过抛物线y2=2x的焦点作一条直线与抛物线交于A,B两点,它们的横坐标之和等于2,则这样的直线有且只有_条.【解析】设该抛物线焦点为F,A(xA,yA),B(xB,yB),则|AB|=|AF|+|FB|= xA+xB+=xA+xB+1=32p=2.所以符

5、合条件的直线有且只有两条.答案:两8.(2018 衡水模拟)已知直线l:y=2x-4交抛物线y2=4x于A,B两点,在抛物线AOB这段曲线上有一点P,则APB的面积的最大值为_.【解析】由弦长公式知|AB|=3,只需点P到直线AB距离最大就可保证APB的面积最大.设与l平行的直线y=2x+b(b-4)与抛物线相切,解得b=.所以d=,所以(SAPB)max =3=.答案:三、解答题(每小题10分,共20分)9.(2018新乡模拟)设O为坐标原点,已知椭圆C1:+=1(ab0)的离心率为,抛物线C2x2=-ay的准线方程为y=.(1)求椭圆C1和抛物线C2的方程.(2)设过定点M(0,2)的直线

6、l与椭圆C1交于不同的两点P,Q,若O在以PQ为直径的圆的外部,求直线l的斜率k的取值范围.【解析】(1)由已知=,所以a=2,抛物线C2的方程为x2=-2y,又e=,所以c=,b=1,所以椭圆C1的方程为+y2=1.(2)显然直线x=0不满足条件,可设直线l方程为y=kx+2,P(x1,y1),Q(x2,y2).由得(1+4k2)x2+16kx+12=0.因为=(16k)2-412(1+4k2)0,所以k-,-,+,x1+x2=,x1x2=,由已知0POQ0,所以=x1x2+y1y2=x1x2+(kx1+2)(kx2+2)=(1+k2)x1x2+2k(x1+x2)+4=+2k+4=0,所以-

7、2kb0)的右焦点为F2(3,0),离心率为e.(1)若e=,求椭圆的方程.(2)设直线y=kx与椭圆相交于A,B两点,M,N分别为线段AF2,BF2的中点.若坐标原点O在以MN为直径的圆上,且e,求k的取值范围.【解析】(1)由已知得a=2,a2=12,又a2=b2+c2,解得b2=3.所以椭圆的方程为+=1.(2)由得(b2+a2k2)x2-a2b2=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),所以x1+x2=0,x1x2=,由已知可得,OMON,易证四边形OMF2N为平行四边形,所以AF2BF2,因为=(x1-3,y1),=(x2-3,y2),所以=(x1-3)(x2-3)+y1y2=(1

8、+k2)x1x2+9=0,即+9=0,整理为k2=-=-1-,因为e,所以2a3,12a2b0)经过点,离心率为,点A为椭圆C的右顶点,直线l与椭圆相交于不同于点A的两个点P(x1,y1),Q(x2,y2).(1)求椭圆C的标准方程.(2)当=0时,求OPQ面积的最大值.【解析】(1)由已知得所以椭圆C的标准方程为+y2=1.(2)当直线l的斜率不存在时,设l:x=m,与+y2=1联立,得P,Q.因为=0,所以(m-2)2-=0,解得m=或2(舍),所以|PQ|=,OPQ的面积为.当直线l的斜率存在时,由已知k0,设l:y=kx+m,与+y2=1联立,整理得(4k2+1)x2+8kmx+4(m2-1)=0,由0得4k2-m2+10,所以x1+x2=-,x1x2=(*)因为=0,所以(x1-2)(x2-2)+y1y2=(k2+1)x1x2+(km-2)(x1+x2)+(m2+4)=0,将(*)式代入得12k2+5m2+16km=0,即m=-k或m=-2k(此时直线l过点A,舍去),|PQ|=,点O到直线l的距离d=,SOPQ=,将m=-k代入得SOPQ=,令4k2+1=,0p1,SOPQ=,因为y=-9p2-7p+16在(0,1)上递减,所以0y16,SOPQ,综上,OPQ面积的最大值为.