2020版高考物理人教版（山东专用）一轮复习练习：第十章 第2节　法拉第电磁感应定律　自感和涡流 .doc

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1、第2节法拉第电磁感应定律自感和涡流1.(2019河北衡水金卷)如图所示,三只完全相同的灯泡A,B,C分别与带有铁芯的电感线圈L、定值电阻R、二极管D串联在电路中,闭合开关S,电路稳定后,三只灯泡亮度相同.下列说法正确的是(B)A.断开开关S,灯泡A,C马上熄灭,灯泡B慢慢熄灭B.断开开关S,灯泡C马上熄灭,灯泡A,B慢慢熄灭C.断开开关S瞬间,通过灯泡B的电流方向是从左向右的D.如果先抽掉电感线圈的铁芯,再断开开关S,会发现灯泡B熄灭得 更慢解析:闭合开关S,电路稳定后,三只灯泡亮度相同,说明导通状态下,三个支路的电流相同;断开开关S后,电感线圈产生自感电动势,阻碍电流减小,与灯泡B所在支路形

2、成回路,所以灯泡A,B不是马上熄灭,而是慢慢熄灭,灯泡C所在支路由于二极管的作用反向电流不能通过,灯泡C马上熄灭,故A项错误,B项正确;断开开关S瞬间,通过电感线圈的电流方向不变,通过灯泡B的电流方向是从右向左的,故C项错误;根据自感电动势可知如果先抽掉电感线圈的铁芯,自感系数L减小,再断开开关S,由于电感线圈的自感电动势减小,会发现灯泡B熄灭得明显变快,故D项错误.2.(多选)如图所示,闭合金属环从曲面上h高处滚下,又沿曲面的另一侧上升,设环的初速度为零,摩擦不计,曲面处在图示磁场中,则(BD)A.若是匀强磁场,环滚上的高度小于hB.若是匀强磁场,环滚上的高度等于hC.若是非匀强磁场,环滚上

3、的高度等于hD.若是非匀强磁场,环滚上的高度小于h解析:若是匀强磁场,金属环中无涡流产生,无机械能损失,故选项A错误,B正确.若是非匀强磁场,金属环中有涡流产生,机械能损失转化为内能,故选项C错误,D正确.3.(2018福建漳州第二次调研)(多选)如图是磁电式转速传感器的结构简图.该装置主要由测量齿轮、软铁、永久磁铁、线圈等原件组成.测量齿轮为磁性材料.等距离地安装在被测旋转体的一个圆周上(圆心在旋转体的轴线上),齿轮转动时线圈内就会产生感应电流.设感应电流的变化频率为f.测量齿轮的齿数为N,旋转体转速为n,则(AD)A.f=nNB.f=C.线圈中的感应电流方向不会变化D.旋转体转速越高线圈中

4、的感应电流越强解析:测量齿轮的齿数为N,旋转体转速为n,则每秒内齿轮与线圈相互靠近和远离的次数为nN,即感应电流的频率为f=nN,选项A正确,B错误;当齿轮与线圈相互靠近和远离的时候,在线圈中产生的感应电流的方向要变化,选项C错误;旋转体转速越高,穿过线圈的磁通量的变化率越大,则线圈中的感应电流越强,选项D正确.4.(2018河北唐山一模)如图所示,单匝金属线圈半径为r1,电阻为R,内部存在一圆形区域匀强磁场,磁场区域半径为r2,磁感应强度随时间的变化为B=kt(k0),磁场方向垂直纸面向外,下列说法正确的是(C)A.线圈中感应电流的方向为逆时针方向B.线圈具有收缩趋势C.线圈中感应电流的大小

5、为D.线圈中感应电动势的大小为k解析:穿过线圈的磁通量向外增大,根据楞次定律,线圈中感应电流的方向为顺时针方向,线圈具有扩张的趋势,增大反向的磁通量以阻碍原磁场磁通量的增大,故A,B错误;根据法拉第电磁感应定律E=S=k,根据欧姆定律,感应电流I=,故C正确,D错误.5.(2019江西赣州中学模拟)(多选)1831年10月28日,法拉第展示了他发明的圆盘发电机,其示意图如图所示,水平铜盘可绕竖直铜轴转动,两铜片M,N分别与铜盘边缘和铜轴连接,使整个铜盘处于竖直向上的匀强磁场中.M和N之间连接阻值为R的电阻和滑动变阻器RP,若从上往下看,铜盘转动的方向为顺时针方向.已知铜盘的半径为L,铜盘转动的

6、角速度为,铜盘连同两铜片对电流的等效电阻值为r,磁感应强度为B,下列说法正确的是(BCD)A.导体R中的电流方向从a到bB.铜盘转动产生的感应电动势大小为BL2C.导体R的最大功率为D.如果RP=R+r,则滑动变阻器的最大功率为解析:若从上往下看,铜盘转动的方向为顺时针方向,根据右手定则可知,导体R中的电流方向从b到a,故A错误;根据法拉第电磁感应定律得:铜盘转动产生的感应电动势为E=BL2,故B正确;根据闭合电路欧姆定律得I=,则导体R的功率为P=I2R=()2R,当RP=0时,导体的功率最大,即Pm=,故C正确;把导体R等效成电源的内阻,则电流的等效电阻为r=r+R,此时外电路只有RP,故

7、当RP=r+R时,滑动变阻器的功率最大,即Pm=,故D正确.6.(多选)如图所示,足够长的平行光滑导轨固定在水平面上,导轨间距为 L=1 m,其右端连接有定值电阻R=2 ,整个装置处于垂直导轨平面、磁感应强度B=1 T的匀强磁场中.一质量m=2 kg的金属棒在恒定的水平拉力F=10 N的作用下,在导轨上由静止开始向左运动,运动中金属棒始终与导轨垂直.导轨及金属棒的电阻不计,下列说法正确的是(ACD)A.产生的感应电流方向在金属棒中由a指向bB.金属棒向左做先加速后减速运动直到静止C.金属棒的最大加速度为5 m/s2D.水平拉力的最大功率为200 W解析:金属棒向左运动切割磁感线,根据右手定则判

8、断得知产生的感应电流方向由ab,A正确;金属棒所受的安培力先小于拉力,棒做加速运动,后等于拉力做匀速直线运动,速度达到最大,B错误;根据牛顿第二定律得F-=ma,可知棒的速度v增大,加速度a减小,所以棒刚开始运动时加速度最大,最大加速度amax= m/s2=5 m/s2,C正确;当棒的加速度a=0时速度最大,设最大速度为vmax,则有F=,所以vmax= m/s=20 m/s,所以水平拉力的最大功率Pmax=Fvmax=10 20 W=200 W,D正确.7.(2019新疆哈密校级模拟)线圈所围的面积为 0.1 m2,线圈电阻为1 .规定线圈中感应电流I的正方向从上往下看是顺时针方向,如图(甲

9、)所示.磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图(乙)所示.则以下说法正确的是(C)A.在时间05 s内,I的最大值为0.1 AB.在4 s末,I的方向为正C.前2 s内,通过线圈某截面的总电荷量为0.01 CD.第3 s内,线圈的发热功率最大解析:由题图(乙)看出,在0 s时图线的斜率最大,B的变化率最大,根据闭合电路欧姆定律得,I=,0 s时刻磁感应强度变化率为0.1,则最大电流I= A=0.01 A,故A错误.在4 s末,穿过线圈的磁场方向向上,磁通量减小,则根据楞次定律判断得知,I的方向为逆时针方向,即为负方向,故B错误.前2 s内,通过线圈某截面的总电荷量q= C=0.01 C,故C

10、正确;第3 s内,B没有变化,线圈中没有感应电流产生,则线圈的发热功率为0,故D错误.8.(2018四川乐山三次调考)(多选)如图,两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内,其左端接有定值电阻R,Ox轴平行于金属导轨,在0x4 m 的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场,磁感应强度B随坐标x(以m为单位)的分布规律为B=0.8-0.2x(T),金属棒ab在外力作用下从x=0处沿导轨运动,ab始终与导轨垂直并接触良好,不计导轨和金属棒的电阻.设在金属棒从x1=1 m经x2=2 m到x3=3 m的过程中,R的电功率保持不变,则金属棒(CD)A.在x1与x3处的电动势之比为13B.在x1与x2处受到

11、磁场B的作用力大小之比为21C.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R的电荷量之比为53D.从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R产生的焦耳热之比为53解析:由功率的计算公式 P=,知道由于金属棒从x1=1 m经x2=2 m到x3=3 m的过程中电功率保持不变,所以E不变,I不变;由安培力公式F=BIL,可知x1与x2处受到磁场B的作用力大小之比=;由安培力公式F=BIL,Fx 图像如图所示,图像的面积就是克服安培力做的功,即R产生的热量,从x1到x2与从x2到x3的过程中通过R产生的焦耳热之比为=,根据热量Q=I2Rt,热量之比为53,电流、电阻相同,说明时间之比为53,因此电荷量之比=

12、,综上分析,C,D 正确.9.(2019江西南昌模拟)如图所示,长为L的金属导线弯成一圆环,导线的两端接在电容为C的平行板电容器上,P,Q为电容器的两个极板,磁场方向垂直于环面向里,磁感应强度以B=B0+Kt(K0)随时间变化.t=0时,P,Q两极板电势相等,两极板间的距离远小于环的半径.经时间t,电容器的P极板(D)A.不带电B.所带电荷量与t成正比C.带正电,电荷量是D.带负电,电荷量是解析:磁感应强度均匀增加,回路中产生的充电电流的方向为逆时针方向,Q板带正电,P板带负电,A错误;由于E=S=KR2,而L= 2R,R=,解得E=.电容器上的电荷量Q=CE=,B,C错误,D正确.10.(2

13、018山东潍坊一模)(多选)如图(甲)所示,线圈两端a,b与一电阻R相连.线圈内有垂直线圈平面向里的磁场,t=0 时起,穿过线圈的磁通量按图(乙)所示规律变化.下列说法正确是(AC)A.时刻,R中电流方向由a到bB.t0时刻,R中电流方向由a到bC.0t0时间内R中的电流是t02t0时间内的D.0t0时间内R产生的焦耳热是t02t0时间内的解析:时刻,线圈中向里的磁通量在增加,根据楞次定律,感应电流沿逆时针方向,所以R中电流方向由a到b,故A正确;t0时刻,线圈中向里的磁通量在减少,根据楞次定律,感应电流沿顺时针方向,R中的电流方向由b到a,故B错误;0t0时间内感应电动势E1=;t02t0时

14、间内感应电动势E2=;由欧姆定律I=,知0t0时间内R中的电流是t02t0时间的,故C正确;根据焦耳定律Q=I2Rt,知0t0时间内R产生的焦耳热是t02t0时间内的,故D错误.11.(多选)如图(甲)所示,间距为L的光滑导轨水平放置在竖直向下的匀强磁场中,磁感应强度为B,轨道左侧连接一定值电阻R.垂直导轨的导体棒ab在水平外力F作用下沿导轨运动,F随t变化的规律如图(乙)所示.在0t0时间内,棒从静止开始做匀加速直线运动.(乙)图中t0,F1,F2为已知,棒和轨道的电阻不计.则(BD)A.在t0以后,导体棒一直做匀加速直线运动B.在t0以后,导体棒先做加速,最后做匀速直线运动C.在0t0时间

15、内,导体棒的加速度大小为D.在0t0时间内,通过导体棒横截面的电荷量为解析:因在0t0时间内棒做匀加速直线运动,故在t0时刻F2大于棒所受的安培力,在t0以后,外力保持F2不变,安培力逐渐变大,导体棒做加速度越来越小的加速运动,当加速度a=0,即导体棒所受安培力与外力F2大小相等后,导体棒做匀速直线运动,故A错误,B正确;设在0t0时间内导体棒的加速度为a,导体棒的质量为m,t0时刻导体棒的速度为v,根据牛顿运动定律,t=0时有F1=ma,t=t0时有F2-=ma而v=at0,由此得a=,故C错误;在0t0内,导体棒ab扫过面积 S=La=,则通过导体横截面的电荷量q=,故D 正确.12.(2

16、019山东济南模拟)(多选)如图,两根电阻不计的足够长的光滑金属导轨MN,PQ,间距为L,两导轨构成的平面与水平面成角.金属棒ab,cd用绝缘轻绳连接,其电阻均为R,质量分别为m和2m.沿斜面向上的外力F作用在cd上使两棒静止,整个装置处在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场中,重力加速度大小为g.将轻绳烧断后,保持F不变,金属棒始终与导轨垂直且接触良好.则(AD)A.轻绳烧断瞬间,cd的加速度大小a=gsin B.轻绳烧断后,cd做匀加速运动C.轻绳烧断后,任意时刻两棒运动的速度大小之比 vabvcd=12D.棒ab的最大速度vabm=解析:轻绳烧断前,对两金属棒组成的整体,有F=(

17、m+2m)gsin = 3mgsin ,轻绳烧断瞬间,对cd有F-2mgsin =2ma解得a=gsin ,故A正确;随着速度的变化,电动势不断变化,电流不断变化,安培力不断变化,加速度不断变化,所以cd棒不可能做匀加速运动,故B错误;两金属棒组成的系统合力为0,动量守恒,所以有0=mvab-2mvcd,得vabvcd=21,故C错误;回路总电动势E=BLvab+BLvcd,因为vab=2vcd,由闭合电路欧姆定律得I=,当棒ab速度最大时,有BIL=mgsin ,则得vabm=,故D正确.13.(2018广东肇庆三模)如图(甲)所示,电阻不计、间距为l的平行长金属导轨置于水平面内,阻值为R的

18、导体棒ab固定连接在导轨左端,另一阻值也为R的导体棒ef垂直放置到导轨上,ef与导轨接触良好,并可在导轨上无摩擦移动.现有一根轻杆一端固定在ef中点,另一端固定于墙上,轻杆与导轨保持平行,ef,ab两棒间距为d.若整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中,且从某一时刻开始,磁感应强度B随时间t按图(乙)所示的方式变化.(1)求在0t0时间内流过导体棒ef的电流的大小与方向;(2)求在t02t0时间内导体棒ef产生的热量;(3)1.5t0时刻杆对导体棒ef的作用力的大小和方向.解析:(1)在0t0时间内,磁感应强度的变化率=产生感应电动势的大小E1=S=ld=流过导体棒ef的电流大小I1=由楞次定律

19、可判断电流方向为ef.(2)在t02to时间内,磁感应强度的变化率=产生感应电动势的大小E2=S=ld=流过导体棒ef的电流大小I2=t02t0时间内导体棒ef产生的热量Q=Rt0=.(3)在1.5t0时,磁感应强度B=B0ef棒受安培力F=B2I2l=B0I2l=,方向水平向左.根据导体棒受力平衡,杆对导体棒的作用力大小为,方向水平 向右.答案:(1),方向为ef(2)(3),方向水平向右14.(2018江苏南通模拟)如图所示,两足够长的光滑金属导轨竖直放置,相距为L,一理想电流表与两导轨相连,匀强磁场与导轨平面垂直.一质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放.导体棒进入磁场后,流经电流表的电流逐渐减小,最终稳定为I.整个运动过程中,导体棒与导轨接触良好,且始终保持水平,不计导轨的电阻.求:(1)磁感应强度的大小B;(2)电流稳定后,导体棒运动速度的大小v;(3)流经电流表电流的最大值Im.解析:(1)电流稳定后,导体棒做匀速运动,安培力与重力平衡,则有BIL=mg,解得B=.(2)电流稳定后,感应电动势E=BLv=,又感应电流I=,解得v=.(3)由题意知,导体棒刚进入磁场时的速度最大,产生的感应电流最大,设最大速度为vm.对于自由下落的过程,根据机械能守恒得mgh=m感应电流的最大值Im=代入解得,Im=.答案:(1)(2)(3)