2022年高中物理直线运动 .pdf

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1、专题二：直线运动考点例析陈宏湖北枝江市一中（443200）直线运动是高中物理的重要章节，是整个物理学的基础内容之一。本章涉及位移、速度、加速度等多个物理量，基本公式也较多，同时还有描述运动规律的s-t 图象、 V-t 图象等知识。从历年高考试题的发展趋势看，本章内容作为一个孤立的知识点单独考查的命题并不多，更多的是体现在综合问题中，甚至与力、电场中带电粒子、磁场中的通电导体、电磁感应现象等结合起来，作为综合试题中的一个知识点加以体现。为适应综合考试的要求，提高综合运用学科知识分析、解决问题的能力。同学们复习本章时要在扎实掌握学科知识的基础上，注意与其他学科的渗透以及在实际生活、科技领域中的应用

2、， 经常用物理视角观察自然、社会中的各类问题，善于应用所学知识分析、解决问题，尤其是提高解决综合问题的能力。本章多与公路、铁路、航海、航空等交通方面知识或电磁学知识综合。如：20XX 年全国物理卷第 11 题，这是一道以回声测距为背景的题目，是一道直接应用匀速运动规律的非常基本的考题； 20XX 年全国物理卷第15 题，本题是一道以“研究匀变速直线运动”为背景的实验题， 要求考生通过对纸带的分析求解斜面上小车下滑的加速度及受到的阻力，是一道与牛顿运动定律相结合的半设计性实验题；20XX 年全国理综卷第26 题，这是一道以蹦床运动为背景的考题， 要求考生求解运动员与网接触时网对运动员的作用力，是

3、一道与牛顿运动定律相结合的考题；20XX 年全国物理卷（广东、广西、河南）第13 题，这是一道在书本实验“研究匀变速直线运动”的基础上改编的半设计性实验题，要求通过实验求解圆盘转动的角速度， 是一道与圆周运动相联系的考题；20XX 年江苏卷第12 题，题目以学生实验 “研究匀变速直线运动”为背景， 求木块与木板间的动摩擦因数，这是典型的与牛顿运动定律相结合的问题； 20XX 年全国理综卷第34 题，题目在常见的传送带模型基础上作了改编，成了一道集运动学、功能关系及能量守恒的综合题；20XX 年全国物理广西卷第14 题考查影子的长度的变化率、20XX 年全国理综福建卷第25 题，考查桌布带动小圆

4、盘的运动及分离问题，是一道典型的联系实际问题的试题等。一、夯实基础知识（一） 、基本概念1. 质点用来代替物体的有质量的点。（当物体的大小、形状对所研究的问题的影响可以忽略时，物体可作为质点。）2. 速度描述运动快慢的物理量，是位移对时间的变化率。3. 加速度描述速度变化快慢的物理量，是速度对时间的变化率。4. 速率速度的大小，是标量。只有大小，没有方向。5. 注意匀加速直线运动、匀减速直线运动、匀变速直线运动的区别。（二） 、匀变速直线运动公式1. 常用公式有以下四个：atVVt0,2021attVs,asVVt2202tVVst20以上四个公式中共有五个物理量：s、t 、a、V0、Vt，这

5、五个物理量中只有三个是独立的，可以任意选定。只要其中三个物理量确定之后，另外两个就唯一确定了。每个公式中只有其中的四个物理量，当已知某三个而要求另一个时，往往选定一个公式就可以了。如果两个匀变速直线运动有三个物理量对应相等，那么另外的两个物理量也一定对应相等。以上五个物理量中，除时间 t 外， s、V0、Vt、a 均为矢量。 一般以 V0的方向为正方向，精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 15 页以t=0 时刻的位移为零，这时s、Vt和 a 的正负就都有了确定的物理意义。2. 匀变速直线运动中几个常用的结论s=aT 2，即任

6、意相邻相等时间内的位移之差相等。可以推广到sm-sn=(m-n)aT 2202ttVVV，某段时间的中间时刻的即时速度等于该段时间内的平均速度。22202tsVVV，某段位移的中间位置的即时速度公式（不等于该段位移内的平均速度） 。可以证明，无论匀加速还是匀减速，都有22stVV。3. 初速度为零（或末速度为零）的匀变速直线运动做匀变速直线运动的物体，如果初速度为零，或者末速度为零，那么公式都可简化为：gtV，221ats，asV22，tVs2以上各式都是单项式，因此可以方便地找到各物理量间的比例关系。4. 初速为零的匀变速直线运动前 1s、前 2s、前 3s内的位移之比为149第 1s、第

7、2s、第 3s内的位移之比为135前 1m 、前 2m 、前 3m 所用的时间之比为12 3第 1m 、第 2m 、第 3m 所用的时间之比为112（23）5、自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，竖直上抛运动是匀减速直线运动，可分向上的匀减速运动和竖直向下匀加速直线运动。二、解析典型问题问题 1：注意弄清位移和路程的区别和联系。位移是表示质点位置变化的物理量，它是由质点运动的起始位置指向终止位置的矢量。位移可以用一根带箭头的线段表示，箭头的指向代表位移的方向，线段的长短代表位移的大小。而路程是质点运动路线的长度，是标量。 只有做直线运动的质点始终朝着一个方向运动时，位移的大小才与运动路程

8、相等。例 1、一个电子在匀强磁场中沿半径为R 的圆周运动。转了3 圈回到原位置，运动过程中位移大小的最大值和路程的最大值分别是：A2R，2R；B2R， 6R；C2R，2R；D0，6R。分析与解：位移的最大值应是2R，而路程的最大值应是6 R。即 B 选项正确。问题 2.注意弄清瞬时速度和平均速度的区别和联系。瞬时速度是运动物体在某一时刻或某一位置的速度，而平均速度是指运动物体在某一段时间t或某段位移x的平均速度，它们都是矢量。当0t时，平均速度的极限，就是该时刻的瞬时速度。例 2、甲、乙两辆汽车沿平直公路从某地同时驶向同一目标，甲车在前一半时间内以速度 V1做匀速直线运动，后一半时间内以速度V

9、2做匀速直线运动；乙车在前一半路程中以速度 V1做匀速直线运动，后一半路程中以速度V2做匀速直线运动，则（） 。A甲先到达； B.乙先到达；C.甲、乙同时到达；D.不能确定。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 15 页分析与解：设甲、乙车从某地到目的地距离为S，则对甲车有212VVSt甲;对于乙车有2121212)(22VVSVVVSVSt乙，所以22121)(4VVVVtt乙甲，由数学知识知212214)(VVVV,故 t甲V2;当tVV0，物体做匀速直线运动，必有V1=V2。所以正确选项应为A、B、C。例 6、一个质量为

10、m 的物块由静止开始沿斜面下滑，拍摄此下滑过程得到的同步闪光（即第一次闪光时物块恰好开始下滑）照片如图1 所示已知闪光频率为每秒10 次，根据照片测得物块相邻两位置之间的距离分别为AB2.40cm，BC7.30cm，CD12.20cm，DE17.10cm由此可知，物块经过D 点时的速度大小为_m/s；滑块运动的加速度为_ （保留 3 位有效数字）分析与解： 据题意每秒闪光10 次，所以每两次间的时间间隔T=0.1s,根据中间时刻的速度公式得smsmTCEVD/46.1/102 .01 .172 .1222_. 根据2aTS得2)2( TaACCE,所以24TACCEa2.40m/s2. 问题

11、5.注意弄清位移图象和速度图象的区别和联系。运动图象包括速度图象和位移图象，要能通过坐标轴及图象的形状识别各种图象，知道它们分别代表何种运动，如图2 中的 A、B分别为 V-t 图象和 s-t图象。其中： 1 是匀速直线运动， 2是初速度为零的匀加速直线运动， 3 是初速不为零的匀加速直线运动， 4 是匀减速直线运动。同学们要理解图象所代表的物理意义， 注意速度图象和位移图象斜率的物理意义不同，S-t 图象的斜率为速度， 而 V-t 图象的斜率为加速度。例 7、龟兔赛跑的故事流传至今，按照龟兔赛跑的故事情节，兔子和乌龟的位移图象如图 3 所示，下列关于兔子和乌龟的运动正确的是A兔子和乌龟是同时

12、从同一地点出发的B乌龟一直做匀加速运动，兔子先加速后匀速再加速C骄傲的兔子在T4时刻发现落后奋力追赶，但由于速度比乌龟的速度小，还是让乌龟先到达预定位移 S3 D在 0T5时间内， 乌龟的平均速度比兔子的平均速度大分析与解： 从图 3 中看出， 0T1这段时间内， 兔子没有运动， 而乌龟在做匀速运动，所以 A 选项错；乌龟一直做匀速运动，兔子先静止后匀速再静止，所以B 选项错；在T4时刻以后， 兔子的速度比乌龟的速度大，所以 C 选项错； 在 0T5时间内，乌龟位移比兔子的位移大，所以乌龟的平均速度比兔子的平均速度大，即D 选项正确。t V A O 1243t S B O 1234图 2 图3

13、 T1 T2 T3 T4 T5 O SS2 S1t S3 龟兔精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 15 页例8、两辆完全相同的汽车,沿水平直路一前一后匀速行驶,速度均为 V0,若前车突然以恒定的加速度刹车,在它刚停住时 ,后车以前车刹车时的加速度开始刹车 .已知前车在刹车过程中所行的距离为s,若要保证两辆车在上述情况中不相撞,则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为: (A)s (B)2s (C)3s (D)4s分析与解 : 依题意可作出两车的V-t 图如图 4所示，从图中可以看出两车在匀速行驶时保持的距离至少应为2s,即 B

14、选项正确。例 9 、一个固定在水平面上的光滑物块，其左侧面是斜面AB ，右侧面是曲面AC,如图 5 所示。已知AB和 AC的长度相同。两个小球p、q同时从A点分别沿AB和AC由静止开始下滑，比较它们到达水平面所用的时间： A.p小球先到 B.q小球先到C.两小球同时到 D.无法确定分析与解：可以利用V-t图象 ( 这里的 V 是速率，曲线下的面积表示路程s) 定性地进行比较。在同一个V-t图象中做出p、q的速率图线，如图6 所示。显然开始时q的加速度较大，斜率较大；由于机械能守恒，末速率相同，即曲线末端在同一水平图线上。为使路程相同（曲线和横轴所围的面积相同），显然q用的时间较少。例 10、

15、两支完全相同的光滑直角弯管( 如图 7 所示 ) 现有两只相同小球a和a/同时从管口由静止滑下，问谁先从下端的出口掉出？( 假设通过拐角处时无机械能损失) 分析与解：首先由机械能守恒可以确定拐角处V1 V2，而两小球到达出口时的速率V相等。又由题意可知两球经历的总路程s相等。由牛顿第二定律，小球的加速度大小a=gsin ，小球a第一阶段的加速度跟小球a/第二阶段的加速度大小相同（设为a1） ；小球a第二阶段的加速度跟小球a/第一阶段的加速度大小相同（设为a2） ，根据图中管的倾斜程度，显然有a1a2。根据这些物理量大小的分析，在同一个V-t图象中两球速度曲线下所围的面积应该相同，且末状态速度大

16、小也相同（纵坐标相同）。开始时a球曲线的斜率大。由于两球两阶段加速度对应相等，如果同时到达（经历时间为t1）则必然有s1s2，显然不合理。如图8 所示。因此有t10, 则这两个物体永远不能相遇；若存在某个时刻 t，使得 y=f(t)0,则这两个物体可能相遇。其二是设在t 时刻两物体相遇，然后根据几何关系列出关于t 的方程 f(t)=0, 若方程 f(t)=0 无正实数解，则说明这两物体不可能相遇；若方程 f(t)=0 存在正实数解，则说明这两个物体可能相遇。方法2：利用图象法求解。利用图象法求解，其思路是用位移图象求解，分别作出两个物体的位移图象，如果两个物体的位移图象相交，则说明两物体相遇。

17、例 15、火车以速率V1向前行驶，司机突然发现在前方同一轨道上距车为S 处有另一辆火车， 它正沿相同的方向以较小的速率V2作匀速运动， 于是司机立即使车作匀减速运动，加速度大小为a,要使两车不致相撞，求出a 应满足关式。分析与解：设经过t 时刻两车相遇，则有21221attVStV，整理得：02)(2122StVVat要使两车不致相撞，则上述方程无解，即08)(442122aSVVacb解得SVVa2)(221。例 16、在地面上以初速度2V0竖直上抛一物体A 后，又以初速V0同地点竖直上抛另一物体 B，若要使两物体能在空中相遇，则两物体抛出的时间间隔t必须满足什么条件？（不计空气阻力）分析与

18、解：如按通常情况，可依据题意用运动学知识列方程求解，这是比较麻烦的。如换换思路，依据s=V0t-gt2/2S O t A B 2V0/g 4V0/g 6V0/g t图 10 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 15 页作 s-t图象，则可使解题过程大大简化。如图10 所示，显然，两条图线的相交点表示A、B相遇时刻，纵坐标对应位移SA=SB。由图 10 可直接看出 t 满足关系式gVtgV0042时，B可在空中相遇。问题 9. 注意弄清极值问题和临界问题的求解方法。例 17、如图 11 所示，一平直的传送带以速度V=2m/s

19、做匀速运动，传送带把A处的工件运送到B处， A、B相距 L=10m 。从 A处把工件无初速地放到传送带上，经过时间t=6s, 能传送到 B处，欲用最短的时间把工件从A处传送到B处，求传送带的运行速度至少多大？分析与解：因2VtL, 所以工件在6s 内先匀加速运动，后匀速运动，有VtStVS21,2t1+t2=t, S1+S2=L 解上述四式得t1=2s,a=V/t1=1m/s2. 若要工件最短时间传送到B，工件加速度仍为a，设传送带速度为V，工件先加速后匀速，同上理有：212VttVL又因为 t1=V/a,t2=t-t1,所以)(22aVtVaVL，化简得：aVVLt2,因为常量aLaVVL2

20、2，所以当aVVL2,即aLV2时， t 有最小值，smaLV/522。表明工件一直加速到B 所用时间最短。例 18、摩托车在平直公路上从静止开始起动，a1=1.6m/s2,稍后匀速运动，然后减速，a2=6.4m/s2,直到停止，共历时130s，行程 1600m.试求：（1）摩托车行驶的最大速度Vm. (2)若摩托车从静止起动，a1、a2不变，直到停止，行程不变，所需最短时间为多少？分析与解：（ 1）整个运动过程分三个阶段：匀加速运动；匀速运动；匀减速运动。可借助 V-t 图表示，如图12 所示。利用推论aSVVt2202有：16002)130(2222112aVVaVaVaVmmmmn解得：

21、 Vm=12.8m/s.(另一根舍去 ) （2）首先要回答摩托车以什么样的方式运动可使得时间最短。借助 V-t 图象可以证明： 当摩托车先以a1匀加速运动， 当速度达到 Vm/时，紧接着以a2匀减速运动直到停止时，行程不变，而时间最短，如图13 所示，设最短时间为tmin, 则2/1/minaVaVtmm, 16002222/12/aVaVmm由上述二式解得：Vm/=64m/s,故 tmin=5os,即最短时间为50s. 问题 10、注意弄清联系实际问题的分析求解。A B 图 11 130s V(m/s) O Vm a1 a2 t/s 图 12 130s V(m/s) O Vm a1 a2 t

22、/s 图 13 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 15 页例 19、图 14（a）是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波脉冲信号，根据发出和接收到的时间差，测出汽车的速度。图14（b）中是测速仪发出的超声波信号，n1、n2分别是由汽车反射回来的信号。设测速仪匀速扫描，p1、p2之间的时间间隔t1.0s， 超声波在空气中传播的速度是V340m./s， 若汽车是匀速行驶的，则根据图14（b）可知，汽车在接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离是m，汽车的速度是_m/s 分析与解：本题由阅读图

23、14（b）后，无法让人在大脑中直接形成测速仪发射和接受超声波以及两个超声波在传播过程中量值关系形象的物理图象。只有仔细地分析图14（ b）各符号的要素，深刻地思考才会在大脑中形成测速仪在P1时刻发出的超声波，经汽车反射后经过t1=0.4S 接收到信号，在P2时刻发出的超声波，经汽车反射后经过t2=0.3S 接收到信号的形象的物理情景图象。根据这些信息很容易给出如下解答：汽车在接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离是: S=V（t1-t2）/2=17m，汽车通过这一位移所用的时间t=t-（ t1-t2）/2=0.95S.所以汽车的速度是SmtSV/9 .17/1.例 20、调节水龙头，让

24、水一滴滴流出，在下方放一盘子，调节盘子高度，使一滴水滴碰到盘子时， 恰有另一滴水滴开始下落，而空中还有一滴正在下落中的水滴，测出水龙头到盘子的距离为h，从第一滴开始下落时计时，到第n 滴水滴落在盘子中，共用去时间t，则此时第（ n+1）滴水滴与盘子的距离为多少？当地的重力加速度为多少？分析与解：设两个水滴间的时间为T，如图 15 所示，根据自由落体运动规律可得：2214gTh, tTngh) 1(2所以求得：此时第（n+1）滴水滴与盘子的距离为43h，当地的重力加速度g=htn222)1(.三、警示易错试题典型错误之一：盲目地套用公式计算“ 汽车 ” 刹车的位移。例 21、 飞机着陆做匀减速运

25、动可获得a=6m/s2的加速度，飞机着陆时的速度为V0=60m/s,求它着陆后t=12s 内滑行的距离。错解：将t=12s 代入位移公式得：mattVS)126211260(21220288m. 分析纠错： 解决本问题时应先计算飞机能运动多长时间，才能判断着陆后t=12s 内的运动情况。设飞机停止时所需时间为t0,由速度公式Vt=V0-at0得 t0=10s. 0 1 2 3 4 5 P1 P2 n1 n2 A B 图 14a 图 14b h h/4 图 15 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 15 页可见，飞机在t=1

26、2s 内的前 10s内做匀减速运动，后2s 内保持静止。所以有：.3 0 0212000mattVS典型错误之二：错误理解追碰问题的临界条件。例 22、 经检测汽车A的制动性能：以标准速度20m/s 在平直公路上行使时，制动后40s 停下来。 现 A在平直公路上以20m/s 的速度行使发现前方180m处有一货车B以 6m/s 的速度同向匀速行使，司机立即制动，能否发生撞车事故？错解：设汽车 A制动后 40s 的位移为s1，货车 B在这段时间内的位移为S2。据tVVat0有 A车的加速度为：a=-0.5m/s2. 据匀变速直线运动的规律有：mattVS40021201而 S2=V2t=640=2

27、40（ m ），两车位移差为400-240=160 （ m ），因为两车刚开始相距180m 160m ，所以两车不相撞。分析纠错：这是典型的追击问题。关键是要弄清不相撞的条件。汽车A与货车 B同速时，两车位移差和初始时刻两车距离关系是判断两车能否相撞的依据。当两车同速时， 两车位移差大于初始时刻的距离时，两车相撞；小于、等于时，则不相撞。而错解中的判据条件错误导致错解。本题也可以用不等式求解：设在t 时刻两物体相遇，则有：ttt61805 .021202，即：0720562tt。因为02567204562，所以两车相撞。典型错误之三：参考系的选择不明确。例 23、航空母舰以一定的速度航行，以保

28、证飞机能安全起飞，某航空母舰上的战斗机起飞时的最大加速度是a=5.0m/s2,速度须达V=50m/s 才能起飞， 该航空母舰甲板长L=160m,为了使飞机能安全起飞，航空母舰应以多大的速度V0向什么方向航行？错解：据aLVV2202得smaLVV/30220。分析纠错：上述错解的原因是没有明确指出参考系，速度、位移不是在同一参考系中得到的量。若以地面为参考系，则飞机的初速度为V0，末速度为V=50m/s ，飞机的位移为S=L+V0t,则根据匀变速直线的规律可得：)(22020202tVLaVaSVV，V=V0+at。代入数据求得：V0=10m/s. 即航空母舰应与飞机起飞方向相同至少以10m/

29、s 的速度航行。若以航空母舰为参考系，则飞机的初速度为零，位移为L，设末速度为V1，则据匀变速直线的规律可得：smaLV/4021。所以 V0=V-V1=10m/s.即航空母舰应与飞机起飞方向相同至少以10m/s 的速度航行。精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 15 页典型错误之四：对由公式求得“结果”不能正确取舍。例 24、汽车以20m/s 的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为 5m/s2，则它关闭发动机后通过t=37.5m 所需的时间为（）A.3s; B.4s C.5s D.6s 错解：设汽车

30、初速度的方向为正方向，即V0=20m/s,a=5m/s2,s=37.5m. 则由位移公式2021attVs得：5.37521202tt解得： t1=3s,t2=5s.即 A、C 二选项正确。分析纠错：因为汽车经过t0=saV400已经停止运动，4s 后位移公式已不适用，故t2=5s 应舍去。即正确答案为A。典型错误之五：忽视位移、速度和加速度的矢量性。例 25、竖直向上抛出一物体，已知其出手时的速度是5m/s, 经过 3s，该物体落到抛出点下某处，速度为25m/s, 已知该物体在运动过程中加速度不变，求该加速度的大小及方向。错解：由题意知V0=5m/s,Vt=25m/s, 所以加速度a=(Vt

31、-V0)/t=6.67m/s2. 分析纠错： 由于速度是矢量，处理同一直线上的矢量运算，必须先选定正方向，将矢量运算转化为代数运算。取向上为正方向，由题意知：V0=5m/s,Vt=25m/s, 所以加速度a=(Vt-V0)/t= 10m/s2. 加速度为负，表示加速度的方向与正方向相反，即a 的方向竖直向下。典型错误之六：不能正确理解运动图象。例 26、 一质点沿直线运动时的速度时间图线如图16所示，则以下说法中正确的是：A第 1s 末质点的位移和速度都改变方向。B第 2s 末质点的位移改变方向。C第 4s 末质点的位移为零。D第 3s 末和第 5s 末质点的位置相同。错解：选B、C。分析纠错

32、：速度图线中，速度可以直接从纵坐标轴上读出，其正、负就表示速度方向，位移为速度图线下的“面积”，在坐标轴下方的“面积”为负。由图 16 中可直接看出，速度方向发生变化的时刻是第2s 末、第 4s 末，而位移始终为正值，前 2s 内位移逐渐增大，第3s、第 4s 内又逐渐减小。第4s 末位移为零，以后又如此变化。第 3s 末与第 5s 末的位移均为0.5m.故选项 CD 正确。所以正确答案是选项C、D。四、如临高考测试1.甲、乙两辆汽车沿平直公路从某地同时同向驶向同一目的地，甲车在前一半时间内以速度 V1做匀速运动，后一半时间内以速度V2做匀速运动；乙车在前一半路程中以速度V1做匀速运动，在后一

33、半路程中以速度V2做匀速运动，且V1V2，则：A甲先到达；B乙先到达；C甲、乙同时到达；D无法比较。t/s V/ms-1 0 1 2 1 2 3 4 5 图 16 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页，共 15 页2一球由空中自由下落，碰到桌面立刻反弹，则Vt 图象为图17 中的 (取向上为正 ) 3甲、乙两车以相同的速率V0在水平地面上相向做匀速直线运动，某时刻乙车先以大小为 a 的加速度做匀减速运动，当速率减小到0 时，甲车也以大小为a的加速度做匀减速运动。为了避免碰车，在乙车开始做匀减速运动时，甲、乙两车的距离至少应为：A

34、aV220BaV20CaV2320DaV202。4作匀加速直线运动的物体，依次通过A、B、C 三点，位移SAB=SBC，已知物体在AB段的平均速度为3 m/s，在 BC 段的平均速度大小为6 m/s，那么物体在B 点时的即时速度的大小为：A4 m/s B45 m/s C5 m/s D55 m/s。5物体以速度V 匀速通过直线上的A、B 两点间，需时为t。现在物体由A 点静止出发， 匀加速 (加速度为a1)到某一最大速度Vm后立即作匀减速运动(加速度为a2)至 B 点停下，历时仍为t，则物体的A Vm只能为 2V，无论 a1、a2为何值B Vm可为许多值，与a1a2的大小有关C a1、a2值必须

35、是一定的Da1、a2必须满足tVaaaa22121。6作直线运动的物体，经过A、B 两点的速度分别为VA和 VB，经过 A 和 B 的中点的速度为 VC，且 VC=21(VA+VB)；在 AC 段为匀加速直线运动，加速度为a1，CB 段为匀加速直线运动，加速度为a2，则：A a1=a2Ba1a2C a1a 2D不能确定。7. 一物体在 AB 两点的中点由静止开始运动(设 AB 长度足够长 )，其加速度如图18 所示随时间变化。设向 A 的加速度为正向，从t=0 开始，则物体的运动情况 A.先向 A后向 B ，再向 A、向 B、4s末静止在原位置 B.先向 A后向 B ，再向 A、向 B、4s末

36、静止在偏 A侧的某点 C.先向 A后向 B ，再向 A、向 B、4s末静止在偏 B侧的某点D.一直向 A运动， 4s末静止在偏向 A侧的某点。图 17 图 18 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页，共 15 页8. 从离地高处自由下落小球a，同时在它正下方H处以速度0竖直上抛另一小球b，不计空气阻力，有：(1) 若0gH，小球 b在上升过程中与a球相遇(2) 若0gH, 小球 b在下落过程中肯定与a球相遇(3) 若0=2gH，小球 b和a不会在空中相遇(4) 若0=gH，两球在空中相遇时b球速度为零。A.只有 (2) 是正确的

37、 B.(1)(2)(3)是正确的C.(1)(3)(4)正确的 D. (2) (4)是正确的。9.在平直轨道上有两辆长为L 的汽车，中心相距为S。开始时， A 车以初速度V0、加速度大小为2a 正对 B 车做匀减速运动，而 B 车同时以加速度大小为a由静止做匀加速直线运动，两车运动方向相同。要使两车不相撞，则V0应满足的关系式为。10. 一根细杆长 3m ，用短绳悬挂( 绳长不计 ) ，悬点下有一个2m 高的窗门，门顶在悬点下8m 处，今将绳剪断，让杆自由下落，则杆从门旁通过的时间是 s(g取10m/s2) 11.将一个粉笔头轻放在2 m/s 的恒定速度运动的水平传送带上后，传送带上留下一条长度

38、为 4m 的划线；若使该传送带改做匀减速运动（加速度的大小为15 m/s2） ，并且在传送带开始做匀减速运动的同时，将另一支粉笔头放在传送带上，该粉笔头在传送带上能留下一条多长的划线 ?(g 取 10 m/s2) 12.跳伞运动员做低空跳伞表演，当飞机离地面224m 水平飞行时， 运动员离开飞机在竖直方向作自由落体运动。运动一段时间后，立即打开降落伞，展伞后运动员以125 m /s2的加速度匀减速下降。为了运动员的安全，要求运动员落地速度最大不得超过5 m /s。g10 m /s2。求：（1）运动员展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）运动员在空中的最短时间为多少

39、？13 、如图所示，声源S和观察者A 都沿 x 轴正方向运动，相对于地面的速率分别为Vs和 VA空气中声音传播的速率为Vp,设 VsVp,VAVp,空气相对于地面没有流动（1）若声源相继发出两个声信号时间间隔为t,请根据发出的这两个声信号从声源传播到观察者的过程确定观察者接收到这两个声信号的时间间隔 t（ 2）请利用 (1)的结果，推导此情形下观察者接收到的声波频率与声源发出的声波频率间的关系式( 参考答案见下期讲座) 。（专题一：如临高考测试参考答案：1.A;2.D;3.A;4.B;5.A;6.A;7.C; x A VA VS S图 19 精选学习资料 - - - - - - - - - 名

40、师归纳总结 - - - - - - -第 14 页，共 15 页例 1 汽车以 10 m/s 的速度行使 5 分钟后突然刹车。如刹车过程是做匀变速运动，加速度大小为5m/s2，则刹车后 3 秒钟内汽车所走的距离是多少？【错解】 因为汽车刹车过程做匀减速直线运动，初速v0=10 m/s 加速度【错解原因】 出现以上错误有两个原因。 一是对刹车的物理过程不清楚。当速度减为零时， 车与地面无相对运动， 滑动摩擦力变为零。 二是对位移公式的物理意义理解不深刻。位移S对应时间 t ，这段时间内 a 必须存在，而当 a 不存在时，求出的位移则无意义。 由于第一点的不理解以致认为a 永远地存在； 由于第二点

41、的不理解以致有思考a 什么时候不存在。【分析解答】 依题意画出运动草图1-1。设经时间 t1速度减为零。据匀减速直线运动速度公式v1=v0-at 则有 0=10-5t 解得 t=2S 由于汽车在 2S时18如图所示，AB 、CO 为互相垂直的丁字形公路，CB 为一斜直小路，CB 与 CO 成 600角， CO 间距 300 米，一逃犯骑着摩托车以54Km/h 的速度正沿AB 公路逃串。当逃犯途径路口 O 处时，守侯在 C 处的公安干警立即以1.2m/S2的加速度启动警车，警车所能达到的最大速度为 120Km/h 。 公安干警沿COB 路径追捕逃犯， 则经过多长时间在何处能将逃犯截获？公安干警抄CB 近路到达B 处时，逃犯又以原速率掉头向相反方向逃串，公安干警则继续沿BA方向追捕，则经过多长时间在何处能将逃犯截获？（不考虑摩托车和警车转向的时间）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页，共 15 页